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文档简介
四川省巴中市市第五中学高三数学理期末试卷含解析一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1.已知集合,,则
(
)
A.
B.
C.
D.参考答案:C,,所以.选C.2.已知向量⊥,|﹣|=2,定义:=λ+(1﹣λ),其中0≤λ≤1.若?=,则||的最大值为()A. B. C.1 D.参考答案:C【考点】平面向量数量积的运算;函数的最值及其几何意义.【专题】平面向量及应用.【分析】画出草图,通过⊥、|﹣|=2可得||=1,利用=λ+(1﹣λ)可得B、P、D、C四点共线,结合=||cosα,可得当B、P两点重合时||最大,计算即可.【解答】解:如图,记=,=,=,=,<,>=α.∵⊥,|﹣|=2,∴||=1,∵=λ+(1﹣λ),∴B、P、D、C四点共线,∵=?=||?||cosα=1?||cosα,∴在上的投影为,∴当B、P两点重合时,||最大,此时α=,||=||=1,故选:C.【点评】本题考查平面向量的几何意义,涉及到向量的加、减法运算法则,三点共线的向量表示,向量的投影等知识,注意解题方法的积累,属于难题.3.已知集合A={x|x2﹣2≥0},B={x|x2﹣4x+3≤0}则A∪B=(
)A.R B.{x|x≤﹣或x≥1} C.{x|x≤1或a≥2} D.{x|x≤2或x≥3}参考答案:B【考点】并集及其运算.【专题】计算题;集合;不等式.【分析】求出A与B中不等式的解集确定出A与B,求出两集合的并集即可.【解答】解:由A中不等式变形得:(x+)(x﹣)≥0,解得:x≤﹣或x≥,即A={x|x≤﹣或x≥},由B中不等式变形得:(x﹣1)(x﹣3)≤0,解得:1≤x≤3,即B={x|1≤x≤3},则A∪B={x|x≤﹣或x≥1},故选:B.【点评】此题考查了并集及其运算,熟练掌握并集的定义是解本题的关键.4.设直线与函数图象分别交于点,则当达到最小值时的值为()A.1
B.
C.
D.参考答案:D5.在平面内,,动点,满足,,则的最大值是A.3
B.4
C.8
D.16参考答案:B6.设向量,向量与向量方向相反,且,则向量的坐标为().A.
B.(-6,8)
C.
D.(6,-8)参考答案:D因为向量与向量方向相反,所以可设,,,,故选D.
7.如果函数的图象如右图,那么导函数的图象可能是【
】参考答案:A8.等差数列前项和,,则使的最小的为(
)A.10
B.11
C.12
D.13参考答案:B9.已知a=,则的展开式中的常数项是
A.20
B.-20
C.
D.-参考答案:D略10.已知a>0且a≠1,若函数f(x)=loga(ax2–x)在[3,4]是增函数,则a的取值范围是A.(1,+∞)
B. C.
D.参考答案:A二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11.(选修4—4:坐标系与参数方程)已知直线的参数方程为(为参数),以坐标原点为极点,轴的正半轴为极轴建立极坐标系,曲线C的极坐标方程为.设直线与曲线C交于,两点,则=
.参考答案:012.一种有奖活动,规则如下:参加者同时掷两个正方体骰子一次,如果向上的两个面上的数字相同,则可获得奖励,其余情况不奖励.那么,一个参加者获奖的概率为
.参考答案:13.已知中心在原点,焦点在x轴上的双曲线的离心率为,实轴长为4,则双曲线的方程是
参考答案:由题意知,所以,即,所以双曲线的方程为。【答案】略14.设函数是奇函数的导函数,,当时,,则使得成立的的取值范围是
.参考答案:记函数,则,因为当时,,故当时,,所以在单调递减;又因为函数是奇函数,故函数是偶函数,所以在单调递减,且.当时,,则;当时,,则,综上所述,使得成立的的取值范围是.15.已知函数的图象在点处的切线斜率为1,则________________.参考答案:略16.已知椭圆和圆,若C上存在点P,使得过点P引圆O的两条切线,切点分别为A,B,满足∠APB=120°,则椭圆C的离心率的取值范围是
.参考答案:17.函数的定义域是____________。(用区间表示)
参考答案:.根据题意知,,所以定义域为.三、解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤18.如图,直三棱柱中,,,,分别为,的中点.(Ⅰ)求线段的长;(Ⅱ)求证://平面;(Ⅲ)线段上是否存在点,使平面?说明理由.
