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文档简介
2022-2023学年山东省德州市临邑县八年级(下)期末数学试卷
一、选择题(本大题共12小题,共48.0分。在每小题列出的选项中,选出符合题目的一项)
1.函数y=『缶+六的自变量x的取值范围是()
A.x*一4且xH1B.%>一4且%H1C.%>-4D.%>一4且xH1
2.已知Q,b,c是△/BC中乙4,乙B,△C的对边,下列说法正确的有个.()
①若NC=90°,则小+b2=c2;
②若乙B=90°,则小4-c2=fe2;
③若乙4=90°,则坟+c2=a2;
④总有a24-ft2=c2.
A.1B,2C.3D.4
3.下列计算不正确的是()
A.I~I=G
B.V32+V32=32
'164
C.3<2-=V-2D.V-2xy/-5=V10
4.如图,在平面直角坐标系中,点A的坐标为(-2,3),将点4绕原点。
逆时针方向旋转90。得到点B,则点B的坐标为()
A.(-2,-3)
B.(-3,-2)
C.(2,3)
D.(3,2)
5.下列命题为真命题的是()
A.对角线互相垂直的平行四边形是正方形
B.对角线相等的平行四边形为矩形
C.一组对边平行另一组对边相等的四边形是平行四边形
D.对角线互相垂直的四边形是菱形
6.在同一平面直角坐标系中,一次函数,=ax+a?与y=a?%+a的图象可能是()
7.在2021年的体育学业水平测试中,6名学生的一项体育成人数
绩统计如图所示,则这组数据的中位数、方差、众数分别是()3-
A.18,1,182
B.17.5,3,18
D.17.5,1,18
8.如图,数轴上点4对应的数是0,点C对应的数是一4,BC1AC,垂足为C,且BC=1,以
点4为圆心,48长为半径画弧,交数轴于点。,则点。表示的数为()
234
A.-<17B.<17C.-4.2D.-4.5
9.对于一元二次方程a/+b%+c=0(aH0),下列说法:
①若a+b+c=0,则b?—4ac>0:
②若方程a/+c=0有两个不相等的实根,则方程a/+板+。=0必有两个不相等的实根;
③若c是方程a/++。=o的一个很,则一定有ac+b+1=0成立;
2
④若%o是一元二次方程Q/+力%+。=0的根,则/)2-4ac=(2ax0+b).
其中正确的()
A.①②④B.①②③C.①③④D.②③④
10.如图,在菱形4BC。中,AC=16,BC=12,E是CD边D
上一动点,过点E分别作EF1OC于点F,EFJ.OC于点G,
连接FG,则FG的最小值为()------
B.4.8
11.如图,正方形ZBCD的边长为4,P为正方形边上一动点,运动路线是4TDTCTBTA,
设P点经过的路程为x,以点4、P、。为顶点的三角形的面积是y,则下列图象能大致反映y与
久的函数关系的是()
12.如图,平面直角坐标系中,点①的坐标为(1,2),以。为圆心,。4的长为半径画弧,交
直线y=于点&:过点名作为&〃y轴交直线y=2x于点4,以。为圆心,。4长为半径画
弧,交直线y=;x于点B2;过点夕2作B24〃y轴交直线y=2x于点4,以点。为圆心,。4长
为半径画弧,交直线y=^X于点〃3;...按如此规律进行下去,点殳023的坐标为()
02022,22023)2021202220222021(2223,2222)
A.B.(2,2)C.(2,2)D.。。
二、填空题(本大题共6小题,共24.0分)
13.计算(、厂亏-2)2023(仁+2尸。23的结果是
14.关于X的方程AM-2X-1=0有两个不相等的实数根,则k的取值范围是—.
15.如图,把AABC绕点C按顺时针方向旋转35。,得到△4B'C,4'B'交ZC于点D.若/4'DC=
90°,则乙4=
16.2023年,临邑县某单位为响应国家“厉行节约,反对浪费”的号召,减少了对办公经费
的投入,在两个月内将开支从每月2500元降到1600元,若平均每月降低开支的百分率为,
则可根据题意列出方程为
17.如图所示,直线y=|x+2分别与x轴、y轴交于点4B,
以线段4B为边,在第二象限内作等腰直角△ABC,^BAC=90°,
则过8、C两点直线的解析式为.
