2023年届高考物理二轮复习专题突破：专题三十二电路问题

1/232023届高考物理二轮复习专题突破：专题三十二电路问题一、单项选择题12分如以下图的电路中，电源的电动势为、内阻为r，C1和2为定值电阻，R3为光敏电阻(阻值随光照增加而减小)，A为抱负电流表，GR1＞r.当开关SR3的光照强度的过程中〔〕A．A表的示数变小C．电源内部消耗的热功率变小

B．电源的输出功率变大D．G表中有从a至b的电流22分以下关于电动势的说法中正确的选项是〔 〕A．电动势越大说明电源体积越大B．对于给定的电源，电动势的大小根本不变，电动势的国际单位为JC．电动势越大，说明非静电力把1C正电荷在电源内部从负极送到正极做功越多D．电源电动势越大，表示非静电力做功越多32分4月开学后学校实行体温每日三检制度，体温检测员小明认真争论了班里的额温枪及其技术参数〔如以下图，觉察它以25mA。能通过传感器检测人体向外辐射的红外线，依据红外线能量的强弱快速、准确且无接触的测量体温，那么关于该额温枪的说法中正确的选项是〔〕3V1C1.5J化学能转化为电能C15mWD800mAh106次42分利用电动机通过如以下图的电路提升重物，电源电动势，电源内阻r=1R=3Ωm=0.20kg5V。当重物不固定，且电动机最终5.5V。不计摩擦，g10m/s2。以下说法正确的选项是〔〕A．电动机内部线圈的电阻为1ΩB1AC．重物匀速上升时的速度为0.75m/sD2W52分如以下图直线C为某始终流电源的总功率

总IOBC为同总始终流电源内部热功率Pr随电流I的变化图线，A、B两点的横坐标都是2A，则〔 〕I=2A1ΩI=1AI=2A时电源的输出功率一样I=1AI=2A时电源的效率一样D2W62分如以下图，平行金属板极板水平放置，开关1、2均闭合，此时处于O点的电子枪水向右射出速度一样的电子，经过金属板间电场后击中荧光屏的P点，则〔 〕3/23R1的滑片向右移，电子将击中P上方一点R2的滑片向右移，电子将击中P上方一点断开开关k1上极板向上移一小段距离，电子仍击中P点断开开关k2上极板向上移一小段距离，电子仍击中P点72分如以下图，两个烧杯装有稀硫酸，铜片和锌片构成电源正负极U形玻璃管中放有粗棉线，倒插在两烧杯中，转变棉线的粗细，可以转变电源的内阻，闭合开关S、𝑆1、𝑆2，以下说法正确的选项是〔 〕增大滑动变阻器R的阻值，电压表𝑉2示数增大U𝑉1示数变小不管滑动变阻器R的阻值如何转变，两电压表示数之和几乎保持不变D．通过两电压表的电流方向一样，均从左向右82分如以下图的电路中，电键1、2、3、4均闭合，𝐶是极板水平放置的平行板电容器，板间悬浮着一油滴𝑃，断开哪一个电键后𝑃会向下运动〔 〕A．𝐾1 B．𝐾2 C．𝐾3 D．𝐾492分如以下图的电路中，平行金属板中带电质点P处于静止状态，全部电流表和电压表均可为抱负电表，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则〔 〕AA示数变小，电压表V1示数变小B．R3上消耗的功率渐渐增大C．平行金属板之间原静止的质点P将向下运动D．此过程中电压表V1ΔU1和电流表A1ΔI1的比值确定值变小02分如以下图，电源电动势为、内阻为，123和4为定值电阻，设各电阻两端电压为U、电流为I；假设向右移动R的滑动触头P，各电阻两端电压变化量为𝛥𝑈 和流i i 1 𝑖过该电阻电流变化量为𝑖、2、、4，则在此过程中〔 〕A．𝛥𝑈1>0 B．𝛥𝑈2<0C．|