参考答案:(Ⅰ)证明:连接.
因为是直三棱柱,
所以平面,
………………1分
所以.
………………2分
因为,
所以平面.
………………3分因为,,所以.
………………4分(Ⅱ)证明:取中点,连接,.
………………5分在△中,因为为中点,所以,.
在矩形中,因为为中点,所以,.
所以,.
所以
四边形为平行四边形,所以.
………………7分
因为平面,平面,
………………8分
所以//平面.
………………9分
(Ⅲ)解:线段上存在点,且为中点时,有平面.………11分证明如下:连接.在正方形中易证.又平面,所以,从而平面.…………12分所以.
………………13分同理可得,所以平面.故线段上存在点,使得平面.
………………14分
略19.(2)(选修4-4:坐标系与参数方程)
若两条曲线的极坐标方程分别为,它们相交于A、B两点,求线段AB的长。参考答案:略20.在△ABC中,=3,b=2,∠B=2∠A.(I)求cosA的值;
(II)求边长c的值.参考答案:(I)因为a=3,b=2,∠B=2∠A.
所以在△ABC中,由正弦定理得.所以.故.
(II)由(I)知,所以.又因为∠B=2∠A,所以.所以.
在△ABC中,.
所以.略21.(本小题满分7分)选修4-4:坐标系与参数方程在直角坐标系中,直线的方程为,曲线的参数方程(为参数)(I)已知在极坐标系(与直角坐标系取相同的长度单位,且以原点为极点,以轴正半轴为极轴)中,点的极坐标,判断点与直线的位置关系;(II)设点为曲线上的一个动点,求它到直线的距离的最小值.参考答案:(I)把极坐标系下的点化为直角坐标,得P(0,4)。……1分因为点P的直角坐标(0,4)满足直线的方程,所以点P在直线上.
……3分(II)因为点Q在曲线C上,故可设点Q的坐标为,……4分从而点Q到直线的距离为,
……6分由此得,当时,d取得最小值
……7分22.如图,在四棱锥P—ABCD中,PA⊥底面ABCD,底面为直角梯形,,且PA=AB=BC=1,AD=2.(Ⅰ)设M为PD的中点,求证:平面PAB;(Ⅱ)求侧面PAB与侧面PCD所成二面角的平面角的正切值.
参考答案:解法一:(Ⅰ)证明:取PA的中点N,连结BN、NM,在△PAD中,,且;又,且,所以MNBC,即四边形BCMN为平行四边形,.又平面PAB,平面PAB,故平面PAB.
……5分(Ⅱ)在平面ABCD中,AB与CD不平行,延长AB、CD交于一点,设为E,连结PE,则PE为侧面PAB与侧面PCD所成二面角的棱,又由题设可知侧面PAB,于是过A作于F,连结DF,由三垂线定理可知AFD为侧面PAB与侧面PCD所成二面角的平面角.
……8分在△EAD中,由,,知B为AE为中点,∴AE=2,在Rt△PAE中,PA=1,AE=2,∴,故,即所求侧面PAB与侧面PCD所成二面角的平面角的正切值为
……12分
解法二:以A为坐标原点,以AB、AD、AP所在直线为x、y、z轴建立如图所示的空间直角坐标系,则B(1,0,0),C(1,1,0),D(0,2,0),P(0,0,1).
……2分(Ⅰ)由M为PD中点知M的坐标为(0,1,1),所以,又平面PAB的法向量可取为
∴,即.又平面PAB,所以平面PAB.
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