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文档简介
2020-2021学年北京市昌平区高一(下)期末数学试卷
一、选择题(共10小题,每小题5分,共50分).
1.在复平面内,复数―丁对应的点位于()
1+1
A.第一象限B.第二象限c.第三象限D.第四象限
c.23兀,
2.sin---=()
6
「a
A1BD,
2-422
,4
3.已知角a终边经过点尸(-3,y),且tanCl二Q,则cosa=()
0
.3
A.石c—D
5-4
4.已知△ABC中,ZC=90°,AC=2,BC=1,则屈•诟=()
A.2B.V5C.4D.2“
5.已知函数f(x)=2sin(3x+O)(3>0,|。IVy)的部分图象如图所示,则3,<p
分别是()
兀7T
A.(n=l,0=——B.3=2,0-C.3=1,(p=——D.3=2,
66
6.在△ABC中,若a2+c2=b2-J^ac,则/台=()
2兀口一
7.要得到函数y=3sin(2x_)的图象,只需将函数y=3sin2x的图象()
6
兀一
A.向右平移-十个单位长度
6
71
B.向左平移七个单位长度
C.向右平移二个单位长度
D.向左平移逋个单位长度
8.已知正四棱锥的侧棱长为2,高为'历.则该正四棱锥的表面积为()
A.473B.2+473C.4+473D.4+8愿
9.在平面直角坐标系xOy中,窟,而,EF,&是单位圆上的四段弧(如图),点尸在其
中一段上,角a是以3为始边,0P为终边.则“点P在而上”是“tana>sina>cosa”
的()
A.充分而不必要条件B.必要而不充分条件
C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件
10.在棱长为1的正方体中,M,N分别为A4i,CG的中点,。为底面
A3CD的中心,点尸在正方体的表面上运动,且满足NPLMO,则下列说法正确的是()
A.点P可以是棱83的中点
B.线段NP的最大值为喙
C.点尸的轨迹是平行四边形
D.点尸轨迹的长度为
二、填空题(本大题共6小题,每小题5分,共30分)
11.函数丫=3{211@q一)的定义域是.
12.设aeR,复数z=(1-/)(«-z).若复数z是纯虚数,则。=;若复数z在复
平面内对应的点位于实轴上,则。=.
⑶已知单位向量之兀满足;其卷,则之与E夹角的大小为------------------H^-2bl
14.已知/是平面B外的一条直线.给出下列三个论断:
①⑪仇
②/_La;
③/〃0.
以其中的两个论断作为条件,余下的一个论断作为结论,写出一个正确的命
题:.
15.已知sina+3cosa=0,贝!Jsin2a+cos2a=.
16.设向量nv=(4cos春,0),n=(sin~^_,1),函数f(x)=mn..若函数/⑴的定义域
为[a,b],值域为[-1,2].给出下列四个结论:
③五;
则6-。的值可能是.(填上所有正确的结论的序号)
三、解答题(本大题共5小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)
q
17.已知sina=w,且a是第二象限角.
D
(I)求sin2a及tan2a的值;
cos2a
(II)求./兀c、的值•
4
18.已知向量Z=(l,2),b=(3,-2).
(I)求|a-b|;
(ii)求向量Z与向量E的夹角e的余弦值;
(III)若|c|WI3,且(2a+c)_Lc,求向量a与向量l的夹角.
19.在△A3C中,a^-c-sinC=^--再从条件①、条件②这两个条件中选择一个作为
314
已知,求:
(1)ZA的大小;
(II)cosB和b的值.
条件①:b-a=}-,
条件②:ccosA=-5.
20.如图,在直四棱柱ABC。-421GA中,AB//CD,AB±AD,E为上一点,AB=
AD^AE=1,CD=2.
(I)求证:BELAD;
(II)求证:BE〃平面CDCiG;
(III)设平面EBC与棱加>i交于点R确定点尸的位置,并求出线段。尸的长度.
s-^+>/3cos2-^---y-(w>0)
21.已知函数f(x)=sin~?
(I)若/(尤)的最小正周期为m求/(x)的单调递增区间;
(II)若f(x)>噂在〔0,上恒成立,求实数3的取值范围;
TT
(III)若3=1,g(x)=10f(X-)-8,证明:存在无穷多个互不相同的正整数X0,使
O
得g(xo)>0.
参考答案
一、选择题(本大题共10小题,每小题5分,共50分.在每小题列出的四个选项中,选出
符合题目要求的一项)
1.在复平面内,复数一丁对应的点位于()
1+1
A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限
解:vT7T=(iH)a-i)
.••复数日对应的点的坐标为(/,£),位于第一象限.
