云南省景东一中高三复习第八次质量检测物理试题

绝密★启用前：考试时间：2018年5月10日云南省景东一中2018届高三复习第八次质量检测高三理综物理一、单选题(共4小题,每小题6分,共24分)1.下列说法正确的是（）A．卢瑟福通过α粒子散射实验确定了原子核是由质子和中子组成的B．γ射线是核反应过程中产生的一种高速运动的粒子流，它的穿透能力很差C．铀235能自发的发生裂变反应，但因半衰期不变，所以秦山核电站的发电功率也是固定不变的D．爱因斯坦质能方程E=mc2表明，物体具有的能量和它的质量之间有简单的正比关系，但不能说核反应中质量会转化成能量2.甲、乙两物体沿同一方向做直线运动，6s末在途中相遇，它们的速度图象如图所示，可以确定()A．t＝0时甲在乙的前方54m处B．t＝0时乙在甲的前方27m处C．6s之后两物体不会再相遇D．6s之后两物体还会再相遇3.一个质量可忽略不计的长轻质木板置于光滑水平地面上，木板上放质量分别为mA＝1kg和mB＝2kg的A、B两物块，A、B与木板之间的动摩擦因数都为μ＝0.2，水平恒力F作用在A物块上，如图所示(重力加速度g取10m/s2)．则下列说法错误的是：()A．若F＝1N，则A、B都相对板静止不动B．若F＝1.5N，则A物块所受摩擦力大小为1.5NC．若F＝4N，则B物块所受摩擦力大小为2ND．若F＝6N，则B物块的加速度为1m/s24.我国即将发射“天宫二号”空间实验室，之后发射“神舟十一号”飞船与“天宫二号”对接．假设“天宫二号”与“神舟十一号”都围绕地球做匀速圆周运动，为了实现飞船与空间实验室的对接，下列措施可行的是()A．使飞船与空间实验室在同一轨道上运行，然后飞船加速追上空间实验室实现对接B．使飞船与空间实验室在同一轨道上运行，然后空间实验室减速等待飞船实现对接C．飞船先在比空间实验室半径小的轨道上加速，加速后飞船逐渐靠近空间实验室，两者速度接近时实现对接D．飞船先在比空间实验室半径小的轨道上减速，减速后飞船逐渐靠近空间实验室，两者速度接近时实现对接二、多选题(共4小题,每小题6.0分,共24分)5.(多选)如图所示，一块长木板B放在光滑的水平面上，在B上放一物体A，现以恒定的外力拉B，由于A、B间摩擦力的作用，A将在B上滑动，以地面为参考系，A、B都向前移动一段距离．在此过程中()A．外力F做的功等于A和B动能的增量B．B对A的摩擦力所做的功，等于A的动能增量C．A对B的摩擦力所做的功，等于B对A的摩擦力所做的功D．外力F对B做的功等于B的动能的增量与B克服摩擦力所做的功之和6.(多选)两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线的中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示．一个电荷量为2×10－6C、质量为1g的小物块从该水平面内的C点静止释放，其运动的v－t图象如图乙所示，其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置(图中标出了该切线)．则下列说法正确的是()A．B为中垂线上电场强度最大的点，其电场强度E＝1×103V/mB．由C到A的过程中，物块的电势能先减小后变大C．由C到A的过程中，电势逐渐升高D．A、B两点电势差UAB＝－5×103V7.(多选)涡流检测是工业上无损检测的方法之一．如图所示，线圈中通以一定频率的正弦交流电，靠近待测工件时，工件内会产生涡流，同时线圈中的电流受涡流影响也会发生变化．下列说法中正确的是()A．涡流的磁场总是要阻碍穿过工件磁通量的变化B．涡流的频率等于通入线圈的交流电频率C．通电线圈和待测工件间存在周期性变化的作用力D．待测工件可以是塑料或橡胶制品8.(多选)图乙是小型交流发电机的示意图，在匀强磁场中，一矩形金属线圈绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图像如图甲所示．发电机线圈内阻为10Ω，外接一只电阻为90Ω的灯泡，不计电路的其他电阻，则()A．灯泡两端的电压为198VB．