2015高考理科综合物理部分广东卷精校图片重绘含答案解析版-文档

④该小组还借助X和Y中的线性元件和阻值R=21Ω的定值电阻，测量待测电池的电动势E和内阻r，电路如图16（b）所示所示，闭合S1和S2，电压表读数为3.00V；断开S2，读数为1.00V。利用图16（a）可算得E=V，r=Ω（结果均保留两位有效数字，视电压表为理想电压表）35.（18分）如图17（a）所示，平行长直金属导轨水平放置，间距L=0.4m。导轨右端接有阻值R=1Ω的电阻，导体棒垂直放置在导轨上，且接触良好。导体棒及导轨的电阻均不计，导轨间正方形区域abcd内有方向竖直向下的匀强磁场，bd连线与导轨垂直，长度也为L从0时刻开始，磁感应强度B的大小随时间t变化，规律如图17（b）所示；同一时刻，棒从导轨左端开始向右匀速运动，1s后刚好进入磁场。若使棒在导轨上始终以速度v=1m/s做直线运动，求：棒进入磁场前，回路中的电动势E；棒在运动过程中受到的最大安培力F，以及棒通过三角形abd区域时电流i与时间t的关系式。

36．（18分）如图18所示，一条带有圆轨道的长轨道水平固定，圆轨道竖直，底端分别与两侧的直轨道相切，半径R=0.5m。物块A以V0=6m/s的速度滑入圆轨道，滑过最高点Q，再沿圆轨道滑出后，与直轨上P处静止的物块B碰撞，碰后粘在一起运动，P点左侧轨道光滑，右侧轨道呈粗糙段，光滑段交替排列，每段长度都为L=0.1m。物块与各粗糙段间的动摩擦因素都为μ=0.1，A、B的质量均为m=1kg（重力加速度g取10m/s2；A、B视为质点，碰撞时间极短）。求A滑过Q点时的速度大小V和受到的弹力大小F；若碰后AB最终停止在第k个粗糙段上，求k的数值；求碰后AB滑至第n个(n<k)光滑段上的速度Vn与n的关系式。

2015年普通高等学校招生全国统一考试（广东卷）理科综合物理部分答案一、单选题(本大题共4题,共计16分)1、(4分)答案：B

解析：题图3为位移—时间图象，倾斜直线表示匀速直线运动，所以0.2~0.5小时内甲、乙均做匀速直线运动，加速度为0，故选项A错误;由题图可得0.2~0.5小时内，甲的速度v甲＝

km/h＝

km/h，乙的速度v乙＝

km/h＝

km/h，所以甲的速度比乙的大，故选项B正确;由题图知，在0.6~0.8小时内，甲的位移为x甲＝(5－10)km＝－5km，乙的位移为x乙＝(5－8)km＝－3km，其中“－”表示位移沿负方向，所以甲的位移比乙的大，故选项C错误;由题图知，0.8小时内，甲骑行的路程s甲＝(10+10－5)km＝15km，乙骑行的路程s乙＝(8+8－5)km＝11km，所以甲骑行的路程比乙的大，故选项D错误。2、(4分)答案：D

解析：在南北方向上，帆板静止，所以在此方向上帆船相对于帆板向北以速度v运动;在东西方向上，帆船静止，帆板向西以速度v运动，所以在此方向上帆船相对于帆板向东以速度v运动;以帆板为参照物，帆船朝北偏东45°方向航行，速度大小为v，故选项D正确，选项A、B、C错误。3、(4分)答案：C

解析：由I＝，R不变，电压由220V降至110V，所以电流变为原来的，即调节前后副线圈中的电流比为2∶1，故选项A错误;由P＝，R不变，电压U变为原来的，所以功率变为原来的，即调节前后副线圈输出功率比为4∶1，由于输入功率由输出功率决定，也可知调节前后原线圈输入功率比为4∶1，故选项B、D均错误;调节前U2＝n2，调节后U2'＝n2'，可得＝2∶1，故选项C正确。4、(4分)答案：B

解析：由r＝，由于两者动量相等且在同一匀强磁场中，所以α粒子和质子运动半径之比等于电荷量反比，即rα∶rH＝qH∶qα＝1∶2，故选项A错误;由T＝，则α粒子与质子运动周期之比为＝2∶1，故选项B正确;由于mαvα＝mHvH，所以vα∶vH＝mH∶mα＝1∶4，故选项C错误;由于洛伦兹力F＝qvB，所以＝1∶2，故选项D错误。二、多选题(本大题共5题,共计30分)1、(6分)答案：AB不

解析：此封闭气体体积不变，外界不对气体做功，气体也不对外界做功，气体通过金属内筒吸热，根据热力学第一定律可知气体内能增大，故选项A正确;封闭气体分子数以及分子平均间隔距离不变，则分子势能不变，内能增大说明分子热运动动能增大，封闭气体分子数不变所以气体分子热运动平均动能增大，封闭气体温度升高，分子热运动平均速率增大，而单位体积内分子数不变，所以封闭气体压强增大，故选项B正确;封闭气体分子数与体积不变，所以分子间平均距离不变，所以分子间斥力与引力都不变，故选项C错误;封闭气体温度升高，分子热运动平均动能增大，分子热运动平均速率增大，并不是所有分子速率都增大，故选项D错误。2、(6分)答案：AD不

