山东省济宁市圣泽中英文学校高二物理测试题含解析

山东省济宁市圣泽中英文学校高二物理测试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.(单选)如图所示，在匀强电场和匀强磁场共存的区域内，电场场强为E，方向竖直向下，磁场的磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，一质量为m的带电粒子，在场区内的一竖直平面做匀速圆周运动，则可判断该带电粒子（

）A．带有电量为的正电荷

B．沿圆周逆时针运动C．运动的角速度为

D．运动的速率为参考答案：C2.（单选）

一个做简谐运动的弹簧振子，周期为T，振幅为A，设振子

A．t1＝t2

B．t1＜t2

C．t1＞t2

D．无法判断参考答案：B3.(多选)下列关于惯性的说法中，正确的是(

)A．物体只有在突然运动或突然停止时才有惯性B．物体的质量越大或速度越大，其惯性也就越大C．在太空中飞行的航天飞机内的物体，其惯性因物体失重而消失D．惯性是物体的属性，只与质量有关，与物体的运动状态无关参考答案：CD4.劲度系数为k的轻弹簧，上端固定，下端挂一个质量为m的小球，小球静止时距地面高h．现用力向下拉球使球与地面接触，然后从静止释放小球，（假设弹簧始终在弹性限度内），下列说法中不正确的是（

）A．球在运动过程中距地面的最大高度为2h

B．球上升过程中，势能不断减小C．球距地面高度为h时，速度最大

D．球在运动过程中的最大加速度是参考答案：B5.如图所示，合上开关S后，保持两板间距不变相互错开一些，下列判断中正确的是A．电容器的电容保持不变．

B．电容器的电容减小．C．两极板间电势差保持不变．D．两极板间电势差减小．参考答案：BC二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.电阻R1，R2的阻值分别为3Ω，6Ω.把它们并联在电路上，总电阻为

.通过各电阻的电流之比I1

：I2＝

.

参考答案：

2Ω

2：1

7.右图所示，在一范围足够大的匀强磁场中，有一矩形线圈abcd的平面与磁场方向垂直，若将线圈绕ab边转动，则线圈中

感应电流，若将线圈左右平移，则线圈中

感应电流（选填“有”或“无”）。参考答案：8.如图所示，某变压器有两个线圈，如果把它当作降压变压器，则线圈

▲

端（填L1或L2）接电源，原副线圈两端电压之比是

▲

参考答案：L1

5∶1

9.有一个电容器，带电荷量为1×10-5C.两极板间电压为200V，电容器电容为______F.如果使它带电荷量再增加1×10-6C，此时它的电容为______F，两极板间的电压为______V参考答案：5×10-8F.

5×10-8

F，

220

V10.如图甲所示是一种速度传感器的工作原理图，在这个系统中B为一个能发射超声波的固定小盒子，工作时小盒子B向被测物体发出短暂的超声波脉冲，脉冲被运动的物体反射后又被B盒接收，从B盒发射超声波开始计时，经时间Δt0再次发射超声波脉冲，图乙是连续两次发射的超声波的位移—时间图象，则超声波的速度为

,物体的平均速度为

（用x1、x2、t1、t2

、Δt0表示）参考答案：11.“研究感应电流产生的条件”的实验电路如图所示．在闭合开关S前，滑动变阻器滑动片P应置于______端（选填“a”或“b”）．开关S闭合后还有多种方法能使线圈C中产生感应电流，试写出其中的一种方法：__________________________．通过该实验能得出感应电流产生的条件为：

参考答案：

a（1分）

移动滑动变阻器滑动片P位置、上下移动原线圈位置、插入拔出铁芯（1分）穿过闭合回路的磁通量发生变化（2分）12.某学校课外兴趣小组，在一次科学探究活动中，用多用电表对未知电阻进行测量，当选择开关旋到电阻挡的×10挡，进行正确调零后，将红、黑笔搭在未知电阻两端，此时指针位置如图，那么测得的该电阻的阻值是280Ω．参考答案：考点： 多用电表的原理及其使用．版权所有专题： 恒定电流专题．分析： 指针示数与倍率的乘积是欧姆表的示数，由图示欧姆表可以求出电阻阻值．解答： 解：由图示电表可知，电阻阻值R=28×10Ω=280Ω；故答案为：280．点评： 指针示数与倍率的乘积是欧姆表的示数，读数时要注意确定其分度值，否则会出错．13.电磁波谱有无线电波、

、可见光、紫外线、X射线、γ射线。参考答案：三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.（9分）在《探究单摆周期与摆长的关系》实验中,要注意以下几点(1)摆的振幅不要太大.这是因为单摆只有当摆的振幅不大时,才能认为摆的振动是___________运动.(2)摆线要尽量选择__________、____________,并尽可能_____(填“长”、“短”)一些(3)摆球要尽量选择质量_____(填“大”、“小”)、体积小些的。(4)测量摆的振动周期时,在_________(填“摆球到达最高点”、“摆球经过平衡位置”)作为计时的开始与终止更好些。参考答案：(1)简谐（2分）(2)细一些、伸缩性小些，长（3分）（3）大（2分）（4）摆球经过平衡位置（2分）15.（6分）（1）开普勒第三定律告诉我们：行星绕太阳一周所需时间的平方跟椭圆轨道半长径的立方之比是一个常量。如果我们将行星绕太阳的运动简化为匀速圆周运动，请你运用万有引力定律，推出这一规律。

（2）太阳系只是银河系中一个非常渺小的角落，银河系中至少还有3000多亿颗恒星，银河系中心的质量相当于400万颗太阳的质量。通过观察发现，恒星绕银河系中心运动的规律与开普勒第三定律存在明显的差异，且周期的平方跟圆轨道半径的立方之比随半径的增大而减小。请你对上述现象发表看法。