每秒钟内电流方向改变50次C．灯泡实际消耗的功率为537.8WD．发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为48.4J分卷II三、实验题(共2小题,共17分)9、(6分.如图所示的实验装置可以用来测量重力加速度g，方法是让“工“字型金属片自由下落通过光电门，“工”字型中间立柱长为h，上下两块挡光片A、B足够窄，宽度均为D，挡光时间由跟光电门相连的数字计时器记录下来，若下挡片B通过光电门的时间为Δt1，上挡光片A通过光电门的时间为Δt2，则“工”字型金属片进入光电门时的速度v1＝______，离开光电门时的速度v2＝_______，自由落体运动的加速度g＝________.10（11分）.某同学研究小灯泡的伏安特性，所使用的器材有：小灯泡L(额定电压3.8V，额定电流0.32A)；电压表(量程3V，内阻3kΩ)；电流表(量程0.5A，内阻0.5Ω)；固定电阻R0(阻值1000Ω)；滑动变阻器R(阻值0～9.0Ω)；电源E(电动势5V，内阻不计)；开关S；导线若干．(1)实验要求能够实现在0～3.8V的范围内对小灯泡的电压进行测量，画出实验电路原理图．(2)实验测得该小灯泡伏安特性曲线如图7(a)所示．图7由实验曲线可知，随着电流的增加小灯泡的电阻______(填“增大”“不变”或“减小”)，灯丝的电阻率________(填“增大”“不变”或“减小”)．(3)用另一电源E0(电动势4V，内阻1.00Ω)和题给器材连接成图(b)所示的电路，调节滑动变阻器R的阻值，可以改变小灯泡的实际功率．闭合开关S，在R的变化范围内，小灯泡的最小功率为________W，最大功率为________W．(结果均保留两位小数)四、计算题(共2小题,共32分)11.（12分）如图，LMN是竖直平面内固定的光滑绝缘轨道，MN水平且足够长，LM下端与MN相切．质量为m的带正电小球B静止在水平轨道上，质量为2m的带正电小球A从LM上距水平轨道高为h处由静止释放，在A球进入水平轨道之前，由于A，B两球相距较远，相互作用力可认为是零，A球进入水平轨道后，A，B两球间相互作用视为静电作用．带电小球均可视为质点．已知A，B两球始终没有接触．重力加速度为g．求：（1）A，B两球相距最近时，A球的速度v；（2）A，B两球最终的速度vA，vB的大小．12.（20分）如图所示，宽度为c的竖直狭长区域内（边界为L1，L2），存在垂直纸面向里的匀强磁场和竖直方向周期性变化的电场（如图2所示），电场强度的大小为，>0表示电场方向竖直向上．=0时，一带正电，质量为的微粒从左边界上的N1点以水平速度射入该区域，沿直线运动到Q点后，做一次完整的圆周运动，再沿直线运动到右边界上的N2点．Q为线段N1N2的中点，重力加速度为．上述，，，，为已知量．(1)求微粒所带电荷量和磁感应强度的大小；(2)求电场变化的周期；(3)改变宽度，使微粒仍能按上述运动过程通过相应宽度的区域，求的最小值．【物理—选修33】15分（1）一定量的理想气体从状态a开始．经历ab、bc、ca三个过程回到原状态，其VT图象如图所示。下列判断正确的是______A．ab过程中气体一定放热B．ab过程中气体对外界做功C．bc过程中气体内能保持不变D．bc过程中气体一定吸热E．ca过程中容器壁单位面积受到气体分子的撞击力一定减小（2）如图所示，固定的绝热汽缸内有一质量为mQUOTE的“T”形绝热活塞（体积可忽略），距汽缸底部h0QUOTE处连接一U形管（管内气体的体积忽略不计）。初始时，封闭气体温度为T0，活塞距离汽缸底部为1.5h0。已知水银的密度为ρQUOTE，大气压强为p0，汽缸横截面积为S，活塞竖直部分长为1.2h0，重力加速度为g。试求：(1)初始时，两边水银柱的高度差h；(2)缓慢降低气体温度，“T”形绝热活塞刚好接触汽缸底部时的温度；(3)改变气体温度，两边水银面相平时的温度。14、【物理—选修34】15分如图甲所示，沿波的传播方向上有间距均为0.1m的六个质点a、b、c、d、e、f均静止在各自的平衡位置，t=0时刻振源a从平衡位置开始沿y轴正方向做简谐振动，其振动图像如图乙所示，形成的简谐横波以0.1m/s的速度水平向右传播，则下列说法正确的是（_____）A．