𝛥𝑈3𝛥𝐼1+𝛥𝐼3

|=𝑅2

D．|

𝛥𝑈4𝛥𝐼2+𝛥𝐼4

|=𝑟12分如以下图0为热敏电温度降低，其电阻增)，D为抱负二极正向电阻为零，反向电阻无穷大)，平行板电容器中心有一带电液滴刚好静止，M点接地，开关S闭合．以下各项单独操作时可使带电液滴向上运动的是( )5/23滑动变阻器R的滑动触头P向上移动将热敏电阻R0的温度降低开关S断开D．电容器的上极板向上移动二、多项选择题23分始终流电动机与阻值𝑅=𝛺的电阻串联在电源上，电源的电动势𝐸=𝑉，内阻𝑟=1𝛺，闭合开关，用抱负电压表测出电动机两端电压𝑈=10𝑉，电动机线圈的电阻𝑅𝑀=1𝛺，则以下说法中正确的选项是〔 〕10AC56W

20W16W33分12为滑动变阻器。闭合开关，将2的滑片P从最右端滑到最左端的过程中，两个电压表的示数随电路中电流I的变化关系分别如图乙中图线a、b所示。假设电表均为抱负电表，则以下论断正确的选项是〔〕a是电压表V2的示数变化状况电源内阻的阻值为10ΩC．电源的最大输出功率为3.6WD．滑动变阻器R20.9W43分如图1所示，电源，内阻𝛺，灯泡L的额定电压为9，其伏安特性曲线如图26/23所示，滑动变阻器R9𝛺。则〔〕L的阻值随电流的增大而减小L13.5W灯泡L消耗电功率的最小值是2WD．滑动变阻器接入电路的阻值应至少为53分如以下图的电路中，电源电压𝑈=𝑉，内阻不计，电容𝐶=𝐹，𝑅1=𝛺，𝑅2=110𝛺𝑅3=60𝛺，𝑅4=20𝛺𝑅5=40𝛺，则以下说法正确的有〔〕当电路稳定时电容器所带电荷量为𝑄 =7.2×10−5𝐶0当电路稳定时电容器所带电荷量为𝑄 =3.6×10−5𝐶0C𝑅1的电荷量为𝑄=6.0×10−5𝐶D𝑅1的电荷量为𝑄=2.0×10−5𝐶63分如以下图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r，闭合开关𝑉1𝑉2𝑉3𝛥𝑈1𝛥𝑈2𝛥𝑈3，抱负电𝛥𝐼，则以下结论正确的选项是〔〕A．A的示数减小C．𝛥𝑈3𝛥𝐼𝑅+

B．𝑉2的示数增大D．𝛥𝑈1𝛥𝑈273分如以下图，电流表1与2内阻一样，电压U恒定，甲图中1示数为3，2示数为2A，则乙图中〔 〕C．A21A

B．A13A0 1 83分在图1〕R、RR4𝛺电源电压U0 1 12R2的滑片Pa端移动到端的过程中，电流表A、A12

与I对应关系所得到的完整12图线如图〔2〕所示，其中C点位图线最低点，对应的横坐标和纵坐标分别为1.0A和0.50A，A点对应的横坐标为0.75A，则〔 〕12用电源电压U6V滑动变阻器R28Ω图〔2〕中A0.75A图〔2〕中B0.75A93分“”港珠澳大桥已于2023年10月24日9时正式通车，大桥主桥局部由约为km22.9km24小时照明，而桥梁只需晚上照明假设该大𝐸、内阻为𝑟𝑅1、𝑅2𝑟小于𝑅1和𝑅2，则以下说法正确的是〔 〕8/23

