2023届安徽省五校高三下学期第二次联考物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12023届高三第二次五校联考1.下列说法中正确的是（）A.汤姆孙的α粒子散射实验揭示了原子具有核式结构B.光电效应和康普顿效应揭示了光的粒子性C.γ射线是原子内层电子跃迁时发射的波长很短的电磁波D.在光电效应实验中，如果使入射光的频率减小（仍大于截止频率）而保持入射光的强度不变，则饱和电流将减小〖答案〗B〖解析〗A．卢瑟福的粒子散射实验揭示了原子具有核式结构，A错误；B．光电效应和康普顿效应揭示了光的粒子性，B正确；C．射线是原子内层电子跃迁时发射的波长很短的电磁波，C错误；D．光强不变，频率减小，则光子数增多，单位时间内打出的光电子数目增多，饱和电流增大，D错误。故选B。2.如图所示，固定斜面上半部分AB段粗糙且粗粘程度相同，下半部分BC段光滑，滑块从斜面顶端A点由静止释放，沿斜面向下滑动，取沿斜面向下为正方向，下列选项中分别是滑块的速度v、位移x、加速度a、重力的瞬时功率PG与时间t的关系图像，其中正确的是（）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗ABC．物块在两段均做匀加速直线运动，在段加速度为，在段加速度为，且则故ABC错误D．重力的功率BC段速度较大，重力功率较大。故选D。3.《天问》是中国战国时期诗人屈原创作的一首长诗，全诗问天问地问自然，表现了作者对传统的质疑和对真理的探索精神，我国探测飞船天问一号发射成功飞向火星，屈原的“天问”梦想成为现实，也标志着我国深空探测迈向一个新台阶，如图所示，轨道1是圆轨道，轨道2是椭圆轨道，轨道3是近火圆轨道，天问一号经过变轨成功进入近火圆轨道3，已知引力常量G，以下选项中正确的是（）A.天问一号在B点需要点火加速才能从轨道2进入轨道3B.天问一号在轨道2上经过B点时的加速度大于在轨道3上经过B点时的加速度C.天问一号进入近火轨道3后，测出其近火环绕周期T，可计算出火星的平均密度D.天问一号进入近火轨道3后，测出其近火环绕周期T，可计算出火星的质量〖答案〗C〖解析〗A．天问一号在点需要点火减速才能从轨道2进入轨道3，故A错误；B．在轨道2和轨道3经过点时，加速度相同，故B错误；CD．假设火星的半径为，轨道3轨道半径为，因轨道3是近火轨道，所以，假设火星质量为，天问一号质量为，由万有引力提供向心力解得火星的密度题干仅提供了引力常量，火星半径未知，故C正确，D错误。故选C。4.光纤通信有传输容量大、传输衰减小、抗干扰性及保密性强等多方面的优点，我国的光纤通信起步较早，现已成为技术先进的几个国家之一，如图甲是光纤的示意图，图乙是光纤简化示意图（内芯简化为长直玻璃丝，外套简化为真空），玻璃丝长为AC=L，折射率为n，AB、CD代表端面，光从AB端面以某一入射角θ进入玻璃丝，在玻璃丝内部恰好发生全反射，知光在真空中传播速度为c，下列选项正确的是（）A.内芯相对于外套是光疏介质B.C.光在玻璃丝中传播的速度为csinθD.光在玻璃丝中从AB端面传播到CD端面所用的时间为〖答案〗D〖解析〗A．内芯相对于外套是光密介质，故A错误；B．由题目描述，不是临界角，故B错误；C．如图临界角为，设光在玻璃丝中传播速度为，则解得故C错误；D．由题描述可知，光进入玻璃丝内部后，在点恰好发生全反射，光在玻璃丝中传播路程为传播的时间为解得故D正确。故选D。5.如图所示，一对等量异号点电荷分别固定在正方体的c、d两个顶点上，a、b是正方体的另外两个顶点，一带正电的粒子仅在电场力的作用下，以一定的初速度从a点运动到b点的轨迹如图中虚线所示，则下列说法中正确的是（）A.c点固定的是负电荷 B.a、b两点的电势相等C.带电粒子在a点和b点加速度相同 D.带电粒子的动量先增加后减小〖答案〗C〖解析〗A．