故选:A.
.23兀,
2.初丁=()
A.41
B.C.返
-222
92JT._7_1_1
解:sin~~--二sin(4兀T)=sin(__6")=
6~sln6F
故选:B.
4
3.已知角a终边经过点尸(-3,y),且tanQ=Q,则cosa=()
o
A3.3「4
A.--BD.±—C.—
555
4
解:•・,角a终边经过点尸(-3,y),且tanCl二段,
o
.4y
tanCI=—=—y=-4,
o-o
-33
cosa=V](-3)2q+(-4)2~~T5".
故选:A.
4.已知AABC中,NC=90°,AC=2,BC=1,则标•正=()
A.2B.遥C.4D.275
解:在RtZXABC中,AB=VAC2+BC2=V5,
AC2
cosA=
AB乐’
2
•'•AB-AC=IABI-1AC|cosA=J^X2x=4.
V5
故选:c.
5.已知函数f(x)=2sin(3x+O)(3>0,|W)的部分图象如图所示,则3,<p
分别是()
▲兀
A.3=1,(pB.3=2,0=-y-C.3=1,。D.3=2,(J)=-^-
663
TTjr
解:由图象可得最小正周期T=4(---)=TT,
O
所以3=牛=2,
由五点作图法可得2X^+(p=等,可得(p=;.
故选:D.
6.在△ABC中,^a2+c2=b2-V3ac)则/8=()
解:因为r+c'b?-d^ac,
所以由余弦定理可得cos3=a2+c2-b,2=二叵三=一返_,
2ac2ac2
因为Be(0,TT),
所以8=誓.
6
故选:D.
兀
7.要得到函数y=3sin(2x_)的图象,只需将函数y=3sin2x的图象()
6
JT
A.向右平移丁个单位长度
6
B.向左平移各个单位长度
6
C.向右平移专个单位长度
D.向左平移彳|■个单位长度
解:要得到函数y=3sin(2x-?)的图象,只需将函数y=3sin2x的图象向右平移三个
单位长度即可,
故选:C.
8.已知正四棱锥的侧棱长为2,高为近.则该正四棱锥的表面积为()
A.473B.2+4/3C.4+4>/3D.4+8«
解:如图,由题可知正四棱锥V-A5CZ)中,丫0=近,VB=2,
则02=1VB2_VC)2=/4-2=历,
故AB=J^OB=2,
所以该正四棱锥的表面积为4X
故选:C.
9.在平面直角坐标系xOy中,源,而I,一谛,谕是单位圆上的四段弧(如图),点P在其
中一段上,角a是以Ox为始边,0P为终边.则''点尸在加上"是"tana>sina>cosa”
的()
A.充分而不必要条件B.必要而不充分条件
C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件
解:①若点尸在而上,根据题意作出如下图形:过点P作尸轴,垂足为
•.•点尸在&上,且/a=/xOP,:.1>MP>OM>0,
up
则可得:sina=MP>0,cosa=OM>Otana=---->0,
f0M
故可得:tana>sina>cosa,.;充分性成立,
②若点尸在&上,根据题意作出如下图形:过点P作尸轴,垂足为N,
•.,点尸在加上,且/a=NM?P,:.1>ON>PN>0,
wp
则可得:sina=-N尸VO,cosa=-ON<3tana=---->0,
ON
故可得:tana>sina>cosa,,必要性不成立,
・••点P在加上是tana>sina>cosa的充分不必要条件.
故选:A.
10.在棱长为1的正方体ABCO-A/iGA中,M,N分别为A4i,CG的中点,O为底面
ABC。的中心,点尸在正方体的表面上运动,且满足NP_LMO,则下列说法正确的是()
A.点尸可以是棱3囱的中点
B.线段NP的最大值为返
2
C.点P的轨迹是平行四边形
D.点尸轨迹的长度为
解:如图,连接AC,AjC,取CZ)中点-CB中点E,连接NP,NE,EF.
因为。分别为441,AC的中点,所以MO〃AiC.
在正方体中,4CL平面GDB,又平面NEF〃平面CQ8,所以4CL平面NER
所以,平面NE凡故尸点的轨迹为
所以尸点的轨迹长度为△'£下的周长为考2,NP的最大值为NE,
故选:B.
