2023年广东省深圳市高考物理第一次调研试卷(一模)(含答案)

2023年广东省深圳市高考物理第一次调研试卷〔一模〕7428分。在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合要求的。14分〕由现象，经过规律推理和数学工具验证，再进展合理延长，是争论物理问题的一种科学思维方法以下选项中属于这种方法的是〔 〕牛顿的人造卫星放射设想测静电力常量探究二力合成的规律争论影响向心力大小的因素2〔4分

Pm→Sm+x衰变反响制成核电池， Pm的半衰期约为2.6年， Pm、 Sm原子核及x粒子的质量分别为m1、m2、m，真空中的光速为c，则〔 〕A．射线粒子x的符号是eB．5.2年后全部 Pm原子核均已衰变C．每个PmC．每个Pm原子核衰变放出的能量为〔m1﹣m2﹣m〕c23〔4分〕一能源电动汽车，总质量为213kg，在平直的大路上以10m/s的速度匀速运动。车头正前方30m处的斑马线上有行人，为礼让行人，驾驶员开头刹车，从觉察行人到停下，其v﹣t图像如以下图。汽车减速60%转化回收为电池电能。则〔〕A．汽车减速过程的加速度大小为2m/s2B．汽车停赶忙车头距斑马线1.5mC．图示过程中汽车运动的平均速度大小为5m/sD．此刹车过程中，汽车回收的电能为105J4〔4分〕动靶射击训练时，质量为0.5kg的动靶从地平面下方5m处的AB点为动靶可到达的最高点，高出地平面15m，如以下图。动靶在地平面以上被击中为“有效击中。无视空气阻力及子弹的飞行时间，g＝10m/s2。则动靶〔 〕从A25m/s从A上升到B10N•sC．可被“有效击中”的时间为2sD．在经过地平面四周时更简洁被击中54分〕如以下图，一玩偶与塑料吸盘通过细绳AB连接，吸盘吸附在墙壁上，玩偶静止悬挂，无视玩偶与墙之间的静摩擦力，则〔 〕细绳AB越短，玩偶对墙壁的压力越大细绳AB越长，吸盘受到墙壁的摩擦力越小C．吸盘重力大于墙壁和细绳对吸盘作用力的合力D．吸盘与墙壁之间的挤压力越大，吸盘受到墙壁的摩擦力越大64分〕如以下图，用轻绳将一条形磁铁竖直悬挂于O点，在其正下方的水平绝缘桌面上放置一铜质圆环。现将磁铁从A处由静止释放，经过B、C到达最低处D，再摆到左侧最高处E，圆环始终保持静止，则磁铁〔 从B到C的过程中，圆环中产生逆时针方向的电流〔从上往下看〕摆到D处时，圆环给桌面的压力小于圆环受到的重力从A到D和从D到E的过程中，圆环受到摩擦力方向一样在A、E两处的重力势能相等7〔4分〕在光滑绝缘水平面上，两个带正电小球AB用绝缘轻弹簧连接。初始时弹簧处于原长，小球A固定小球B从M点由静止释放经过O点所受合力为零向右最远到达N〔ON两点在图中未标出〔 〕A．小球B运动过程中，弹簧与两小球组成的系统机械能保持不变B．B球到达N点时速度为零，加速度也为零C．M、N两点确定关于O点位置对称D．从O到N的过程中，库仑力对小球B做功的功率渐渐减小86分〕某同学通过抱负变压器把电压220si〔10V86分〕某同学通过抱负变压器把电压220si〔10V201”的灯泡供电，变压器原、副线圈匝数比为10：1。为使灯泡正常工作，可以在原线圈串联一个电阻R1或在副线圈串联一个电阻R〔图中未画出，则以下说法正确的有〔〕A．该交变电流方向每秒钟转变100次B．灯泡正常工作时，原线圈电流的有效值均为10AC．R1：R2＝1：1D．R1R21：196分〕中。金属杆MN以某一初速度沿导轨向右滑行，且与导轨接触良好，导轨电阻不计。则金属杆在运动过程中，速度大小v、流过的电量q与时间t或位移x的关系图像正确的有〔〕A．B．C．D．10〔6分〕设想在赤道上建筑如图甲垂直于水平面的“太空电梯r为宇航员到地心的距离，RA为地球引力对宇航员产生的加速度大小与rA．