𝐸𝑟+𝑅1+𝑅2夜间，开关K闭合，电路中电流表示数变大、电压表示数变小𝛥𝐼𝛥𝑈不变𝛥𝐼夜间，由于用电器的增多，则太阳能电池供电系统损失的电功率减小三、综合题3𝐴 1 05分如以下图，恒压源输出电压不变为＝18，AMN为电炉〔纯电阻，电解槽内阻𝑟＝3，只闭合SA示数为3；只闭合S开时，A5A40WS，其余开关断开时，A1A3𝐴 1 〔15分〕电炉的电阻及发热功率；〔25分〕电动机的内阻；〔35分〕1s内电能转化为的化学能。15分如以下图的电路中，𝑅1𝛺，𝑅2𝛺，𝑅3𝛺，滑动变阻器最大阻值为𝛺，𝑈=6𝑉，内阻不计。〔15分〕滑片位于𝑎位置时，流过电源的电流为多大；11/23〔25分〕求电路中电源的最小电流；〔35分〕求流过电源的电流最小时𝑅1两端的电压。20分如以下图，𝑅3=𝛺，S断开时，两表读数分别为𝐴和𝑉，S闭合时，它们0.7𝐴2.1𝑉。两表均视为抱负表，求：〔15分𝑅1、𝑅2的阻值；〔25分〕电源的电动势和内阻。3 30分图示电路中𝑅1=𝛺，𝑅2=𝛺，滑动变阻器𝑅3上标有Ω2A字样，抱负电0∼3𝑉0∼15𝑉0∼0.6𝐴和0∼3𝐴两档。闭合电S，将滑片P从最左端向右移动到某位置时，电压表、电流表示数分别为2.5V0.3A；连续向右P11，求：3 〔15分〕试推断电流、电压表所用的量程及此时电流表示数；〔25分〕该电源的电动势。答案解析局部【答案】B【学问点】电功率和电功；欧姆定律；电路的动态变化分析；热敏电阻和光敏电阻【解答】依据电路图，光照增大，R3减小，电路总电阻减小，依据欧姆定律，干路电流变大，即电流表的示数变大，AR1＞r，外电路总电阻大于电源内阻，电源的内外电阻相等时，输出功率最大，当外电路电阻减小时，外电阻越接近电源内阻，电源输出功率越大，所B对。电源的内阻不变，电流增大，电源内部消耗的热功率变大，C错。电源内电压变大，路端G表中有从b至aD错。故答案为：B【分析】依据电路的串并联关系，结合欧姆定律，依据光敏电阻的变化推断干路电流的变化。电源的内外电阻相等时，输出功率最大，当外电路电阻减小时，外电阻越接近电源内阻，电源输出功率越大。依据热功率公式，推断电源内部热功率。依据电压变化，推断电流方向。【答案】C【学问点】电动势【解答】A．电源电动势反映电源将其他形式能量转化为电能的本领大小，与电源的体积无关，A不符合题意；电动势的国际单位为V，B不符合题意；𝑊𝐸=

非1C正电荷在电源内部从负极𝑞送到正极做功越多，C符合题意；电源电动势反映电源将其他形式能量转化为电能的本领大小，电动势越大说明电源将其他形式能𝑊𝐸=D不符合题意。故答案为：C。

非可知，非静电力做功多少还与电荷量有关，𝑞【分析】1.电源电动势与电源的体积无关.2.电动势的国际单位为V。3.𝐸=1C正电荷在电源内部从负极送到正极做功越多。【答案】B

𝑊非，电动势越大，说明𝑞【学问点】电功率和电功【解答】A.23V，则额温枪工作时，电池组两极间的电压小于3V，A不符合题意；1.5V，依据电动势的概念可知，额温枪工作时，电路中每通过1C电荷，每1.5J化学能转化为电能，B符合题意；5mAP=IE=15mW15mW，C不符合题意；5𝑚𝐴800mAh2×800𝑚𝐴×3600次/ℎ=5𝑚𝐴1.152×106次D不符合题意。故答案为：B。【分析】电池组工作时其外电压的大小小于电动势的大小；电动势代表电路每通过1C的电荷量有1.5J的能量转化为电能；利用功率的表达式可以求出总功率的大小进而判别输出功率的大小；利用一次工作的电荷量结合总电荷量的大小可以求出可以工作的次数。【答案】C【学问点】电功率和电功内【解析【解答】A．当将重物固定时，电动机没有机械能输出，整个电路是纯电阻电路，依据闭合电路欧姆定律可知电路中内电压为𝑈 =𝐸−𝑈1=6𝑉−5𝑉=1𝑉内𝑟 𝐼=𝑈=1𝐴=0.5𝐴𝑟 设电动机线圈电阻为

