高考物理二轮复习“82”限时训练5 （全国2卷）逐题仿真练（含解析）-人教版高三全册物理试题

2018年(全国2卷)逐题仿真练题号1415161718考点功能关系动量定理万有引力定律光电效应电磁感应的图象问题题号1920212223考点速度图象和追及问题磁感应强度的矢量合成电场性质的理解电表的改装测定动摩擦因数二、选择题(本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．)14．如图1所示，质量为m的一辆小汽车从水平地面AC上的A点沿斜坡匀速行驶到B点．B距水平地面高h，以水平地面为零势能面，重力加速度为g.小汽车从A点运动到B点的过程中(空气阻力不能忽略)，下列说法正确的是()图1A．合外力做功为零B．合外力做功为mghC．小汽车的机械能增加量为0D．牵引力做功为mgh答案A15．(2019·广西钦州市4月综测)“飞针穿玻璃”是一项高难度的绝技表演，曾引起质疑．为了研究该问题，以下测量能够得出飞针在穿越玻璃的时间内，对玻璃平均冲击力大小的是()A．测出玻璃厚度和飞针穿越玻璃前后的速度B．测出玻璃厚度和飞针穿越玻璃所用的时间C．测出飞针质量、玻璃厚度和飞针穿越玻璃所用的时间D．测出飞针质量、飞针穿越玻璃所用时间和穿越玻璃前后的速度答案D解析在“飞针穿玻璃”的过程中，由动量定理得：－eq\x\to(F)t＝mv2－mv1，故应测出飞针质量、飞针穿越玻璃所用时间和穿越玻璃前后的速度，故D正确，A、B、C错误．16．(2019·安徽淮南市第二次模拟)已知地球两极处的重力加速度大小约为9.8m/s2，贴近地球表面飞行的卫星的运行周期约为1.5小时，试结合生活常识，估算一质量为60kg的人站在地球赤道上随地球自转所需要的向心力约为()A．0.2NB．0.4NC．2ND．4N答案C解析在两极：Geq\f(Mm,R2)＝mg；对贴近地球表面飞行的卫星Geq\f(Mm′,R2)＝m′eq\f(4π2,T2)R，解得R＝eq\f(gT2,4π2)；则站在地球赤道上随地球自转的人所受的向心力：F向＝m人eq\f(4π2,T′2)R＝m人eq\f(4π2,T′2)×eq\f(gT2,4π2)＝m人geq\f(T2,T′2)＝60×9.8×(eq\f(1.5,24))2N≈2N，故选C.17．(2019·湖北武汉市四月调研)已知氢原子的基态能量为E1，激发态能量En＝eq\f(E1,n2)，其中n＝2,3….若氢原子从n＝3的能级跃迁到n＝2的能级放出光子的频率为ν，能使氢原子从基态电离的光子的最小频率为()A.eq\f(9,4)νB．4νC.eq\f(36,5)νD．9ν答案C解析由题意可知：eq\f(E1,32)－eq\f(E1,22)＝hν；能使氢原子从基态电离的光子的最小频率满足：0－E1＝hν′，解得ν′＝eq\f(36,5)ν，故选C.18．(2019·山东济宁市第二次摸底)如图2甲所示，在线圈l1中通入电流i1后，在l2上产生的感应电流随时间变化的规律如图乙所示，l1、l2中电流的正方向如图甲中的箭头所示．则通入线圈l1中的电流i1随时间t变化的图象是下图中的()图2答案D解析因为感应电流大小不变，根据电磁感应定律得：I＝eq\f(E,R)＝eq\f(n\f(ΔΦ,Δt),R)＝eq\f(n\f(ΔB,Δt)S,R)，而线圈l1中产生的磁场变化是因为电流发生了变化，所以I＝eq\f(n\f(ΔB,Δt)S,R)∝eq\f(n\f(Δi,Δt)S,R)，所以线圈l1中的电流均匀改变，A、C错误；根据题图乙，0～eq\f(T,4)时间内感应电流磁场向左，所以线圈l1产生的磁场向左减小，或向右增大，B错误，D正确．19．(2019·广西梧州市联考)甲、乙两物体沿同一直线做减速运动，t＝0时刻，两物体同时经过同一位置，最后又停在同一位置，它们的速度—时间图象如图3所示，则在运动过程中()图3A．t1时刻甲和乙相距最远B．甲、乙的平均速度相等C．在某时刻甲、乙的加速度可能相等D．甲的加速度逐渐减小，乙的加速度大小不变答案CD解析甲、乙两物体速度相等时相距最远，选项A错误；甲、乙的位移相同，但是甲运动的时间较长，则甲的平均速度较小，选项B错误；v－t图象的斜率等于加速度，由图象可知，在某时刻甲的加速度可能等于乙的加速度，选项C正确；v－t图象的斜率等于加速度，由图象可知，甲的加速度逐渐减小，乙的加速度大小不变，选项D正确．20．(2019·江西南昌市第二次模拟)如图4所示，三条长直导线a、b、c都通以垂直纸面的电流，其中a、b两根导线中电流方向垂直纸面向外．O点与a、b、c三条导线距离相等，且Oc⊥ab.现在O点垂直纸面放置一小段通电直导线，电流方向垂直纸面向里，导线所受安培力方向如图所示．则可以判断()图4A．O点处的磁感应强度的方向与F相同B．长导线c中的电流方向垂直纸面向外C．长导线a中电流I1小于b中电流I2D．