四川省眉山市竹菁中学高二物理摸底试卷含解析

四川省眉山市竹菁中学高二物理摸底试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.干电池的电动势为1.5V，这表示（

）A．电路中每通过1C的电量，电源把1.5J的化学能转化为电能B．干电池在1s内将1.5J的化学能转化为电能C．干电池与外电路断开时两极间电势差为1.5VD．干电池把化学能转化为电能的本领比电动势为2V的蓄电池强参考答案：2.用电高峰期，电灯往往会变暗，其原理可以简化为下列物理问题：如图所示，理想变压器的副线圈上，通过输电线连接两只相同的灯泡L1和L2，输电线的等效电阻为R，原线圈输入有效值恒定的交流电压，当开关S闭合时，以下说法中正确的是（

）A、原线圈中电流减小

B、原线圈输入功率减小C、副线圈输出电压减小

D、R两端的电压增大参考答案：D3.如图所示，抛物线C1、C2分别是纯电阻直流电路中，内、外电路消耗的电功率随电流变化的图线。由该图可知下列说法中正确的是：A．电源的电动势为4V

B.电源的内电阻为1ΩC．电源输出功率最大值为8WD．电源被短路时，电源消耗的最大功率可达16W参考答案：ABD4.（多选题）单匝矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，转轴垂直于磁场，若线圈所围面积内磁通量随时间变化的规律如图所示，则（）A．线圈中D时刻感应电动势为零B．线圈中D时刻感应电动势最大C．线圈中O时刻感应电动势为零D．线圈中O至D时间内平均电动势为0.2V参考答案：AD【考点】法拉第电磁感应定律；磁通量．【分析】根据法拉第电磁感应定律知，感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比．通过法拉第电磁感应定律求出平均感应电动势的大小．【解答】解：AB、线圈中D时刻磁通量的变化率为零，则感应电动势为零．故A正确，B错误．C、线圈中0时刻切线斜率最大，即磁通量的变化率为最大，则感应电动势最大．故C错误．D、根据法拉第电磁感应定律得：，故D正确．故选：AD5.(单选)由电场强度的定义式E＝F/q可知，在电场中的同一点(

)A.电场强度E跟F成正比，跟q成反比B.无论检验电荷所带的电量如何变化，F/q始终不变C.不同电荷在电场中某点所受的电场力大小不同，该点的电场强度在不断改变D.一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，则P点的场强一定为零参考答案：B二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.匀强磁场的磁感强度为0.7T，一通电直导线长为2m，电流强度是5A，求下列情况下通电导体在磁场中受的力。（1）电流方向与磁场方向相同时，安培力为

N；（2）电流方向与磁场方向为时安培力为

；（3）电流方向与磁场方向垂直时，安培力为

N。参考答案：（1）0；（2）（3）77.一多用电表的电阻挡有三个倍率，分别是×1、×10、×100．用×10挡测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小，为了较准确地进行测量，应换到

挡．如果换挡后立即用表笔连接待测电阻进行读数，缺少的步骤是

．参考答案：×100；欧姆调零．【考点】用多用电表测电阻．【分析】用欧姆表测电阻时要选择合适的挡位，使指针指在表盘中央刻度线附近；欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零，然后再测电阻．【解答】解：用×10挡测量某电阻时，操作步骤正确，表头指针偏转角度很小，说明所选挡位太小，为了较准确地进行测量，应换大挡，换到×100挡．换挡后要重新进行欧姆调零，然后再测电阻，如果换挡后立即用表笔连接待测电阻进行读数，缺少的步骤是欧姆调零．故答案为：×100；欧姆调零．8.有一充电的平行板电容器，两板间电压为3V，现使它的电量减少3×10-4C，于是电容器两极板间电压减小了2V，此电容器的电容是________μF，电容器原来的带电量是________C，若电容器极板上的电量全部放掉，电容器的电容________μF.参考答案：9.某同学在做多用电表测电阻的实验，测量某电阻时，用档时，发现指针偏转角度过大，他应该换用

档（填档或档），换档后，在测量前要先

。参考答案：

电阻调零（调零）10.如图所示，一绝缘细圆环半径为r，其环面固定在水平面上，场强为E的匀强电场与圆环平面平行，环上穿有一电量为。质量为m的小球，可沿圆环做无摩擦的圆周运动。若小球经A点时速度的方向恰与电场垂直，且圆环与小球间沿水平方向无力的作用，则速度=______________。当小球运动到与A点对称的B点时，小球对圆环在水平方向的作用力_____________。参考答案：