18.如图,正方形ABCC的对角线AC,BD交于点0,P为BO上的一点,连接CP,过点P作PF1
CP交4D的延长线于点F,延长FP交4B于点E,则下列结论:⑴“PF=NPC4;(2)BE=DF-,
(3)点P为EF的中点;(4)SABPE=SADCP;(5)若。P=2,则BE=2/2;其中正确的结论有
个.(填正确结论的个数)
三、解答题(本大题共7小题,共78.0分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)
19.(本小题10.0分)
(1)3AHL2-6+V_48;
(2)先化简,再求值:垄3+(血+2--1),其中m是方程/+3x-4=0的根.
''3mz-6m'm-27
20.(本小题10.0分)
2023年2月6日土耳其发生7.8级地震,牵动世界各国人民的心/为进一步宣传防震减灾科普
知识,增强学生应急避险和自救互救能力,某校组织全校学生进行“防震减灾知识测试”,
现随机抽取部分学生的测试成绩x(单位:分)整理成460sx<70,B:70<x<80,C:
80<x<90,Dt90100四个等级,绘制成如下频数分布表和扇形统计图:
被抽取学生的测试成绩的频数表
等级成绩/分频数/人各组总分/分
A60<%<7010650
B70<%<80b1050
C80<%<90211785
D90<%<1005455
根据以上信息,解答下列问题:
(1)填空:a=—,b=—;
(2)此次被抽取学生的测试成绩的中位数落在—等级,求此次被抽取学生的测试成绩的平
均数;
(3)如果90分以上(含90分)为优秀,请估计全校2000名学生中此次测试成绩优秀的学生人数.
被抽取学生的测试成绩的蝌形统计图
21.(本小题10.0分)
如图,在AHBC中,/.ACB=90°,D,E分别是边4B,4c的中点,8c=BO,点尸在EO的延
长线上,旦BF〃CD.
(1)求证:四边形CBFC为菱形;
(2)连接C尸与BD相交于点0,若CF=8「,求AC的长.
22.(本小题12.0分)
如图,在平面直角坐标系中,一次函数y=fcx+b的图象经过点力(-2,6),且与x轴相交于点B,
与正比例函数y=3x的图象相交于点C,点C的横坐标为1.
(1)求Kb的值;
(2)请直接写出不等式依+b-3x>0的解集;
(3)若点。在y=3x上,且满足鹿山。=求点。的坐标.
2SAB0C,
23.(本小题12.0分)
如图,在菱形4BCD中,对角线AC,BD交于点0,过点A作4E,BC于点E,延长BC到点F,
使得CF=BE,连接。F,
(1)求证:四边形4EFD是矩形;
(2)连接0E,若48=13,0E=2Q9,求4E的长.
24.(本小题12。分)
近年来,预制菜消费持续升温,它既满足了消费者的需要,也不断拓展着饮食行业的发展.某
餐饮平台计划推出4和B两种预制菜品,已知售出1份菜品4和2份菜品B可获利35元,售出2份
菜品4和3份菜品B可获利60元.
(1)求每份菜品4、B的利润;
(2)根据销售情况,该餐饮平台每日都能售完4、B两种菜品共1000份,且菜品A的数量不高于
菜品B数量的|,应该如何进货才能使总利润最高?最高利润是多少?
25.(本小题12.0分)
如图,正方形4BCD边长为4,点E在边4B上(点E与点4、B不重合),过点4作4F_L垂足
为G,4尸与边BC相交于点F.
(1)求证:△D4E三AABF;
(2)若△DEF的面积为学,求4尸的长;
(3)在(2)的条件下,取DE,AF的中点M,N,连接MN,求MN的长.
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解:由题意,x+4>0J3.X-1*0,
解得x>一4且x牛1;
故选:B.
二次根式有意义则被开方数非负,分式有意义则分母不等于0,据此得出不等式求解即可.
本题考查求自变量的取值范围,涉及二次根式有意义的条件,分式有意义的条件,不等式的求解,
熟练掌握相关知识是解题的关键.
2.【答案】C
【解析】解::a,b,c是AABC中乙4,NB,NC的对边,
••・若NC=90。,则(^+炉=。2;若NB=90。,则a2+'2=匕2;若=90。,则b2+c2=a2;
故①②③正确;
只有当NC=90。时才有a?+b2=c2,
故④错误,
故选:C.
根据勾股定理逐一判断即可求解.