长导线c中电流I3小于b中电流I2答案BC解析由左手定则可知，磁感应强度方向与安培力方向垂直，故A错误；由左手定则可知，O点的磁感应强度方向与F垂直斜向右下方，此磁场方向可分解为水平向右方向和竖直向下方向，所以导线c在O点产生的磁场方向应水平向右，由安培定则可知，导线c中的电流为垂直纸面向外，导线a在O点产生的磁场方向竖直向上，导线b在O点产生的磁场方向竖直向下，所以长导线a中电流I1与b中电流I2的关系，由于不知道安培力的具体方向，所以无法确定长导线c中电流I3与b中电流I2的关系，故B、C正确，D错误．21．(2019·山东济宁市第二次摸底)如图5所示，在绝缘水平地面上固定两个等量同种点电荷A、B，在AB连线上的P点由静止释放一带电滑块(可视为质点)，则滑块会由静止开始一直向右运动到AB连线上的一点M而停下．则以下判断正确的是()图5A．滑块一定带的是与A、B异种的电荷B．滑块的电势能一定是先减小后增大C．滑块的动能与电势能之和一定减小D．AP间距一定小于BM间距答案CD解析滑块受到的电场力是两点电荷对它作用力的合力，滑块向右运动，合力向右，滑块一定带与A、B同种的电荷，否则滑块将向左运动，A错误．滑块运动可能有两种情况：1.滑块受到的电场力先向右后向左，电场力先做正功，再做负功，电势能先减小后增加；2.滑块受到的电场力合力始终向右，在到达AB中点前停止，电场力始终做正功，电势能始终减小，B错误．根据能量守恒，滑块的电势能、动能、内能之和不变，阻力做负功，内能增大，则动能与电势能之和一定减小，C正确．若没有摩擦力，AP＝BM；因为水平面不光滑，水平方向受到摩擦力作用，运动到速度为0的位置在P点关于AB中点对称点的左侧，所以AP<BM，D正确．22．(6分)(2019·广东揭阳市第二次模拟)某同学用一个满偏电流为10mA、内阻为30Ω的电流表，一只滑动变阻器和一节电动势为1.5V的干电池组装成一个欧姆表．图6(1)该同学按图6正确连接好电路．甲、乙表笔中，甲表笔应是________(选填“红”或“黑”)表笔．(2)测量电阻前，他先进行欧姆调零：将甲、乙表笔短接，调节滑动变阻器，使电流表指针指到________处．图7(3)欧姆调零后，他将甲、乙两表笔分别接如图7中的a、b两点，指针指在电流表刻度的4mA处，则电阻Rx＝________Ω.(4)若误将甲、乙两表笔分别接在了如图2中的a、c两点，则Rx的测量结果________(选填“偏大”或“偏小”)．(5)再给电流表并联一个合适的定值电阻R0，就可组装成一个中间刻度值为15Ω的欧姆表，则R0＝________Ω.(结果保留两位有效数字)答案(1)红(2)10mA(3)225(4)偏小(5)3.3解析(1)由题图示可知，甲表笔与欧姆表内置电源负极相连，甲表笔是红表笔；(2)测量电阻前，他先进行欧姆调零：将甲、乙表笔短接，调节滑动变阻器，使电流表指针指到电阻为零即电流最大(10mA)；(3)欧姆表内阻：R内＝eq\f(E,Ig)＝eq\f(1.5,10－2)Ω＝150Ω，指针指在电流表刻度的4mA处，由闭合电路欧姆定律得：4×10－3A＝eq\f(1.5V,150Ω＋Rx)，解得：Rx＝225Ω；(4)若误将甲、乙两表笔分别接在了图中的a、c两点，由题图示电路图可知，两电池串联，相当于欧姆表内置电源电动势E变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流变大，欧姆表指针偏右，欧姆表示数变小，Rx的测量结果偏小；(5)欧姆表内阻等于中值电阻，中间刻度值为15Ω的欧姆表，其内阻为15Ω，I＝eq\f(E,R内)＝eq\f(1.5,15)A＝0.1A，把电流表改装成0.1A的电流表需要并联分流电阻，分流电阻阻值：R0＝eq\f(IgRg,0.1－0.010A)≈3.3Ω.23．(9分)(2019·陕西省第二次质检)某实验兴趣小组为了测量物体间的动摩擦因数，设计了如下实验：图8(1)如图8甲，将轻弹簧竖直悬挂，用刻度尺测出弹簧自由悬挂时的长度L1＝4.00cm.(2)如图乙，在弹簧的下端悬挂小木块，用刻度尺测出稳定时弹簧的长度L2＝________cm.(3)将一长木板平放在水平面上，小木块放置于木板上表面，如图丙，将图乙中的弹簧左端固定在竖直墙壁上，右端拴接小木块，使弹簧水平，用力F向右拉动长木板，长木板与小木块发生相对运动，当小木块稳定时，测出此时弹簧的长度L3＝6.07cm.(4)根据上面的操作，可以得出小木块与长木板间的动摩擦因数μ＝________(结果保留两位有效数字)．(5)若图丙实验中弹簧不水平，左端略高一些，由此而引起的动摩擦因数μ的测量结果________(填“偏大”或“偏小”)．答案(2)8.65(8.63～8.67)(4)0.44或0.45(5)偏小解析(2)刻度尺的最小分度值为0.1cm，刻度尺的读数为8.65cm；(4)根据平衡条件可得小木块的重力为：Mg＝k(L2－L1)，用力向右拉动长木板，长木板与小木块发生相对运动，当小木块稳定时，则有：Ff＝k(L3－L1)，可以得出小