二、填空题(本大题共6小题,每小题5分,共30分)
11.函数y=3tan(x—日-)的定义域是,生#k冗+■芍-,k€Z]_.
解:令X--“K-]-+k兀,k€Z,
解得x卉k兀+'当二k€Z,
TTOTT
所以函数y=3tan(尤-下)的定义域为{小大女冗+,k€Z},
44
故答案为:{x|r/:k冗4^二,k€Z}.
12.设〃ER,复数z=(1-z)(a-z).若复数z是纯虚数,则a=1;若复数z在复
平面内对应的点位于实轴上,则a=一1.
解:z=(1-力(〃-力=(〃-1)+(Q+1)i,
若复数Z是纯虚数,则!a-l?,
la+1卉0
若复数z在复平面内对应的点位于实轴上,则a+l=O,.•々=-1.
故答案为:1,-1.
13.已知单位向量之,石满足;吊"•,则;与芯夹角的大小为口-2%|/3_.
解:根据题意,设之与E夹角为3
单位向量a,b满足a,b节,则有软•b=cosO=q,
兀
又由oweWm则。=二「
O
la-2bl2=a2+4b2-W%=3,则|a-2bI=«;
故答案为:-1,Vs-
14.已知/是平面0外的一条直线.给出下列三个论断:
①a_L0;
②/_La;
③/〃0.
以其中的两个论断作为条件,余下的一个论断作为结论,写出一个正确的命题:①②
n③或②③n①.
解:若。_1_0,/_La,/是平面自外的一条直线,
则由线面垂直的性质和线面平行的判定定理得z//p.
①②n③是真命题;
若/_!_n,///p,则由面面垂直的判定定理得a_L0.
.••②③n①是真命题.
故答案为:①②二>③或②③=①.
15.已知sina+3cosa=0,贝!Jsin2a+cos2a=.
—2—
解:由sina+3cosc(=0,得sina=-3cosa,即tana=-3,
..c22sinCLcosCI+cos^CL2tana+1
••sin2a+cosza=-----------------------=?
sina+cosatana+1
-6+1_]
一(-3产+12-
故答案为:4.
16.设向量m=(4<:0$今,0),n=>1),函数f(x)=irrn.若函数/(x)的定义域
为[a,b],值域为[-1,2],给出下列四个结论:
_71
©-Z-;
o
②…・5兀;
6
③H;
④管
6
贝〃的值可能是②③④.(填上所有正确的结论的序号)
解:•・•向量m=(4cos^~,0),n=(sin-|-,1),函数f(x)=mn=4sin_|"cos^~+0=2sinx.
若函数/(x)的周期为2m定义域为[〃,切,值域为[-1,2],
兀兀9JT
故当a=2kn-,b=2kn-^——,在Z时,b-a取得最小值为;
623
故当a=2kn-b=2kR+7?,在Z时,b-a取得最大值为4T”,
663
故答案为:②③④.
三、解答题(本大题共5小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)
3
17.已知sina=且a是第二象限角.
b
(I)求sin2a及tan2a的值;
cos2a
(II)求,/兀「、的值.
解:(I)已知sina二去且a是第二象限角.
b
43
cosa=--ytana.
54
,24cr2tana24
则sin2a=2sinacosa=f,tan2a1一7~;
251-tan4a'
cos2acos2a-sin2a
(II).K、".兀7T
a)sincosa-cos-^-sinCl
(cosa+sinQ)(cosQ-sinQ)(cosCL+sinQ)(cosQ-sinJ)
警cosa-半sina
osa-sina)
cosa+sina
=返=j/2
5
18.已知向量Z=(l,2),b=(3,-2).
(I)求|a-bI;
(ID求向量Z与向量E的夹角e的余弦值;
(III)若|c|WI5,且(2a+c)_Lc,求向量;与向量c的夹角•
解:(I)因为a=(l,2)>b=(3,-2)>
所以a-b=(-2,4).
所以I=7(-2)2+42=2A/5-
(II)因为a.b=lX3+2X(-2)=7,|"a|=V12+22=V5,lb|=Vs2+(-2)2=713,
、।r>a,b—1765
所以COSe|a||b|=VL5、X,~V1365■
(III)因为(25+3)1W,
所以(2a+c)c=0-
即2ac+c2=0-
所以21alicIcos(a,c?+lc|2=0-
即2乂收乂^/73义cos〈Z,"c>+10=0,
所以cos《a,c》=q^.