本题考查了勾股定理,熟练掌握勾股定理是解题的关键.
3.【答案】B
【解析】解:丑=?,故选项A正确,不符合题意;
+/字=3+3=6#32,故选项8不正确,故选项B符合题意;
3。-2c=71,故选项C正确,不符合题意;
V-2Xy/-5=V10.故选项。正确,不符合题意;
故选:B.
计算出各个选项中式子的正确结果,即可判断哪个选项符合题意.
本题考查二次根式的混合运算,熟练掌握运算法则是解答本题的关键.
4.【答案】B
【解析】解:过4点作4D1y轴,过B点作BE1不轴,
•・•点4的坐标为(一2,3),
:.AD=2,0D=3,
•・・乙40B=90°,
・・・Z,AOD+AAOE=90°,
・•・Z.BOE+^AOE=90°,
・•・Z-AOD=乙BOE,
vOA=OB,
在△AOD和△BOE中,
Z.ADO=乙BEO
Z-AOD=乙BOE,
OA=OB
•••△/0DAB0E(44S),
・・・OE=OD=3,OA=OD=3
.•.点8的坐标为(-3,-2),
故选:B.
利用图象法解决问题即可.
本题考查坐标与图形变化-旋转,解题的关键是正确作出图形解决问题.
5.【答案】B
【解析】解:4对角线互相垂直且相等的平行四边形是正方形,是假命题,不符合题意;
8.对角线相等的平行四边形为矩形,是真命题,符合题意;
C一组对边平行另一组对边相等的四边形不一定是平行四边形,是假命题,不符合题意;
D对角线互相垂直的平行四边形是菱形,是假命题,不符合题意;
故选:B.
根据正方形、矩形、平行四边形、菱形的判定定理逐项分析判断即可求解.
本题考查了正方形、矩形、平行四边形、菱形的判定定理,熟练掌握正方形、矩形、平行四边形、
菱形的判定定理是解题的关键.
6.【答案】D
【解析】解:因为y=ax+a?与y=+。,
所以x=l时,两函数的值都是a2+a,
所以两直线的交点的横坐标为1,
若a>0,则一次函数y=ax+a?与y=+a的图象都是y随x的增大而增大,且都交y轴的正
半轴;
若a<0,则一次函数y=ax+a?的图象中y随x的增大而减小,交y轴的正半轴,y=+a的
图象中y随x的增大而增大,交y轴的负半轴,且两直线的交点的横坐标为1;
故选:D.
利用一次函数的性质进行判断.
此题主要考查了一次函数的图象性质,要掌握它的性质才能灵活解题.
一次函数y=kx+b的图象有四种情况:
①当k>0,b>0,函数y=kx+b的图象经过第一、二、三象限;
②当k>0,b<0,函数y=kx+b的图象经过第一、三、四象限;
③当k<0,b>0时,函数y=kx+b的图象经过第一、二、四象限;
④当k<0,b<0时,函数y=kx+b的图象经过第二、三、四象限.
7.【答案】A
【解析】解:这组数据从小到大依次为17、17、18、18、18、20,
最中间两个数的平均数是(18+18)+2=18,则中位数是18;
18出现3次,次数最多,所以众数为18,
这组数据的平均数是:(17x2+18x3+20)+6=18,
则方差是:|X[2X(17-18)2+3x(18-18)2+(20-18)2]=1.
故选:A.
根据中位数和众数的定义、方差公式分别进行解答即可.
本题考查了众数和中位数、方差的知识,一组数据中出现次数最多的数据叫做众数;将一组数据
按照从小到大(或从大到小)的顺序排列,如果数据的个数是奇数,则处于中间位置的数就是这组
数据的中位数;如果这组数据的个数是偶数,则中间两个数据的平均数就是这组数据的中位数.一
组数据中各数据与它们的平均数的差的平方的平均数,叫做这组数据的方差.
8.【答案】A
【解析】解:••・数轴上点4对应的数是0,点C对应的数是-4,
AC=4,
vBC1AC,
乙ACB=90°,
由勾股定理得:AB=VAC2+BC2=V42+I2=C7,
••・以点4为圆心,4B长为半径画弧,交数轴于点。,
AD=AB=V_17>
•••点。在点4的左侧,
二点。表示的数为:-V17,
故选:A.