B．C．D．〔 〕随着r增大，宇航员的线速度也增大宇航员在r＝R处的线速度等于第一宇宙速度图中r0为地球同步卫星的轨道半径随着r增大，宇航员感受到“重力”也增大三、非选择题：共54分。第11～1415～16题为选考题，考生依据要求作答。〔一〕42分。17分〕如图12为同时释放小车甲、乙后打出的两条纸带〔4个点并未画出。无视绳子的质量以及滑轮与绳子间的摩擦。测量得到各相邻计数点间的距离如表所示〔c：s1〔s1′〕s2〔s2′〕s3〔s3′〕s4〔s4′〕s5〔s5′〕s6〔s6′〕纸带甲3.134.385.636.878.139.37纸带乙3.504.495.516.497.518.51可以推断小车 〔填“甲”或“乙〕的加速度较大。请通过定量分析，说明你的推断依据： 。测得甲、乙两车质量分别为M1、M2加速度分别为a1、a2，假设在误差允许范围内满足 〔用a1、a2、12表示，则验证了加速度与质量的关系。欲得到〔2〕中的试验结论，以下操作必要的有 。A．连接小车的细绳与桌面平行B．平衡两小车和桌面间的摩擦力C．用天平测量动滑轮和钩码的总质量129分〕某试验小组利用热敏电阻t制作简易电子温度计，该热敏电阻说明书给出的阻值R随温度t线如图甲所示。为检验该热敏电阻的参数是否与图甲全都，测量局部温度下的阻值，设计图乙所示电路。把该热敏电阻置于恒温箱中，利用如下试验器材测量70℃时热敏电阻的阻值。蓄电池〔电动势6V，内阻不计〕电压表〔6V10kΩ〕电流表〔120mA2Ω〕滑动变阻器R1〔最大阻值20Ω〕滑动变阻器R2〔最大阻值1000Ω〕F．开关、导线假设干①参照图甲中的参数，滑动变阻器RP应选用 〔填R”或2；②单刀双掷开关应接在 〔填”或2。经检测无误后，把该热敏电阻与〔1〕中蓄电池和电流表串联，制作简易温度计〔如图丙所示。①当电流表读数为10mA时，对应的温度为 ℃，该温度计能够测量的最高温度为 ℃。13〔10分〕物理气相沉积镀膜是芯片制作的关键环节之一，如图是该设备的平面构造简图。初速度不计的氩离子经电压U0的电场加速后，从A点水平向右进入竖直向下的匀强电场13〔10分〕物理气相沉积镀膜是芯片制作的关键环节之一，如图是该设备的平面构造简图。初速度不计的氩离子经电压U0的电场加速后，从A点水平向右进入竖直向下的匀强电场E，恰好打到电场、磁场的竖直分界限Ⅰ最下方M〔未进入磁场AM两点的水平距离为0.5金属离子沿各个方向进入两匀强磁场区域，并沉积在固定基底上。基底与水平方向夹角为45°，大小相等、方〔均垂直纸面B的分界限Ⅱ过M点且与基底垂直〔：U0＝×103V，E＝×104V/m，B＝1×102T，氩离子比荷＝2.4×106C/kg，金属离子比荷＝2.0×106C/kg，两种离子均带正电，无视重力及离子间相互作用力〕〔2〕假设金属离子进入磁场的速度大小均为1.0×104m/s，M〔2〕假设金属离子进入磁场的速度大小均为1.0×104m/s，M点到基底的距离为m，求在纸面内，基底上可被金属离子打中而镀膜的区域长度。14〔16分〕如图是机器人“推车竞赛”的情境，倾角＝3°的固定斜面赛道，高3.25。质量1＝1kg的小v1＝3m/s〔不计小车与斜面间的摩擦0m2＝2kg的机器Av2＝1.5m/s进入赛道，沿赛道向上做匀加速直线运动，Ad0＝0.45m。再经t0＝0.2s后机器人第一次推车〔推车时间极短且视为弹性碰撞。机器人推车前后运动的加速度保持不变。机器人与小车均视为质点，重力加速度g＝10m/s2。试求：机器人进入赛道时与小车的距离；机器人第一次推车后，机器人和小车的速度大小；从机器人进入赛道至小车到达赛道顶端所经受的时间。〔二〕选考题：共12分。