由粒子运动轨迹可知，该正电粒子受到的电场力指向轨迹内侧，所以点固定的是正电荷，点固定的是负电荷，故A错误；BC．由等量异号电荷形成的电场特点知，点电势高于点电势，且和两点的电场强度相同，带电粒子受到的电场力相同，加速度相同，故B错误，C正确；D．由运动轨迹知，带电粒子先靠近正电荷，再靠近负电荷，故电场力先做负功再做正功，粒子的动能先减小再增加，动量先减小再增加，故D错误。故选C。6.如图所示，光滑水平桌面距离水平地面的高度为H，质量为m2、半径为R的光滑四分之一圆弧槽B静止放在桌面上，质量为m1的小球A从与圆弧槽圆心等高处由静止滑下，与静止在桌面上的质量为m3的小球C发生弹性正碰，最后两小球落到水平地面上的M、N两点，已知H=0.8m，R=0.9m，m1=2kg，m2=2kg，m3=1kg，重力加速度g=10m/s2，两球视为质点，不计空气阻力，下列选项正确的是（）A.小球A从圆弧槽滑离时的速度为3m/s B.小球A与小球C碰撞后，小球C的速度为2m/sC.M、N两点的距离为1.2m D.小球A可能落在N点〖答案〗AC〖解析〗设球滑离圆弧槽时的速度为，圆弧槽的速度为，取向右为正方向，此过程由水平方向动量守恒和机械能守恒得解得假设与碰撞后的速度为，由动量守恒和机械能守恒得解得假设两球从桌面平抛运动时间为，由A球的水平位移球的水平位移MN两点的距离因为，所以A球落在M点。故选AC。7.科技文化节中，“果壳”社团做了如下一个沙摆实验。如图甲所示，薄木板被沿箭头方向水平拉出的过程中，漏斗漏出的沙在板上形成的一段曲线如图乙所示，当沙摆摆动经过最低点时开始计时（记为第1次），当它第20次经过最低点时测得所需的时间为19s（忽略摆长的变化），取当地重力加速度g=10m/s2，下列说法中正确的是（）A.随着沙子不断漏出，沙摆摆动的频率将会增加B.该沙摆的摆长约为1mC.由图乙可知薄木板做的是匀加速运动，且加速度大小约为7.5×10-3m/s2D.当图乙中的C点通过沙摆正下方时，薄木板的速率约为0.126m/s〖答案〗BD〖解析〗A．沙摆摆动的周期、频率与质量无关，A错误；B．由得由单摆周期公式可得故B正确；C．由图乙中数据可知，木板在连续且相等的时间段内的位移差恒定，约为，由匀变速直线运动的规律可知木板做匀加速运动，加速度大小为C错误；D．匀变速直线运动在一段时间间隔的中间时刻的瞬时速度，等于这段时间内的平均速度，有故D正确。故选BD。8.荡秋千是一项同学们喜欢的体育活动。如图所示，两根金属链条（可视为导体）将一根金属棒ab悬挂在固定的金属架cd上，静止时金属棒ab水平且沿东西方向，已知当地的地磁场方向自南向北斜向下与竖直方向成45°角，现让金属棒ab随链条摆起来，通过能量补给的方式可使链条与竖直方向的最大偏角保持45°不变，则下列说法中正确的是（）A.当ab棒自北向南经过最低点时，电流从c流向dB.当链条与竖直方向成45°角时，回路中感应电流一定为零C.当ab棒自南向北摆动的过程中，回路中的磁通量先减小再增加D.当ab棒自南向北经过最低点时，ab棒受到的安培力的方向水平向南〖答案〗AB〖解析〗A．当棒自北向南经过最低点时，由右手定则知棒上的电流方向自向，金属架上的电流方向则为自到，故A正确；B．当链条与竖直方向成角时，棒来到了最高点，其速度为0，不产生感应电动势，回路中感应电流一定为零，故B正确；C．如图所示当棒自南向北摆动的过程中，穿过闭合回路的磁通量一直减小，故C错误；D．当棒自南向北经过最低点时，由左手定则知安培力方向与水平向南的方向成斜向下，故D错误。故选AB。9.用如图甲所示的装置做“验证力的平行四边形定则”实验，弹簧测力计B挂于竖直木板上的固定点C，下端用细线挂一重物M，手持弹簧测力计A拉结点O，分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉力的方向。