由勾股定理得ZB=C7,再由作图得力。=4B=C7,然后由点。在点4的左侧即可得出答案.
本题考查了勾股定理、实数与数轴等知识,由勾股定理求出4B的长是解题的关键.
9.【答案】A
【解析】解:①若a+b+c=0,则尤=1是方程ax?+bx+c=0的解,
由一元二次方程的实数根与判别式的关系可知:△=匕2-4£120,故①正确;
②方程a/+c=。有两个不相等的实根,
・••△=0-4ac>0,
・•・-4ac>0
则方程a/+bx+c=0的判别式4=b2—4a>0,
・•・方程a/+力%+c=0必有两个不相等的实根,故②正确;
③•・,c是方程a/+匕%+。=0的一个根,
则at?+be+c=0,
・•・c(ac+b+1)=0,
若c=0,等式仍然成立,
但ac+b+1=0不一定成立,故③不正确;
④若%o是一元二次方程a%2+人工+。=0的根,
2
则由求根公式可得:v_-Wjb-4ac,
X°-无
2
•••2ax0+b=±Vb—4ac<
22
b—4ac=(2ax0+b),故④正确.
故正确的有①②④,
故选:A.
按照方程的解的含义、一元二次方程的实数根与判别式的关系、等式的性质、一元二次方程的求
根公式等对各选项分别讨论,可得答案.
本题考查了一元二次方程根的判别式,灵活运用根的判别式式解题的关键.
10.【答案】B
【解析】解:如图所示:连接OE,
在菱形4BCD中,AC=16,BD=12,
Z.COD=90°,CD=VOD2+OC2=V82+62=10,
vEFIOC,EF1OC
四边形OGEF是矩形,
GF=OE,
•••FG的最小值,
即OE最小值,
.•.当OEJ.AC时,0E最小,
•:;0COD=gcD0E,
・•・;x8x6=;x10•OE,
・•.OE=4.8,
・・・OE最小为4.8,
即FG的最小值为4.8,
故选:B.
如图所示:连接OE,在菱形4BCC中,AC=16,BD=12,得乙COD=90°,CD=10,由EF1OC,
EF1OC,可得四边形OGEF是矩形,进而得出GF=OE,当OE1AC时,OE最小,即FG的最小
值,即可得出.
本题主要考查了菱形的性质,矩形的判定与性质,垂线段最短,勾股定理,三角形的面积等知识,
熟练掌握菱形的性质,证明四边形。GEF是矩形是解此题的关键.
11.【答案】B
【解析】
【分析】
根据动点从点4出发,首先向点。运动,此时y=0,当点P在DC上运动时,y随着x的增大而增大,
当点P在CB上运动时,y不变,当点P在B4上运动时,y随着x的增大而减小,据此作出选择即可.
本题考查了动点问题的函数图象,解决动点问题的函数图象问题关键是发现y随x的变化而变化的
趋势.
【解答】
解:当点P由点4向点。运动,即0SXW4时,y的值为0;
当点P在。C上运动,即4<》±8时,y随着x的增大而增大;
当点P在CB上运动,即8cxs12时,y不变;
当点P在B4上运动,即12<x<16时,y随x的增大而减小.
故选:B.
12.【答案】D
【解析】解:由题意可得,点%的坐标为(1,2),
设点当的坐标为(a]。),
va2+(1a)2=l2+22,
解得,a=2,(负根舍去)
.••点/的坐标为(2,1),
同理可得,点4的坐标为(2,4),点B2的坐标为(4,2),
点4的坐标为(4,8),点殳的坐标为(8,4),
二点B2023的坐标为Q2023,22022),
故选:D.
根据题意可以求得点81的坐标,点4的坐标,点B的坐标,然后即可发现坐标变化的规律,从而
可以求得点B2023的坐标.
本题考查一次函数图象上点的坐标特征、点的坐标,解答本题的关键是明确题意,发现题目中坐
标的变化规律,求出相应的点的坐标.
13.【答案】1
【解析】解:(厅—2)2023(,石+2)2023
=[(门_2)(/弓+2)]2。23
=(5-4严3
_12023
=1,
故答案为:L
根据平方差公式和有理数的乘方计算即可.
本题考查二次根式的混合运算,熟练掌握运算法则是解答本题的关键,注意平方差公式的应用.