请考生从2道题中任选一题作答。假设多做，则按所做的第一题计分3-3〔12分〕168分〕增压玩具水枪通过压缩空气提高储水腔内的压强。储水腔的容积为1.5，用充气管每次将0.02、压强为p0＝1atm的气体注入储水腔，初始时，在储水腔中注入容积的水，此时储水腔内气体压强为p0，然后充气10次。无视温度变化，空气视为抱负气体。求：154168分〕增压玩具水枪通过压缩空气提高储水腔内的压强。储水腔的容积为1.5，用充气管每次将0.02、压强为p0＝1atm的气体注入储水腔，初始时，在储水腔中注入容积的水，此时储水腔内气体压强为p0，然后充气10次。无视温度变化，空气视为抱负气体。求：充气后储水腔内的气体压强；1.2p0时，水枪喷出水的体积。3-4〔12分〕在沙漠地区，太阳照耀下，地面四周的空气温度上升，密度降低，折射率减小，光线从高向低照耀时发生全反射，形成“海市蜃楼。现将此原理简化为光在两层空气间发生全反射，上层空气折射率为n，地面四周空气折射率为〔无视下层空气厚度。则形成的“海市蜃楼”在地平线 〔填“上方”或“下方，请完成光路图。要发生全反射，光线从上层空气进入下层空气的入射角的正弦值至少为 。如以下图，图1中两小孩各握住轻绳一端，当只有一个小孩上下抖动绳子时，在绳上产生简谐横波，图2实线t1＝0和t2＝0.75s时刻的波形图，小孩抖动绳子的周期T满足0.75s＜T＜2s。推断哪侧〔左侧/右侧〕小孩在抖动绳子，并写出推断依据；求此列波在绳子中传播的速度。2023年广东省深圳市高考物理第一次调研试卷〔一模〕试题解析7428分。在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合要求的。解：A、牛顿的人造卫星放射设想属于经过规律推理和数学工具验证，再进展合理延长，故A正确；B、测静电力常量使用类比的方法，与测引力常量方法类似，故B错误；C、探究二力合成的规律利用等效替代的方法，故C错误；D.争论影响向心力大小的因素使用把握变量法，故D错误。应选：A。x147x147﹣147＝0，x61﹣62＝﹣1，所以x为电子，故A错误；B、t＝5.2年，即经受n＝个半衰期，依据半衰期公式可得：，即还剩下的还未衰变，故B错误；C、依据质能方程可知核反响中释放的能量为△E＝△mc2＝〔m1﹣m2﹣m〕c2C正确；D、由于存在半衰期，核电池中的可衰变物质在单位时间内发生β衰变的数目削减，因衰变而放出的核能也越来越少，故D错误。应选：C。汽车减速过程的加速度为a＝＝m/s2＝﹣2.33m/s2汽车减速过程的加速度为a＝＝m/s2＝﹣2.33m/s2即加速度大小为2.33m/s2故A错误；x＝10×0.7m+ ×〔5﹣x＝10×0.7m+ ×〔5﹣0.7〕×10m＝28.5m故汽车停赶忙车头距斑马线为△x＝30m﹣28.5m＝1.5mB正确；C、依据平均速度的定义，可得图示过程中汽车运动的平均速度大小＝＝m/s＝5.7m/s＝＝m/s＝5.7m/sD、汽车减速过程中动能削减量为△Ek＝mv2EE＝0.6×△Ek＝0.6××2×103×100J＝6×104J4．解：AA到4．解：AA到B/s2，错误；B、设动靶从A到B的运动时间为t，由运动学公式得vB﹣vA＝﹣gt，即﹣20m/s＝﹣10m/s2tt＝2s.C、设动靶由B落到水平面的时间为t1，由自由落体运动的规律，即.依据竖直上抛运动的对称性，由地面上升至B点的时间也是，由于在地平面以上被击中为“有效击中以可被“有效击中”的时间为，故C错误；由冲量的定义得重力冲量为I＝C、设动靶由B落到水平面的时间为t1，由自由落体运动的规律，即.