（1）下列关于实验的要求正确的是（）A．用铅笔顺着细线描出拉力方向B．与弹簧测力计相连的细线应尽量长些C．弹簧测力计外壳与木板之间摩擦力对实验没有影响（2）图乙是测量时某弹簧测力计的示数，其示数为______；（3）该同学改变两弹簧测力计的夹角做第二次实验时，结点O的位置发生了变化，与第一次相比两弹簧测力计拉力的合力将______（填“不变”或“改变”）。〖答案〗（1）BC（2）3.80（3）不变〖解析〗（1）[1]A．确定一个拉力的方向时，需要选择结点和相距较远的一个点，利用刻度尺连结两点，A错误；B．为减小误差，与弹簧测力计相连的细线应尽量长些，B正确；C．实验中拉弹簧秤时，只需让弹簧与外壳间没有摩擦，弹簧测力计外壳与木板之间的摩擦力对实验没有影响，C正确。故选BC。（2）[2]根据乙图可读出测力计的示数为。（3）[3]第二次实验时重物质量没有改变，结点位置变化，两弹簧测力计拉力的合力不变，仍等于重物重力的大小。10.利用放电法可以测量电容器的电容，让充电后的电容器通过大电阻R放电，电流传感器A与计算机连接（未画出），记录放电电流随时间变化的图像，可用系统软件计算出电容器的带电量Q，Q与充电电压U的比值即为电容器的电容C。（1）实验开始前先判断电容器的好坏：使用多用表的欧姆挡进行测量，把调零后的多用电表的红黑表笔分别接触电容器的两极板，观察到多用表指针先向右偏转较大角度，后又逐渐返回到起始位置，此现象说明电容器是______（填“好”或“坏”）的；（2）图甲、图乙为测量电容的两种电路原理图，学生电源应采用______（填“直流”或“交流”）电源，先使开关S与1端相连，充电结束后，读出电压表的示数；然后把开关S与2端相连，测量出电容器的带电量Q，为了减小误差，在甲、乙两图中，应选______图为测量电路。（3）某同学选择了正确的实验电路图，经过实验操作获得如图丙所示的多组数据，其中第4组数据的Q未记录，但计算机显示了这次测量的I-t图像如图丁所示，由此可估算出Q=______，请根据以上数据，在戊图中作出Q-U图像_____，并由图像可得该电容器的电容是______F。（结果均保留两位小数）组别测量值123456U/V10.813.516.820.223.827.0Q/×10-3C0.861.091.221.932.15〖答案〗（1）好（2）直流甲（3）〖解析〗（1）[1]使用多用表的电阻挡进行测量，多用表内有电源，先对电容器充电，有充电电流，会观察到多用表指针向右偏转较大角度；随着电容器逐渐充满电，充电电流逐渐减小，最终电容器相当于断路状态，指针又逐渐返回到起始位置，此现象说明电容器是好的。（2）[2]学生电源应采用直流电源，因为电容器可以通过交流电，其电压不断变化，没法得出稳定的电压，故选直流电源。[3]当把开关与2端相连，电容器放电，图甲的所有电荷均通过电流表，测量准确，图乙中还有一部分电荷通过电压表，这部分电荷测不出来，故选甲图。（3）[4]由知，电荷量为图象与坐标横轴所围面积，即面积为电容器在开始放电时所带的电荷量，由图象可知“面积”格数约40格，每小格相当于，所以电容器电压为时，电荷量[5]由表格数据描点作图，如图所示[6]在图像中选取两个相距较远的点，计算出图线的斜率，即为电容器的电容11.利用如图所示装置可以测量矿物小颗粒的体积。容积为3L的容器A通过体积不计的细玻璃管与容器B相连，B下端经橡皮软管与装有水银的容器C连通，C上方与外界大气相通。开始测量时，打开阀门K，上下移动C，使水银面到达容器B的下边沿a；然后关闭阀门K，向上移动C，使水银面到达容器B的上边沿b，此时B、C内的水银高度差为h1=10.0cm。现将待测矿物小颗粒放入容器A中，再重复上述操作，B、C内的水银高度差为h2=15.0cm。已知大气压强p0=75.0cmHg，求：（1）容器B的容积；（2）A中待测矿物小颗粒的体积。