解析：由He+X，核反应遵循质量数和电荷数守恒，可知X为中子n)，故选项A正确;同理由n+Y→H，可知Y为锂核Li)，所以Y的质子数为3，中子数为6－3＝3，故选项B错误;两个核反应都释放核能，所以两个核反应都存在质量亏损，故选项C错误;氘核和氚核的核反应是两个质量数较小的核结合成质量大的核，核反应为核聚变反应，故选项D正确。3、(6分)答案：BC不

解析：对杆受力分析，杆受重力、三根绳斜向下的拉力、地面的支持力，杆所受向上的支持力与重力和三拉力的合力是一对平衡力，所以选项D错误;支持力大于重力，由牛顿第三定律知，杆对地面的压力大于自身重力，故选项B正确;由于杆处于平衡状态，则杆在水平面内的合力也应为零，所以绳子对杆的拉力在水平方向的合力为零，故选项C正确;三根绳与水平面的夹角不同，而三根绳拉力在水平面内分量的矢量和为零，所以三条绳中的张力不相等，故选项A错误。4、(6分)答案：BD不

解析：探测器绕星球做匀速圆周运动，万有引力充当向心力，即，解得v＝，可知v与探测器质量m无关，所以脱离星球所需的发射速度v也与探测器质量无关，故选项A错误;由F＝知，探测器在地球表面与在火星表面所受引力之比为，所以探测器在地球表面受到的引力比在火星表面的大，故选项B正确;探测器脱离地球表面的速度v脱地＝，探测器脱离火星表面的速度v脱火＝，则，故选项C错误;探测器脱离星球的过程，万有引力做负功，势能增大，故选项D正确。5、(6分)答案：BD不

解析：由平衡条件，对于M球EqM＝，解得qN＝，对于N球EqN＝，解得qN＝，所以M、N两球所带的电荷量等大，故选项A错误;由于M、N两球在彼此间库仑力和匀强电场给予的电场力作用下处于平衡状态，只能M带负电荷，N带正电荷，若两个都带正电，N不能受力平衡，若两个都带负电，M不能受力平衡，若M带正电，N带负电，两个都不能受力平衡，故选项B正确;静止时M、N两球所受合力均为0，故选项C错误;移动M过程中匀强电场给的水平向左的电场力与速度方向成钝角θ，由W＝Flcosθ，cosθ＜0，所以移动过程中匀强电场对M做负功，故选项D正确。三、实验题探究题(本大题共1题,共计18分)1、(18分)答案：(1).①靠近接通打点计时器电源释放纸带②b

打点计时器给纸带的摩擦阻力

(2).①10b②增大③Y④3.20.50

解析：(1)①为了充分利用纸带，使纸带上有更多的点迹，故重物在接通打点计时器电源前要靠近打点计时器下端;因纸带很快就能通过打点计时器，所以先接通打点计时器电源，待打点稳定后再释放纸带。②重物在重力作用下加速运动，相邻点迹间距应越来越大，故选b来分析;误差的主要原因是空气阻力、打点计时器限位孔给纸带的摩擦阻力以及振针在纸带上打点给纸带的阻力。

(2)①多用电表欧姆挡读数不估读，所测阻值等于指针所指数值乘倍率，所以示数为10×1Ω＝10Ω;由于电压表内阻(RV)与电流表内阻(RA)乘积大于元件阻值(Rx)大约值的二次方，即RV·RA＞，所以待测元件为小电阻，应选用电流表的外接法，故选b电路进行实验。②滑动变阻器滑片P从左向右滑动，待测元件所并联的滑动变阻器电阻丝长度增加，电阻变大，待测元件两端电压在增大，所以电流表的示数逐渐增大。③由题图16(a)中的图象可知Y线上各点与原点连线斜率在变化，即各工作状态点下Y元件电阻不是定值，X元件是定值电阻，所以Y元件是非线性元件，X元件是线性元件。④由题图16(a)知R线＝10Ω，当S1、S2均闭合时，由闭合电路欧姆定律E＝UV1+r，得E＝3+r(V)，当S1闭合S2断开时，由闭合电路欧姆定律E＝UV2+(r+R)，得E＝1+(r+21)(V)，联立以上两式解得E＝3.15V，r＝0.5Ω，由于要求结果均保留两位有效数字，所以E＝3.2V，r＝0.50Ω。四、计算题(本大题共2题,共计36分)1、(18分)答案：(1).0.04V

(2).0.04Ni＝t－1(A)(1.0s≤t≤1.2s)

解析：(1)棒进入磁场前对于该电路由法拉第电磁感应定律

E＝＝S

由题意S＝()2＝

由题图(b)得0~1.0s内＝0.5T/s

所以有E＝×0.5V＝0.04V。

(2)当杆经bd位置时，棒受最大安培力F，此时电路中只有动生电动势E＝BLv

电路中电流为I＝

棒受最大安培力为F＝BIL＝

代入数据解得F＝

N＝0.04N

在t0＝1s之后棒进入abd区域，t时刻棒的有效切割长度由几何知识知lt＝2v(t－t0)

则t时刻电路中的动生电动势为有e＝Bltv

所以t时刻电路中的电流i＝

代入数据，整理可得i＝t－1(A)(1.0s≤t≤1.2s)。2、(18分)答案：(1).4m/s22N

(2).45

(3).vn＝(m/s)(n＜45)

解析：(1)由A到Q过程对物块A由动能定理

－mg2R＝mv2－

代入数据解得v＝4m/s

设物块A在Q处受外壁指向轨道圆心的弹力，对经Q处的物块A由牛顿第二定律

F+mg＝

代入数据解得F＝22N

F＝22N＞0，所以假设正确，即轨道外壁给物块A指向圆心的弹力，弹力大