依据竖直上抛运动的对称性，由地面上升至B点的时间也是，由于在地平面以上被击中为“有效击中以可被“有效击中”的时间为，故C错误；D、动靶的速度越小，越简洁被击中，在地面上方越接近地面动靶速度越大越不易被击中，故D错误.应选：B。解：A、玩偶的受力分析如以下图，玩偶对墙壁的压力等于支持力有N＝Gtanθ，细绳AB越短，θ越大，则玩偶对墙壁的压力越大，所以A正确；BD、对吸盘与玩偶整体分析竖直方向只受重力与静摩擦力，所以吸盘受到墙壁的静摩擦力总是等于重力，与细绳的长短无关，与吸盘与墙壁之间的挤压力无关，则BD错误；C、吸盘受到重力、大气对其的压力、墙壁和细绳对吸盘作用力的合力，由平衡条件可知，吸盘重力和大气对其的压力的合力等于墙壁和细绳对吸盘作用力的合力，所以吸盘重力小于墙壁和细绳对吸盘作用力的合力，故C错误。应选：A。解：AS极一端靠近圆环.磁感线从下往上穿过圆环，BC过程磁铁越来越靠近圆环导致磁通量增加。A错误；B、设桌面给圆环的支持力为F，依据受力平衡：F＝mg+F ，F 为圆环受到的安培力的总合，依据牛顿第三定安 安律圆环给桌面的压力大小与F相等且大于重力，故B错误；C、AD过程圆环为了阻碍磁通量增加而受到的安培力驱使圆环远离磁铁，有向左的运动趋势，DE过程，圆环为了阻碍磁通量减小而有向左的运动趋势，两个过程的运动趋势一样。受到的摩擦力一样，故C正确；D、磁铁运动过程使圆环产生了感应电流而发热，损失了局部重力势能，故ADE过程圆环不能回到与A一样高度的E点，故A正两点重力势能不相等，故D错误。应选：C。解：A、球B运动过程中，有库仑力做功，故弹簧与两小球组成的系统机械能不守恒，故A错误；B、O点时，F ＝F 不断减小，F 不断增大，故在N点，B球受力不平衡，加速度不为零，库 弹 库 弹CF弹＝CF弹＝kx，，F弹与位移成正比关系，F库与位移的平方成反比关系，故M、N两点确定不关于O点位置对称，故C错误；D、O到N的过程中，由P＝Fv可知，v不断减小，F 不断减小，故P也渐渐减小，故D正确。库应选：D。3618分。在每题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全630分。＝Hz＝50Hz＝Hz＝50Hz，一个周期内电流方向转变两次，所以电流方向每秒钟转变100次，故A正确；B、灯泡正常工作时，I2＝IL＝1A，由，解得原线圈电流的有效值为：I1＝0.1A，故B错误；U＝＝U＝＝V＝220V，由，且U2＝UL＝20V，解得原线圈的电压为：U1＝200V，R1＝＝＝200Ω；在副线圈串联一个电阻R2，由，在原线圈串联一个电阻R1，其两端电压为：UR1R1＝＝＝200Ω；在副线圈串联一个电阻R2，由，R2＝＝＝2Ω；解得：U2”＝22V，则R2两端电压为：UR2＝U2”﹣ULR2＝＝＝2Ω；D、R1R2的功率之比为：＝＝，故DD、R1R2的功率之比为：＝＝，故D正确。应选：AD。A、对金属杆依据牛顿其次定律可得：BIL＝ma，则有：a＝A、对金属杆依据牛顿其次定律可得：BIL＝ma，则有：a＝，所以加速度随着速度的减小而减小，依据v＝v0﹣atv﹣t图象的斜率减小，故A正确；B、依据速度﹣位移关系可得：＝2ax，所以v2＝v0﹣2ax，v﹣x关系图象不是一条倾斜的直线，故B错2误；C、取初速度方向为正方向，依据动量定理可得：BLt＝mv0﹣mv，解得：q＝t＝＝由于加速度渐渐减小，则q﹣t图象的斜率减小，故C错误；D、依据电荷量的计算公式可得：q＝t＝＝＝，所以q﹣x图象是一条倾斜的直线，故D正确。应选：AD。