〖答案〗（1）0.4L；（2）1L〖解析〗（1）由题意，开始时A和B中气体压强均为p0，关闭阀门K后，当水银面到达容器B的上边沿b时，A中气体压强为①根据玻意耳定律有②解得③（2）设A中待测矿物小颗粒的体积为V，由题意可知最终A中气体压强为④根据玻意耳定律有⑤解得⑥12.蒙城某中学的两同学玩拉板块的双人游戏，考验两人的默契度。如图所示，一长L=0.5m、质量M=0.5kg的木板靠在光滑竖直墙面上，木板右下方有一质量m=1.0kg的小滑块（可视为质点），滑块与木板间的动摩擦因数为μ=0.2，滑块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2，一人用水平恒力F2向左作用在滑块上，另一人用竖直向上的恒力F1向上拉动滑块，使滑块从地面由静止开始向上运动。（1）若F1=17.5N，F2=27.5N，求小滑块和木板的加速度；（2）在第（1）问的条件下，经过多长时间滑块从木板上端离开木板；（3）若F2=35N，为使滑块与木板一起向上运动但不发生相对滑动，则F1必须满足什么条件？〖答案〗（1）2.0m/s2，竖直向上，1.0m/s2，竖直向上；（2）1.0s；（3）〖解析〗（1）假设滑块和木板之间为滑动摩擦力，对滑块由牛顿第二定律有方向：竖直向上，对木板由牛顿第二定律有方向：竖直向上，因为，所以假设成立。（2）设经过时间滑块从木板上端离开木板，则滑块从木板上端离开木板时代入数据得（3）为使滑块与木板一起向上运动，应使整体合力向上，故为使滑块与木板不发生相对滑动，滑块与木板间静摩擦力应为最大静摩擦力，对木板由牛顿第二定律有方向：竖直向上，对滑块由牛顿第二定律有代入数据得综上所述，必须满足条件为13.如图甲所示，竖直面内直角坐标系xOy，y轴左侧的区域Ⅰ内存在水平向左的匀强电场和垂直纸面向外的匀强磁场B1（大小未知），一质量为m、带电荷量绝对值为q的小球从P点以速度v0沿直线PO运动，PO与x轴负方向成45°角，在y轴与MN之间的区域Ⅱ内加一电场强度最小的匀强电场E2（未知）后，可使小球继续做直线运动到MN上的Q点，M、N两点对应的横坐标均为，在MN右侧的区域Ⅲ内，存在竖直向下匀强电场E3和某一圆形区域的匀强磁场B2（磁场位置图中末画出），其中，磁场B2随时间变化的规律如图乙所示，磁场变化周期为T0，取垂直纸面向外为磁场正方向，小球在时刻进入磁场B2后始终在该磁场内沿闭合轨迹做周期性运动，g为重力加速度，试求：（1）该带电小球的电性和区域Ⅰ内匀强磁场B1的大小；（2）区域Ⅱ内匀强电场E2的场强和小球到达Q点的速度；（3）小球在磁场B2内沿闭合轨迹做周期性运动的周期和该磁场的最小面积。〖答案〗（1）负电，；（2），与轴正方向45°右下方向；（3）4T0，〖解析〗（1）带电小球在区域Ⅰ内受重力、电场力和洛伦兹力做直线运动，只能做匀速直线运动，故三力满足如图所示关系，小球必须带负电由受力平衡得解得（2）在区域Ⅱ中小球做直线运动，要使电场强度最小，受力如图所示电场力方向与速度方向垂直，方向垂直向上故方向垂直向下，即与轴正方向右下方向；在区域Ⅱ中小球做匀减速直线运动，加速度大小为设到达点的速度为，由运动学公式又解得（3）小球进入区域Ⅲ而没进入磁场之前，由于故做匀速直线运动，时刻进入磁场后，开始做匀速圆周运动，其匀速圆周运动周期小球在磁场中的运动轨迹如图每一边由3个个圆周，共12个个圆周组成，故小球在磁场内沿闭合轨迹做周期性运动的周期设做圆周运动的半径为，由得正方形边长闭合轨迹外接圆最小半径为故磁场的最小面积为2023届高三第二次五校联考1.下列说法中正确的是（）A.汤姆孙的α粒子散射实验揭示了原子具有核式结构B.光电效应和康普顿效应揭示了光的粒子性C.γ射线是原子内层电子跃迁时发射的波长很短的电磁波D.在光电效应实验中，如果使入射光的频率减小（仍大于截止频率）而保持入射光的强度不变，则饱和电流将减小〖答案〗B〖解析〗A．