14.【答案】%>-1且%二0
【解析】解:•••关于x的方程依2一2x-1=0有两个不相等的实数根,
•••k*。且4=(-2)2+4k>0,
解得:k>一1,且k丰0,
•••k的取值范围为k>一1且k*0.
故答案为:k>一1且卜,0.
根据一元二次方程的定义和判别式,得出k中0且/=(-2)2+4k>0,解出不等式,即可得到k的
取值范围.
本题考查了一元二次方程根的判别式和一元二次方程的定义,解本题的关键在熟练掌握一元二次
方程的根的判别式与根的个数的关系.一元二次方程的根的判别式与根的个数的关系:当/>0时,
方程有两个不等的实数根;当2=0时,方程有两个相等的实数根;当/<0时,方程无实数根.
15.【答案】55°
【解析】
【分析】
根据题意得出乙4c4'=35。,则NA'=90。-35。=55。,即可得出乙4的度数.
此题主要考查了旋转的性质以及三角形内角和定理等知识,得出NAC4'的度数是解题关键.
【解答】
解:•••把△ABC绕点C按顺时针方向旋转35。,得到△4'B'C,4B'交4c于点O,Z.A'DC=90°,
乙4cA'=35°,则乙4'=90°-35°=55°,
则=乙4=55°.
故答案为:55°.
16.【答案】2500(1-x)2=1600
【解析】解:根据题意列出方程为2500(1-刀¥=1600,
故答案为:2500(1-x)2=1600.
根据题意列出一元二次方程即可求解.
本题考查了一元二次方程的应用,根据题意列出一元二次方程是解题的关键.
17.【答案】y=-1x+2
【解析】解:对于直线y=5》+2,令x=0,得到y=2,
即B(0,2),
•••OB=2,
令y=0,得到x=-3,即4(-3,0),OA=3,
过C作CMlx轴,可得41MC=4B。4=90。,
・•.Z.ACM+Z.CAM=90°,
•・•△ABC为等腰直角三角形,即4BAC=90。,AC=BA,
・•・kCAM+Z.BAO=90°,
・•・乙ACM=Z.BAO,
在仆CAM和△ABO中,
Z4MC=乙BOA=90°
Z.ACM=乙BAO,
AC=BA
・•・△CAM三△480(44S),
AAM=OB=2,CM=OA=3,
即OM=OA+AM=3+2=5,
/.C(-5,3),
设直线8c的解析式为y=kx+b,
•・・B(0,2),
(b=2
*'t-5fc+b=3,
解得k=4.
lb=2
.••过B、C两点的直线对应的函数表达式是y=—"x+2,
故答案为:y=—+2.
过C作CM垂直于x轴,利用同角的余角相等得到一对角相等,再由一对直角相等,以及AC=AB,
利用44s得到三角形ACM与三角形B2。全等,由全等三角形对应边相等得到CM=OA,AM=OB,
由4M+04求出的长,即可确定出C坐标,然后根据待定系数法即可求得过B、C两点的直线对
应的函数表达式.
本题考查了一次函数的性质,待定系数法求一次函数的解析式,全等三角形的判定与性质,熟练
掌握一次函数的性质是解本题的关键.
18.【答案】4
【解析】解:•.•四边形4BCD是正方形,
AC1BD,/.BAD=/.ADC=/.ABC=乙BCD=90°,
vPF1CP,
・•・乙COD=乙CPE=90°,
・•・乙BPE=/.PCA=90°-乙BPC,
vZ-DPF=乙BPE,
・•・乙DPF=Z.PCA,
故①正确;
连接PA、CE、CF,设EF交CD于点儿则NDHF=乙PHC,
vAD=CD,BD1AC,
・・・Z.ADB=Z.CDB=45°,
在△AOP和△COP中,
AD=CD
乙ADP=(CDP,
PD=PD
••・△4DPwz\CDP(S4S),
・・・PA=PC,Z-PAD=(PCD,
•・・乙CDF=乙CPF=90°,
:.Z.PFD=90°-乙DHF=90°-乙PHC=乙PCD,
・•・Z.PFD=Z-PAD,
.・.PF=PA=PC,
・・・APEA+Z.PFD=90°,乙PAE+4PAD=90°,
・•.Z.PEA=Z-PAE,
:.PE=PF=PA=PC,
・・・P为EF中点,
故③正确;
vZ-PCE=Z.PEC=45°,Z-PCF=Z.PFC=45°,PC垂直平分EF,
/.Z.ECF=90°,CE=CF,
・・・乙BCE=乙DCF=90°-乙DCE,
在^BCE和△DCF中,
ZCBE=Z.CDF
BC=DC,
Z.BCE=乙DCF
••^BCE=ADCF(ASA)f
BE=DF,
故②正确;
•・,当OP逐渐变小时,则S^BPE的值逐渐变小,而S“CP的值逐渐变大,
・•,S"PE与S^DCP不一^定相等,
故④错误;
作EG1BD于点G,则48GE=4PGE=90。,
・•・乙PGE=Z.COP=90°,
・・・Z,GPE=乙OCP=90°-Z.OPC,
在AGPE和AOCP中,
Z.PGE=乙COP
乙GPE=LOCP,
PE=CP
••.△GPE*0CP(44S),
/.GE=OP=2,
vAB=CB,BD1AC,
1
・•・4ABD=乙CBD=^ABC=45°,
・•・Z.GEB=乙GBE=45°,
:.GE=GB=2,
•••BE=VGE2+GB2=722+22=2t,
故⑤正确,
综上所述,①②③⑤这4个答案正确,
故答案为:4.