解：A、宇航员的线速度v＝rω，地球自转角速度不变，随着r增大线速度v增大，故A正确；BB错误；C、当r＝r0时，引力加速度正好等于宇航员做圆周运动的向心加速度，即万有引力供给做圆周运动的向心力，所以宇航员相当于卫星，此时宇航员的角速度跟地球的自转角速度全都，可以看做是地球的同步卫星，故C正D、依据重力和万有引力相等可得：D、依据重力和万有引力相等可得：，随着r增大，其重力mg′越来越小，故D错误。应选：AC。三、非选择题：共54分。第11～1415～16题为选考题，考生依据要求作答。1〔1〕1〔1〕xa2得：＝，由图表可知，甲纸带上相邻两点位移差△x ＝甲1.25m大于乙纸带的相邻两点的位移差△x乙＝1.00m，且时间间隔相等，故甲的加速度较大。绳子两边受力相等，由牛顿其次定律F＝ma得：F＝M1a1；F＝M2a2，故在误差允许范围内应满足M1a1＝M2a2 则验证了加速度与质量的关系。A、试验中需要细绳与桌面平行保证两边受到的外力等于钩码的重力，故A正确。B、本试验要保证两边所受外力相等，故应平衡摩擦力，故B正确。C、动滑轮和钩码的总质量的作用就是保证两小车所受的合外力一样，计算时用不到它们的总质量，故C错误。应选：AB。故答案为1〕甲 依据匀变速直线运动的推论x＝a，由图表可知，甲纸带上相邻两点位移差x 大于甲乙乙纸带的相邻两点的位移差△x ，且时间间隔相等，故甲的加速度较大〔2〕M1a1＝M2a2 〔3〕AB12．解〔①从图1可以看出热敏电阻在70℃时的电阻大约为6Ω左右，而尽量测其在不同温度下的电阻值乙②又由于＝，＝②又由于＝，＝，所以＞，电流表承受外接法，即双掷开关接2；〔2〕①接蓄电池时，由于I＝10mA，所以热敏电阻Rx＝＝＝600Ω。从图1可查出对应的温度为10℃。当电流表满偏时即I＝120mA，则Rx＝＝50Ω185℃。13〔〕氩离子在电场中加速，依据动能定理：得，②由于热敏电阻随着温度的上升而减小，那么电流增大，所以电流的值越大，则温度越高；〔112〔①113〔〕氩离子在电场中加速，依据动能定理：得，氩离子在电场中偏转，在电场中做类平抛运动有竖直方向：水平方向：x＝v0t竖直方向：代入数据得高度差为y＝0.5m。〔2〕金属离子在磁场中运动，由牛顿其次定律可知，OMsin45°＝＝FM，所以O恰好在基底上，得，MFFOMsin45°＝＝FM，所以O恰好在基底上，得，MFFK点，左侧区域范围内离子受到洛伦兹力偏向右，依据对称性离子能够到达F左侧的距离也为与右侧一样，故离子能够镀膜范围的长度为。〔2〕基底上可被金属离子打中而镀膜的区域长度为。〔〕求氩离子进入电场的速度为15m/，以及AM两点的高度差为〔2〕基底上可被金属离子打中而镀膜的区域长度为。〔〕小车冲上斜面，设小车在斜面上运动加速度为1gsi＝110时，位移x满足：2a0时，位移x满足：2a1x＝v解得：x＝0.9m，故，机器人动身时与小车距离为：s＝x﹣d0，解得：s＝0.45ms＝v2s＝v2t0++，解得：a＝2.5m/s2x0＝d0+v2t0+解得：x0＝0.8m第一次推车时车的速度为v ，机器人的速度为v车 机推车前小车速度为：v ＝at，解得：v ＝车 车2 机器人速度为：v ＝v+at，解得：v ＝2m/s2 机 机2 1 设推车后小车和机器人的速度为v ′和v ′，沿斜面对上为正方向，由动量守恒定律得：mv mv ＝m2 1 车 机 机﹣ 车1′+mv ′1由机械能守恒定律得：m由机械能守恒定律得：m2v+ m1v＝m2+ m1v以上两式联立，解得：v ′＝0，v ′＝3m/s机 车v ′T﹣a1T2＝v ′T﹣a1T2＝车解得：T＝0.8s1此时小车和机器人的速度为：v ″＝v ′﹣aT，解得：v ″＝1m/s1车 车 车2v ″＝aT，解得：v ″＝2m/s2机 机△x ＝车△x ＝车，解得：△x ＝0.9m车两次相邻碰撞位置的距离为：△x1＝v′T﹣