卢瑟福的粒子散射实验揭示了原子具有核式结构，A错误；B．光电效应和康普顿效应揭示了光的粒子性，B正确；C．射线是原子内层电子跃迁时发射的波长很短的电磁波，C错误；D．光强不变，频率减小，则光子数增多，单位时间内打出的光电子数目增多，饱和电流增大，D错误。故选B。2.如图所示，固定斜面上半部分AB段粗糙且粗粘程度相同，下半部分BC段光滑，滑块从斜面顶端A点由静止释放，沿斜面向下滑动，取沿斜面向下为正方向，下列选项中分别是滑块的速度v、位移x、加速度a、重力的瞬时功率PG与时间t的关系图像，其中正确的是（）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗ABC．物块在两段均做匀加速直线运动，在段加速度为，在段加速度为，且则故ABC错误D．重力的功率BC段速度较大，重力功率较大。故选D。3.《天问》是中国战国时期诗人屈原创作的一首长诗，全诗问天问地问自然，表现了作者对传统的质疑和对真理的探索精神，我国探测飞船天问一号发射成功飞向火星，屈原的“天问”梦想成为现实，也标志着我国深空探测迈向一个新台阶，如图所示，轨道1是圆轨道，轨道2是椭圆轨道，轨道3是近火圆轨道，天问一号经过变轨成功进入近火圆轨道3，已知引力常量G，以下选项中正确的是（）A.天问一号在B点需要点火加速才能从轨道2进入轨道3B.天问一号在轨道2上经过B点时的加速度大于在轨道3上经过B点时的加速度C.天问一号进入近火轨道3后，测出其近火环绕周期T，可计算出火星的平均密度D.天问一号进入近火轨道3后，测出其近火环绕周期T，可计算出火星的质量〖答案〗C〖解析〗A．天问一号在点需要点火减速才能从轨道2进入轨道3，故A错误；B．在轨道2和轨道3经过点时，加速度相同，故B错误；CD．假设火星的半径为，轨道3轨道半径为，因轨道3是近火轨道，所以，假设火星质量为，天问一号质量为，由万有引力提供向心力解得火星的密度题干仅提供了引力常量，火星半径未知，故C正确，D错误。故选C。4.光纤通信有传输容量大、传输衰减小、抗干扰性及保密性强等多方面的优点，我国的光纤通信起步较早，现已成为技术先进的几个国家之一，如图甲是光纤的示意图，图乙是光纤简化示意图（内芯简化为长直玻璃丝，外套简化为真空），玻璃丝长为AC=L，折射率为n，AB、CD代表端面，光从AB端面以某一入射角θ进入玻璃丝，在玻璃丝内部恰好发生全反射，知光在真空中传播速度为c，下列选项正确的是（）A.内芯相对于外套是光疏介质B.C.光在玻璃丝中传播的速度为csinθD.光在玻璃丝中从AB端面传播到CD端面所用的时间为〖答案〗D〖解析〗A．内芯相对于外套是光密介质，故A错误；B．由题目描述，不是临界角，故B错误；C．如图临界角为，设光在玻璃丝中传播速度为，则解得故C错误；D．由题描述可知，光进入玻璃丝内部后，在点恰好发生全反射，光在玻璃丝中传播路程为传播的时间为解得故D正确。故选D。5.如图所示，一对等量异号点电荷分别固定在正方体的c、d两个顶点上，a、b是正方体的另外两个顶点，一带正电的粒子仅在电场力的作用下，以一定的初速度从a点运动到b点的轨迹如图中虚线所示，则下列说法中正确的是（）A.c点固定的是负电荷 B.a、b两点的电势相等C.带电粒子在a点和b点加速度相同 D.带电粒子的动量先增加后减小〖答案〗C〖解析〗A．由粒子运动轨迹可知，该正电粒子受到的电场力指向轨迹内侧，所以点固定的是正电荷，点固定的是负电荷，故A错误；BC．由等量异号电荷形成的电场特点知，点电势高于点电势，且和两点的电场强度相同，带电粒子受到的电场力相同，加速度相同，故B错误，C正确；D．由运动轨迹知，带电粒子先靠近正电荷，再靠近负电荷，故电场力先做负功再做正功，粒子的动能先减小再增加，动量先减小再增加，故D错误。故选C。6.