由四边形4BC。是正方形,得AC1BD,而PF1CP,贝叱。。。=Z.CPE=90。,所以NBPE=Z.PCA=
90°-4BPC,因为NOPF=乙BPE,所以ZOPF=Z.PCA,可判断①正确;
连接PA、CE、CF,设EF交CD于点H,先证明△ADP^LCDP,得PA=PC,再证明/PFD=/.PAD,
得PF=P4=PC,再证明NPE4=NP4E,贝IJPE=PF=PA=PC,可判断③正确;
由NPCE=NPEC=45°,ZPCF=Z.PFC=45°,PC垂直平分EF,得4fC尸=90°,CE=CF,进
而证明ABCE三△DCF,得BE=DF,可判断②正确;
当OP逐渐变小时,则SABPE的值逐渐变小,而SA℃P的值逐渐变大,可知SABPE与SA℃P不一定相等,
可判断④错误;
作EG1BD于点G,先证明△GPE三AOCP,得GE=OP=2,再证明/GEB=乙GBE=45°,贝UGE=
GB=2,即可根据勾股定理求得BE=VGE2+GB2=2,至,可判断⑤正确,于是得到问题的答
案.
此题重点考查正方形的性质、全等三角形的判定与性质、等腰三角形的判定与性质、等腰直角三
角形的判定与性质、同角的余角相等、线段的垂直平分线的性质等知识,正确地作出所需要的辅
助线是解题的关键.
19.【答案】解:(1)3门^-6J-1+<48
=373x22-6+V3x42
=6/3-2/3+4>f3
=8A/-3.
(2)彳:—r-(rn+2---
''3ml-6m'm-27
m-3.m2-4-5
-3m(m-2)*m-2
m-3m—2
=-------------X-------------------
37n(m-2)(m+3)(m-3)
]
3nl(m+3)'
m是方程/+3x-4=0的根,
:.m2+3m—4=0,即m(7n+3)=4,
•埠式=___—_J__
“尔队3m(m+3)3x412,
【解析】(1)先化简各二次根式,再将被开方数相同的二次根式进行合并;
(2)将式子括号内通分,并将分子分母因式分解,再进行约分化简,然后根据一元二次方程的根的
定义得出zn(m+3)=4,代入化简的式子即可求解.
本题考查了二次根式的加减运算,分式的化简求值及一元二次方程的解的定义,熟练掌握二次根
式加减法运算法则及分式的混合运算法则是解题关键.
20.【答案】2014C
【解析】解:(1)抽取的样本容量为:21+42%=50,
故a=2x100=20;
h=50-10-21-5=14;
故答案为:20;14;
(2)此次被抽取学生的测试成绩的中位数落在C等级,
此次被抽取学生的测试成绩的平均数为:4x(650+1050+1785+455)=78.8(分);
故答案为:C;
(3)2000x^=200(A).
答:估计全校2000名学生中此次测试成绩优秀的学生人数大约为200人.
(1)用。等级的人数除以42%即可得出样本容量,再用4的频数除以样本容量可得a的值;用样本容
量减去其它等级的频数可得b的值;
(2)根据中位数的定义以及平均数的计算方法解答即可;
(3)用全校人数乘样本中90分以上(含90分)所占百分比即可.