6qE11.图中a、b和c表示点电荷电场中的三个等势面，它们的电势分别为U、和。一带电粒子从等势面a上某处由静止释放后，仅受电场力作用而运动，已知它经过等势面b时的速率为v，则它经过等势面c时的速率为______。参考答案：1.5V12.避雷针利用_________________原理来避电：带电云层靠近建筑物时，避雷针上产生的感应电荷会通过针尖放电，逐渐中和云中的电荷，使建筑物免遭雷击。参考答案：尖端放电13.将一个电荷量为的点电荷，从O到M点要克服电场力做功,则0M两点间电势差Uom

。参考答案：三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.(10分)“玻意耳定律”告诉我们：一定质量的气体．如果保持温度不变，体积减小，压强增大；“查理定律”指出：一定质量的气体，如果保持体积不变，温度升高．压强增大；请你用分子运动论的观点分别解释上述两种现象，并说明两种增大压强的方式有何不同。参考答案：一定质量的气体．如果温度保持不变，分子平均动能不变，每次分子与容器碰撞时平均作用力不变，而体积减小，单位体积内分子数增大，相同时间内撞击到容器壁的分子数增加，因此压强增大，（4分）一定质量的气体，若体积保持不变，单位体积内分子数不变，温度升高，分子热运动加剧，对容器壁碰撞更频繁，每次碰撞平均作用力也增大，所以压强增大。（4分）第一次只改变了单位时间内单位面积器壁上碰撞的分子数；而第二种情况下改变了影响压强的两个因素：单位时间内单位面积上碰撞的次数和每次碰撞的平均作用力。（2分）15.（6分）（1）开普勒第三定律告诉我们：行星绕太阳一周所需时间的平方跟椭圆轨道半长径的立方之比是一个常量。如果我们将行星绕太阳的运动简化为匀速圆周运动，请你运用万有引力定律，推出这一规律。

（2）太阳系只是银河系中一个非常渺小的角落，银河系中至少还有3000多亿颗恒星，银河系中心的质量相当于400万颗太阳的质量。通过观察发现，恒星绕银河系中心运动的规律与开普勒第三定律存在明显的差异，且周期的平方跟圆轨道半径的立方之比随半径的增大而减小。请你对上述现象发表看法。

参考答案：（1）

（4分）

（2）由关系式可知：周期的平方跟圆轨道半径的立方之比的大小与圆心处的等效质量有关，因此半径越大，等效质量越大。

（1分）

观点一：银河系中心的等效质量，应该把圆形轨道以内的所有恒星的质量均计算在内，因此半径越大，等效质量越大。

观点二：银河系中心的等效质量，应该把圆形轨道以内的所有质量均计算在内，在圆轨道以内，可能存在一些看不见的、质量很大的暗物质，因此半径越大，等效质量越大。

说出任一观点，均给分。

（1分）

四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示，物体重180N，动滑轮重20N，绳重和摩擦不计.在拉力F的作用下，物体正以0.1m/s的速度匀速上升.求：（1）拉力F；（2）拉力做功的功率；（3）动滑轮的机械效率.参考答案：17.如图所示，在光滑绝缘水平面放置一带正电的长直细棒，其周围产生垂直于带电细棒的辐射状电场，场强大小E与距细棒的垂直距离r成反比，即E=，k为未知常量．在带电长直细棒右侧，有一长为l的绝缘细线连接了两个质量均为m的带电小球A和B，小球A、B所带电荷量分别为+2q和+5q，A球距直棒的距离也为l，两个球在外力F=2mg的作用下处于静止状态．不计两小球之间的静电力作用．（1）求k的表达式；（2）若撤去外力F，求撤去外力瞬间A、B小球间绝缘细线上的拉力T．参考答案：解：（1）小球A、B及细线构成的整体受力平衡，有得（2）若撤去外力瞬时，A、B间细线拉力突然变为零，则对A球：得，方向向右对B球：得，方向向右因为aA＜aB，所以在撤去外力瞬时A、B将以相同的加速度a一起向右运动，A、B间绝缘细线张紧，有拉力T因此，对A、B整体，由牛顿第二定律，有由第（1）问可知：对A：解得答：（1）k的表达式为；（2）若撤去外力F，撤去外力瞬间A、B小球间绝缘细线上的拉力T为【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；电场强度．【分析】（1）分析AB系统的受力情况，根据给出的电场强度的表达式求解电场力，再根据平衡条件即可明确k的表达式；（2）撤去拉力后绳子上的张力突变，故分别对两小球分析，根据牛顿第二定律可明确各自的加速度，分析两球的运动情况，从而明确两球整体的运动规律，再由牛顿第二定律可分析拉力．18.如图所示，一光滑的倾斜轨道与一位于竖直面内的光滑圆轨道在B点平滑连接，圆的半径为R＝0.8m，一质量为m