如图所示，光滑水平桌面距离水平地面的高度为H，质量为m2、半径为R的光滑四分之一圆弧槽B静止放在桌面上，质量为m1的小球A从与圆弧槽圆心等高处由静止滑下，与静止在桌面上的质量为m3的小球C发生弹性正碰，最后两小球落到水平地面上的M、N两点，已知H=0.8m，R=0.9m，m1=2kg，m2=2kg，m3=1kg，重力加速度g=10m/s2，两球视为质点，不计空气阻力，下列选项正确的是（）A.小球A从圆弧槽滑离时的速度为3m/s B.小球A与小球C碰撞后，小球C的速度为2m/sC.M、N两点的距离为1.2m D.小球A可能落在N点〖答案〗AC〖解析〗设球滑离圆弧槽时的速度为，圆弧槽的速度为，取向右为正方向，此过程由水平方向动量守恒和机械能守恒得解得假设与碰撞后的速度为，由动量守恒和机械能守恒得解得假设两球从桌面平抛运动时间为，由A球的水平位移球的水平位移MN两点的距离因为，所以A球落在M点。故选AC。7.科技文化节中，“果壳”社团做了如下一个沙摆实验。如图甲所示，薄木板被沿箭头方向水平拉出的过程中，漏斗漏出的沙在板上形成的一段曲线如图乙所示，当沙摆摆动经过最低点时开始计时（记为第1次），当它第20次经过最低点时测得所需的时间为19s（忽略摆长的变化），取当地重力加速度g=10m/s2，下列说法中正确的是（）A.随着沙子不断漏出，沙摆摆动的频率将会增加B.该沙摆的摆长约为1mC.由图乙可知薄木板做的是匀加速运动，且加速度大小约为7.5×10-3m/s2D.当图乙中的C点通过沙摆正下方时，薄木板的速率约为0.126m/s〖答案〗BD〖解析〗A．沙摆摆动的周期、频率与质量无关，A错误；B．由得由单摆周期公式可得故B正确；C．由图乙中数据可知，木板在连续且相等的时间段内的位移差恒定，约为，由匀变速直线运动的规律可知木板做匀加速运动，加速度大小为C错误；D．匀变速直线运动在一段时间间隔的中间时刻的瞬时速度，等于这段时间内的平均速度，有故D正确。故选BD。8.荡秋千是一项同学们喜欢的体育活动。如图所示，两根金属链条（可视为导体）将一根金属棒ab悬挂在固定的金属架cd上，静止时金属棒ab水平且沿东西方向，已知当地的地磁场方向自南向北斜向下与竖直方向成45°角，现让金属棒ab随链条摆起来，通过能量补给的方式可使链条与竖直方向的最大偏角保持45°不变，则下列说法中正确的是（）A.当ab棒自北向南经过最低点时，电流从c流向dB.当链条与竖直方向成45°角时，回路中感应电流一定为零C.当ab棒自南向北摆动的过程中，回路中的磁通量先减小再增加D.当ab棒自南向北经过最低点时，ab棒受到的安培力的方向水平向南〖答案〗AB〖解析〗A．当棒自北向南经过最低点时，由右手定则知棒上的电流方向自向，金属架上的电流方向则为自到，故A正确；B．当链条与竖直方向成角时，棒来到了最高点，其速度为0，不产生感应电动势，回路中感应电流一定为零，故B正确；C．如图所示当棒自南向北摆动的过程中，穿过闭合回路的磁通量一直减小，故C错误；D．当棒自南向北经过最低点时，由左手定则知安培力方向与水平向南的方向成斜向下，故D错误。故选AB。9.用如图甲所示的装置做“验证力的平行四边形定则”实验，弹簧测力计B挂于竖直木板上的固定点C，下端用细线挂一重物M，手持弹簧测力计A拉结点O，分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉力的方向。（1）下列关于实验的要求正确的是（）A．用铅笔顺着细线描出拉力方向B．与弹簧测力计相连的细线应尽量长些C．弹簧测力计外壳与木板之间摩擦力对实验没有影响（2）图乙是测量时某弹簧测力计的示数，其示数为______；（3）该同学改变两弹簧测力计的夹角做第二次实验时，结点O的位置发生了变化，与第一次相比两弹簧测力计拉力的合力将______（填“不变”或“改变”）。〖答案〗（1）BC（2）3.80（3）不变〖解析〗（1）[1]A．