这列波的周期为4sB．0~4s时间内质点b运动路程为6cmC．4~5s时间内质点c的加速度在减小D．6s时质点e的振动方向沿y轴正方向E．质点d起振后的运动方向始终与质点b的运动方向相反（2）长度为20cm柱状透明工艺品由折射率为的材料构成，其横截面AOB形状如图所示，侧边AO、BO边长均为3cm，夹角为，底边AB为半径为R的一段圆弧，其对应的圆心角也为。单色平行光束沿与OA面成角的方向斜向下射向整个OA侧面，折射进入该柱状介质内，求：①光线射到OA面时折射角的大小；②从下部观察，AB所在底面透光的面积(二次反射光线很微弱，忽略不计)。

答案解析1.【答案】D【解析】英国物理学家卢瑟福通过α粒子散射实验，提出原子是可分的，原子是由原子核和电子组成的，A错误；γ射线是高速运动的电子流．，它的穿透能力很强，B错误；秦山核电站的发电功率与核电站对能的利用率的高低有关，与铀235无关，C错误；爱因斯坦的质能方程E=mc2，不是质量和能量可以相互转化，二者概念根本不同，当发生质量亏损时，质量只是以光子形式发射出去．D正确；2.【答案】C【解析】由题意知甲、乙两物体沿同一方向做直线运动，6s末在途中相遇，这时由速度图象求出甲、乙的位移，本题可解．x乙＝vt＝54m，x甲＝vt＝27m，所以t＝0时甲在乙的前方27m处，所以A、B选项错误；6s前v甲<v乙，甲比乙运动的慢，所以乙能追上甲，6s后v甲>v乙，甲比乙运动的快，所以6s之后两物体不会再相遇，C选项正确，D选项错误．3.【答案】B【解析】A与木板的摩擦力最大为FfA＝0.2×1×10＝2N，B与木板的摩擦力最大为FfB＝0.2×2×10N＝4N若F＝1N，小于A的最大静摩擦力，所以A和木板没有发生相对运动，所以在F的作用下三者一起运动，没有发生相对运动，A正确；当F＝1.5N时，小于A的最大静摩擦力，所以A、B的加速度一样，a＝0.5m/s2.根据牛顿第二定律可得F－Ff＝ma，即A受到的摩擦力为Ff＝1N，B错误；轻质木板的质量为0，就是说木板只相当于一介质，最终受力是通过另一物体作用而形成的．就是说B受到的力就是A作用于木板的力，若F>2N时，A相对长木板发生滑动，长木板受到向前的摩擦力Ff′＝2N，相当于一个2N的力拉B运动，而B发生滑动必须克服4N的摩擦力，所以B仍与木板保持静止，所以受到的摩擦力为2N，加速度a0＝m/s2＝1m/s2，C、D正确；4.【答案】C【解析】若使飞船与空间站在同一轨道上运行，然后飞船加速，所需向心力变大，则飞船将脱离原轨道而进入更高的轨道，不能实现对接，选项A错误；若使飞船与空间站在同一轨道上运行，然后空间站减速，所需向心力变小，则空间站将脱离原轨道而进入更低的轨道，不能实现对接，选项B错误；要想实现对接，可使飞船在比空间实验室半径较小的轨道上加速，然后飞船将进入较高的空间实验室轨道，逐渐靠近空间实验室后，两者速度接近时实现对接，选项C正确；若飞船在比空间实验室半径较小的轨道上减速，则飞船将进入更低的轨道，不能实现对接，选项D错误．5.【答案】BD【解析】A物体所受的合外力等于B对A的摩擦力，对A物体运用动能定理，则有B对A的摩擦力所做的功等于A的动能的增量，即B对；A对B的摩擦力与B对A的摩擦力是一对作用力与反作用力，大小相等，方向相反，但是由于A在B上滑动，A、B对地的位移不等，故二者做功不等，C错；对B应用动能定理，WF－WFf＝ΔEkB，即WF＝ΔEkB＋WFf就是外力F对B做的功，等于B的动能增量与B克服摩擦力所做的功之和，D对；由前述讨论知B克服摩擦力所做的功与A的动能增量(等于B对A的摩擦力所做的功)不等，故A错．6.【答案】AD【解析】B点处为整条图线切线斜率最大的位置，所以B点的加速度最大，电场力最大．由图可知：加速度a＝2m/s2，由牛顿第二定律a＝＝得E＝＝1×103V/m，所以A对；由C到A的过程中，速度增大，动能增加，电场力做正功，电势能先减小，所以B错；A、B为两个等量的正点电荷，其连线中垂线上电场强度方向O→A，由C到A的过程中，电势逐渐降低，所以C错；A、B两点电势差UAB＝，由动能定理：WAB＝mv－mv，所以，UAB＝＝－5×103V，所以D对．