因为(a>c)€[0,冗],
所以<q,
4
19.在AABC中,a=4c,sinC=—.再从条件①、条件②这两个条件中选择一个作为
314
已知,求:
(I)ZA的大小;
(II)cosB和b的值.
条件①:b-a=l;
条件②:ccosA=-,.
解:选择①:b-a=\.
(1)在△ABC中,因为sinC=刍g*,
314
所以由正弦定理得sinA二且■sinC^^".
因为b-a=l,
所以a<b.
.TT
所以0</
兀
所以NA"--
o
,7
(II)因为
所以a>c.
TT
所以0〈/C<7丁.
因为sinC=,严'
14
^f^cosC=Vl-sin2c41--
所以cosB=cos[n-(A+C)]=-cos(A+C)=sinAsinC-cosAcosC=
返x迤二X迫
2142147
法一:
所以sinB=V1-COS2B•
ba
由正弦定理得去百砺~,即%=8a.
因为b-a—\,
所以b=8.
法二:
因为b-a=l,
所以a=b-1.
7
因为@一万6
所以c与a=y(b-l).
所以b2=a2+c2-2accosB=(b-1)2+-^-(b-l)2-2(b-l)X-|-(b-l)X(-y)•
所以49^=64(b-1)2.
所以7b=8(b-1).
所以b=8.
(或15扶-128b+64=0.即(156-8)Cb-8)=0)
所以bT■或6=8・
lb
因为b-a=\,
所以(舍)・
lb
所以b=8.
3
解:选择②:ccosA=一万.
(I)在△ABC中,因为sinC=与乌,
314
所以由正弦定理得sinA^^sinC
c/
3
在△ABC中,CCOSA=-5,
所以["■<NA<兀•
所以NA2*兀一.
O
7
(II)因为
o
所以a>c.
,TT
所以0<NC<-^-.
因为sinC=3/,
14
所以cosC=tl-sin2c
所以cosB=cos[n-(A+C)]=-cos(A+C)=sinAsinC-cosAcosC
返X盟Idx型』.
21421414
法一:
所以sinB=V1-COS2B=冷,
、3
因为ccosA=_],
3
所以c~^=3.
F
be
由正弦定理得5、Q=34,
-141F
所以b=5.
法二:
、3
因为ccosA=_],
3
所以c-^-=3.
F
7
所以a=yc=7.
o
所以加=”+/_2accosB=49+9-2X7X3X»=25.
14
所以b=5.
20.如图,在直四棱柱ABCD-AiBCQi中,AB//CD,AB±AD,E为上一点,AB
AD^AE=1,CD=2.
(I)求证:BE±AD;
(II)求证:BE〃平面CDQiG;
(III)设平面EBC与棱。Di交于点孔确定点P的位置,并求出线段DP的长度.
D\
【解答】(I)证明:在直四棱柱ABCD-A由〈Qi中,
因为A4i_L平面ABC。,AOu平面ABCD,
所以A4」AD
因为AB_LA。,ABHAAi^A,
所以AD,平面A231Al.
因为BEu平面ABBiAi,
所以BEL4D
(II)证明:法一:
因为AB〃C£>,AAi//DDi,ABHAAi=A,CDCWDi=D,
所以平面ABB1A1〃平面CDDiCi.
因为BEu平面AB3A1,
所以BE〃平面CDDiG.
法二:
取CO中点”,连接
因为A3=l,CD=2,AB//CD,
所以AB〃HD且AB=HD.
所以ABHZ)是平行四边形.
所以BH//AD且BH=AD.
在DA上取点G,使。G=AE=1,连接EG.
所以AE〃QG且AE=DG.
所以AOGE是平行四边形.
所以EG//AD且EG=AD.
所以BH//EG且BH=EG.
所以BEG#是平行四边形.
所以BE//GH.
因为平面CDDiG,GHu平面CDDiG,
所以BE〃平面CDDCi.
(IID解:法一:
延长CB,D4交于点G,连结GE,延长GE交于点R连接CE
因为A3〃CD,AB=l,CD=2,
所以A,B分别为GO,GC的中点.
因为AE〃/)R
所以E为GF的中点.
所以DF=2AE=2.
法二:
由(II)法二,在平面CDDiCi中作CF//GH,交DDi于点F,连接EF.
所以CF//BE.
所以点尸即为平面EBC与棱DDi的交点.
因为“为CD中点,
所以G为中点.
因为。G=AE=1,
所以DF=2.
21.已知函数f(x)=sin-^cos-^+V3cos2—w>0)•
(1)若/(x)的最小正周期为TT
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