确定一个拉力的方向时，需要选择结点和相距较远的一个点，利用刻度尺连结两点，A错误；B．为减小误差，与弹簧测力计相连的细线应尽量长些，B正确；C．实验中拉弹簧秤时，只需让弹簧与外壳间没有摩擦，弹簧测力计外壳与木板之间的摩擦力对实验没有影响，C正确。故选BC。（2）[2]根据乙图可读出测力计的示数为。（3）[3]第二次实验时重物质量没有改变，结点位置变化，两弹簧测力计拉力的合力不变，仍等于重物重力的大小。10.利用放电法可以测量电容器的电容，让充电后的电容器通过大电阻R放电，电流传感器A与计算机连接（未画出），记录放电电流随时间变化的图像，可用系统软件计算出电容器的带电量Q，Q与充电电压U的比值即为电容器的电容C。（1）实验开始前先判断电容器的好坏：使用多用表的欧姆挡进行测量，把调零后的多用电表的红黑表笔分别接触电容器的两极板，观察到多用表指针先向右偏转较大角度，后又逐渐返回到起始位置，此现象说明电容器是______（填“好”或“坏”）的；（2）图甲、图乙为测量电容的两种电路原理图，学生电源应采用______（填“直流”或“交流”）电源，先使开关S与1端相连，充电结束后，读出电压表的示数；然后把开关S与2端相连，测量出电容器的带电量Q，为了减小误差，在甲、乙两图中，应选______图为测量电路。（3）某同学选择了正确的实验电路图，经过实验操作获得如图丙所示的多组数据，其中第4组数据的Q未记录，但计算机显示了这次测量的I-t图像如图丁所示，由此可估算出Q=______，请根据以上数据，在戊图中作出Q-U图像_____，并由图像可得该电容器的电容是______F。（结果均保留两位小数）组别测量值123456U/V10.813.516.820.223.827.0Q/×10-3C0.861.091.221.932.15〖答案〗（1）好（2）直流甲（3）〖解析〗（1）[1]使用多用表的电阻挡进行测量，多用表内有电源，先对电容器充电，有充电电流，会观察到多用表指针向右偏转较大角度；随着电容器逐渐充满电，充电电流逐渐减小，最终电容器相当于断路状态，指针又逐渐返回到起始位置，此现象说明电容器是好的。（2）[2]学生电源应采用直流电源，因为电容器可以通过交流电，其电压不断变化，没法得出稳定的电压，故选直流电源。[3]当把开关与2端相连，电容器放电，图甲的所有电荷均通过电流表，测量准确，图乙中还有一部分电荷通过电压表，这部分电荷测不出来，故选甲图。（3）[4]由知，电荷量为图象与坐标横轴所围面积，即面积为电容器在开始放电时所带的电荷量，由图象可知“面积”格数约40格，每小格相当于，所以电容器电压为时，电荷量[5]由表格数据描点作图，如图所示[6]在图像中选取两个相距较远的点，计算出图线的斜率，即为电容器的电容11.利用如图所示装置可以测量矿物小颗粒的体积。容积为3L的容器A通过体积不计的细玻璃管与容器B相连，B下端经橡皮软管与装有水银的容器C连通，C上方与外界大气相通。开始测量时，打开阀门K，上下移动C，使水银面到达容器B的下边沿a；然后关闭阀门K，向上移动C，使水银面到达容器B的上边沿b，此时B、C内的水银高度差为h1=10.0cm。现将待测矿物小颗粒放入容器A中，再重复上述操作，B、C内的水银高度差为h2=15.0cm。已知大气压强p0=75.0cmHg，求：（1）容器B的容积；（2）A中待测矿物小颗粒的体积。〖答案〗（1）0.4L；（2）1L〖解析〗（1）由题意，开始时A和B中气体压强均为p0，关闭阀门K后，当水银面到达容器B的上边沿b时，A中气体压强为①根据玻意耳定律有②解得③（2）设A中待测矿物小颗粒的体积为V，由题意可知最终A中气体压强为④根据玻意耳定律有⑤解得⑥12.蒙城某中学的两同学玩拉板块的双人游戏，考验两人的默契度。如图所示，一长L=0.5m、质量M=0.5kg的木板靠在光滑竖直墙