7.【答案】ABC【解析】根据楞次定律得知：感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，故涡流的磁场总是要阻碍穿过工件磁通量的变化，故A正确；感应电流的频率与原电流的频率是相同的，涡流的频率等于通入线圈的交流电频率，故B正确；因为线圈交流电是周期变化的，故在工件中引起的交流电也是周期性变化的，可知通电线圈和待测工件间存在周期性变化的作用力，故C正确；电磁感应只能发生在金属物体上，故待测工件只能是金属制品，故D错误．8.【答案】AD【解析】观察甲图可知电源为正弦交流电，最大值Em＝220V，周期为0.02s，那么1秒钟有50个周期，每个周期电流方向改变2次，共计100次，答案B错．有效电压为E＝＝220V，电路电流i＝＝＝2.2A，灯泡两端电压u＝iR＝198V，答案A对．灯泡功率P＝ui＝453.6W，答案C错．发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热Q＝i2rt＝48.4J，答案D对．9.【答案】【解析】极短时间内的平均速度可以近似表示瞬时速度，故：“工”字型金属片进入光电门时的速度v1＝；离开光电门时的速度v2＝；根据速度位移关系公式，有：v－v＝2gh.解得：g＝＝10.【答案】(1)见解析图(2)增大增大(3)0.391.17【解析】(1)电压表量程为3V，要求能够实现在0～3.8V的范围内对小灯泡的电压进行测量，需要给电压表串联一个定值电阻扩大量程，题目中要求小灯泡两端电压从零开始，故滑动变阻器用分压式接法，小灯泡的电阻RL＝＝Ω＝11.875Ω，因＜，故电流表用外接法，实验电路原理图如图所示．(2)由IU图象知，图象中的点与坐标原点连线的斜率在减小，表示灯泡的电阻随电流的增大而增大，根据电阻定律R＝ρ知，灯丝的电阻率增大．(3)当滑动变阻器的阻值最大为9.0Ω时，电路中的电流最小，灯泡实际功率最小，由E＝U＋I(R＋r)得U＝－10I＋4，作出图线①如图所示．由交点坐标可得U1＝1.78V，I1＝221mA，P1＝U1I1≈0.39W；当滑动变阻器电阻值R＝0时，灯泡消耗的功率最大，由E＝U＋I(R＋r)得，I＝－U＋4，作出图线②如图所示．由交点坐标可得，U2＝3.70V，I2＝315mA，最大的功率为P2＝U2I2≈1.17W.11.【答案】（1）（2）【解析】（1）对下滑的过程：，；球进入水平轨道后两球组成的系统动量守恒，两球最近时速度相等。，；（2）当A，B相距最近之后，由于静电斥力的相互作用，它们将会相互远离，当它们相距足够远时，它们之间的相互作用力可视为零，电势能也视为零，它们就达到最终的速度，该过程中，A，B两球组成的系统动量守恒，能量也守恒。，，得：；12.【答案】（1）；；（2）；（3）【解析】（1）根据题意，微粒做圆周运动，洛伦兹力完全提供向心力，重力与电场力平衡，则mg=qE0①∵微粒水平向右做直线运动，∴竖直方向合力为0．则mg+qE0=qvB②联立①②得：③④（2）设微粒从N1运动到Q的时间为t1，作圆周运动的周期为t2，则⑤⑥2πR=vt2⑦联立③④⑤⑥⑦得：，⑧电场变化的周期T=t1+t2=⑨（3）若微粒能完成题述的运动过程，要求c≥2R⑩联立③④⑥得：，设N1Q段直线运动的最短时间t1min，由⑤⑩得，因t2不变，T的最小值Tmin=t1min+t2=．13、【答案】ADE【解析】A.由图示图象可知，ab过程气体发生等温变化，气体内能不变，体积减小，外界对气体做功，由热力学第一定律△U=Q+W可知，气体放出热量，故A正确，B错误；由图象可知，bc过程气体体积不变而温度升高，气体内能增大，气体不做功，由热力学第一定律可知，气体吸收热量，故C错误，D正确；根据理想气体状态方程QUOTE，因QUOTE，故QUOTE，根据气体压强的微观解析可知E正确，故选ADE.【答案】（1）QUOTE（2）QUOTE(3)【解析】（1）选取