参考答案：（1）

（4分）

（2）由关系式可知：周期的平方跟圆轨道半径的立方之比的大小与圆心处的等效质量有关，因此半径越大，等效质量越大。

（1分）

观点一：银河系中心的等效质量，应该把圆形轨道以内的所有恒星的质量均计算在内，因此半径越大，等效质量越大。

观点二：银河系中心的等效质量，应该把圆形轨道以内的所有质量均计算在内，在圆轨道以内，可能存在一些看不见的、质量很大的暗物质，因此半径越大，等效质量越大。

说出任一观点，均给分。

（1分）

四、计算题：本题共3小题，共计47分16.在倾角为θ的光滑斜面上，放置一通有电流I、长L、质量为m的导体棒，如图所示，试求：（1）使棒静止在斜面上，外加匀强磁场的磁感应强度B的最小值和方向．（2）使棒静止在斜面上且对斜面无压力，外加匀强磁场磁感应强度B的最小值和方向．参考答案：解：（1）当安培力F平行于斜面向上时B最小，即：BIL=mgsinαB=B的方向垂直于斜面向上；（2）有平衡条件可知mg=BILB=，由左手定则知方向水平向左．答：（1）要保持导体棒在斜面上静止且要所加磁场的磁感应强度最小，B的方向垂直于斜面向上，最小值为B=．（2）B=，方向水平向左．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；安培力．【分析】（1）导体棒静止在斜面上，受到两个力作用而平衡：重力、安培力，导体棒与磁场方向垂直，安培力大小为FA=BIL，根据平衡条件列方程求解B．（2）要保持导体棒在斜面上静止且要所加磁场的磁感应强度最小，则磁场方向必须与导体棒垂直，此时安培力FA=BIL，而当安培力沿斜面向上，安培力最小，则此时B最小，由左手定则判断B的方向．根据平衡条件求解B的最小值，由左手定则判断B的方向．17.如图所示，光滑水平面上有一质量M=4.0kg的带有圆弧轨道的平板车，车的上表面是一段长L=1.5m的粗糙水平轨道，水平轨道左侧连一半径R=0.25m的光滑圆弧轨道，圆弧轨道与水平轨道在点O′相切．现将一质量m=1.0kg的小物块（可视为质点）从平板车的右端以水平向左的初速度v0滑上平板车，小物块恰能到达圆弧轨道的最高点A，随后又滑回到车的水平轨道距O′点0.5m处，随车一起运动，取g=10m/s2，求：（1）小物块滑上平板车的初速度v0的大小；（2）要使小物块最终能到达小车的最右端，则v0要增大到多大？．参考答案：解：（1）平板车和小物块组成的系统水平方向动量守恒，设小物块滑回车上与车相对静止时的共同速度为v1．取水平向左为正方向．由动量守恒定律得mv0=（M+m）v1由能量守恒定律得mv02=（M+m）v12+μmg（L+s）据题s=0.5m联立并代入数据解得v0=5m/s（2）设小滑块最终能到达小车的最右端，v0要增大到v01，小滑块最终能到达小车的最右端时的速度为v2．由动量守恒定律得mv01=（M+m）v2由能量守恒定律得mv12=（M+m）v22+μmg?2L联立并代入数据解得：V01=6.12m/s

答：（1）小物块滑上平板车的初速度v0的大小是5m/s．（2）若要使小物块最终能到达小车的最右端，则v0要增大到6.12m/s．【考点】动量守恒定律；功能关系．【分析】（1）平板车和小物块组成的系统水平方向动量守恒，由动量守恒和能量守恒求解初速度v0．（2）从小物块滑上平板车，最终二者相对静止，由动量守恒列式求得共同速度．小滑块最终能到达小车的最右端，再由能量守恒求解．18.如图，质量为M的小车静止在光滑的水平面上，小车AB段是半径为R的四分之一圆弧光滑轨道，BC段是长为L的水平粗糙轨道，两段轨道相切于B点，一质量为m的滑块在小车上从A点静止开始沿轨道滑下，重力加速度为g（1）若固定小车，求滑块运动过程总对小车的最大压力；（2）若不固定小车，滑块仍从A点由静止下滑，然后滑入BC轨道，最后C点滑出小车，已知滑块质量m=，在任一时刻滑块相对地面速度的水平分量是小车速度大小的2倍，滑块与轨道BC间的动摩擦因数为μ，求：①滑块运动过程中，小车最大速度vm；②滑块从B到C运动过程中，小车的位移大小s．参考答案：解：（1）当滑块到达B时的速度最大，受到的支持力最大；滑块下滑的过程中机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgR=mvB2，滑块在B点处受到的支持力与重力的合力提供向心力，由牛顿第二定律得：N﹣mg=m，解得：N=3mg，由牛顿第三定律得：滑块对小车的压力：N′=N=3mg即滑块运动过程中对小车的最大压力是3mg．（2）①在任一时刻滑块相对地面速度的水平分量是小车速度大小的2倍，设小车的最大速度是vm，由机械能守恒定律得：mgR=Mvm2+m（2vm）2，解得：vm=；②由于在任一时刻滑块相对地面速度的水平分量是小车速度大小的2倍，所以滑块从B到C运动过程中，滑块的平均速度是小车的平均速度的2倍，即：=2，由于它们运动的时间相等，根据：x=t可得：s滑块=2s车又：s滑块+s车=L所以：小车的位移大小：s=L；答：（1）若固定小车，求滑块运动过程中对小车的最大压力是3mg；（2）①滑块运动过程中，小车的最大速度大小是；②滑块从B到C运动过程中，小车的位移大小是L．【考点