本题考查频数分布表、扇形统计图、用样本估计总体,利用数形结合的思想解答是解答本题的关
键.
21.【答案】(1)证明:vD,E分别是边ZB,AC的中点,
DE是△ABC的中位线,
DE//BC,
vBF//CD,
.•・四边形CBFD是平行四边形,
vAACB=90°,。是边AB的中点,
CD=^AB=BD,
又•:BC=BD,
CD=BC,
二平行四边形C8F0为菱形;
(2)解:连接C尸,交于80于0,如图,
CB
由(1)得:四边形CBFD为菱形,
0C=OF=;CF,BD1CF,
又,:CF=8,3,
OC=OF=;CF=4c,
vBC=BD=CD,
・•.△BCD是等边三角形,
・•・Z.CBD=Z.BCD=60°,
•・・BD1CF,
:.乙BCO=30°,
:.BC=208,
在RMC08中,BC2=OB2+OC2,
OB=?OC=4,
・•・BC=2OB=8,
:.AB=2BD=16,
在Rt△ABC中,AC=VAB2-BC2=V162-82=8V-3.
【解析】(1)先证四边形CBF。是平行四边形,再由直角三角形斜边上的中线性质得CD=^AB=
BD,然后证出CD=CB,即可得出结论;
(2)由菱形的性质得OC=OF=^CF=2,有,BD1CF,再由等边三角形的性质得NCB。=
/.BCD=60°,NBC。=30。,然后由含30。角的直角三角形的性质得OB=4,BC=2OB=8,进
而得出2C=「BC=8「.
本题考查了菱形的判定与性质、平行四边形的判定与性质、三角形中位线定理、等边三角形的判
定与性质、含30。角的直角三角形的性质等知识,解题的关键是熟练掌握菱形的判定与性质,证出
CD=BD.
22.【答案】解:(1)把%=1代入y=3%得%=3,
・••点C坐标为(1,3),
把(1,3),(—2,6)代入、=kx+6得{;二黑:+b,
解得
(2)由图象可得久<1时,kx+b>3x,
kx+b—3x>0的解集为x<1.
(3)①如图,当点。在点C上方使,CD=20C时,满足题意,
v0(0,0),C(l,3),
二点。坐标为(3,9).
②当点。在点。下方时,CD=2OC时,满足题意,
此时点。坐标为(-1,-3),
综上所述,点。坐标为(一1,一3)或(3,9).
【解析】(1)由点C在直线y=3x上求出点C坐标,再通过待定系数法求解.
(2)由图象求解.
(3)由CO=20c满足题意求解.
本题考查反比例函数与一次函数交点问题,解题关键是掌握函数与方程及不等式的关系.
23.【答案】⑴证明:•.•四边形4BCD是菱形,
AD//BCO.AD=BC,
vBE=CF,
BC=EF,
•••AD=EF,
•••AD//EF,
•••四边形力EFD是平行四边形,
vAELBC,
4AEF=90°,
•••四边形力EFD是矩形;
(2)解:•••四边形ZBCD是菱形,AB=13,
•••BC=AB=13,AC1BD,OA=OC=^AC,OB=OD=3BD,
vAE1BC,
・・・乙AEC=90°,
OE=^AC=OA=2\/~13,AC=2OE=4<13.
OB=VAB2-OA2=J132-(2<l3)2=3<l3>
•••BD=2OB=6ym,
•.,菱形ABC。的面积=380xAC=BCxAE,
B|j|x6/^3x4,1^=13xAE,
解得:AE=12.
【解析】(1)先证四边形4EFD是平行四边形,再证出N4EF=90。,然后由矩形的判定定理即可得
到结论;
(2)由菱形的性质得BC=AB=13,AC1BD,OA=OC,OB=OD,再由直角三角形斜边上的中
线性质得OE=CM=2V_n,AC=2OE=然后由勾股定理求出OB=30区,则BD=
2OB=6<T3>最后由菱形ABCD的面积=^8。XAC=8CX4E,即可求解.
本题考查了矩形的判定和性质,菱形的性质,平行四边形的判定与性质,勾股定理,直角三角形
斜边上的中线性质等知识;正确的识别图形是解题的关键.
24.【答案】解:(1)设每份菜品4的利润为x元,每份菜品B的利润为y
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