𝐼=

𝐸𝑟+𝑅+𝑟𝑀𝑟𝑀=2𝛺，A不符合题意；B𝑈′内

=𝐸−𝑈′=6𝑉−5.5𝑉=0.5𝑉

𝐼′=

𝑈′=内=𝑟

0.51

𝐴=0.5𝐴机所以稳定匀速提升重物时，通过电动机的电流为0.5𝐴，B不符合题意；CD．重物匀速上升时，电动机两端的电压为𝑈𝑀=𝑈′−𝐼′𝑅=5.5𝑉−0.5×3𝑉=4𝑉电动机的机械功率为𝑃 =𝑈𝑀𝐼′−𝐼′2𝑟𝑀=4×0.5𝑊−0.52×2𝑊=1.5𝑊机𝐹=𝑚𝑔=2𝑁由𝑃

=𝐹𝑣得重物匀速上升的速度为

𝑣=𝑃=1.5𝑚/𝑠=0.75𝑚/𝑠机 𝐹 2C符合题意，D不符合题意。故答案为：C。【分析】当重物固定时，电动机没有工作，利用电动势和路端电压的大小可以求出内电压的大小，利用内电压和内阻的大小可以求出电路电流的大小，结合闭合电路的欧姆定律可以求出电动机内阻的大小；当电动机匀速提升重物时，利用电动势和路端电压可以求出内电压的大小，结合电源内阻可以求出电路中电流的大小；再利用电动机的电压和电流及内阻可以求出电动机的机械功率，利用拉力和重力相等可以求出拉力的大小，利用机械功率和拉力可以求出匀速上升时重物的速度大小。5B【学问点】电功率和电功【解答】A．C点表示电源的总功率全部转化为热功率，即C点表示外电路短路，电源的总功率P=EI𝐼 I=3A，P=9WE=3V𝑟=𝐸=3𝛺=1𝛺𝐼 当I=2A时，输出功率为P =EI-I2r=3×2W-22×1W=2W出依据P =I2R出得𝑅=0.5𝛺A不符合题意；B．当I=1A电源的输出功率P =EI-I2r=3×1W-12×1W=2W出B符合题意；𝐼𝐸 𝐸 CI=1AI=2A𝜂=𝐼𝑈=𝑈=𝐸−𝐼𝑟𝐼𝐸 𝐸 不一样，C不符合题意；4𝑟D𝑃=𝐸2=2.25𝑊4𝑟D不符合题意。故答案为：B。【分析】利用总功率的表达式可以求出电动势的大小；利用短路电流结合欧姆定律可以求出内阻的大小；利用总功率减去热功率可以求出输出功率的大小，结合电流的大小可以求出外电阻的大小；利用总功率减去热功率的大小可以求出输出功率的大小；利用外电压和电动势可以比较效率的大小；利用内外电阻相等结合电功率的表达式可以求出最大的输出功率。【答案】D【学问点】含容电路【解答】AR1的滑片向右移，平行金属板电压增大，极板间电场强度增大，电子将击P点下方一点，A不符合题意；R2𝑃点，B不符合题意；1断开开关k，平行金属板电压为零，不管上极板向上还是向下移一小段距离，电场强度都为零，1电子不受电场力作用，将沿水平方向运动，C不符合题意；断开开关k

，平行金属板所带电量不变，由

𝐸=𝑈=

𝑄=

𝑄 =4𝜋𝑘𝑄2 𝑑

𝜀𝑆

⋅𝑑

𝜀𝑆𝑃点，D符合题意。故答案为：D。1【分析】由于R1滑片向右滑动时板间电压变大所以电子增大向下偏移量；当R2滑片滑动时板间电压不变所以电子打在屏幕上的位置不变；断开k0所以粒子沿水平方向运动；当断开k2板间电荷量保持不变，转变板间距离时板间电场强度保持不变所以粒子还是击中原来的位置。1【答案】C【学问点】电路的动态变化分析【解答】AR的阻值，干路电流变小，内压变小，A不符合题意；U形玻璃管中放入更粗的棉线，则内阻变小，干路电流变大，外压变大，B不符合题意；不管滑动变阻器R的阻值如何转变，两电压表示数之和几乎保持不变，满足闭合电路欧姆定律，C符合题意；𝑉2，D不符合题意。故答案为：C。【分析】增大外电阻的阻值总电流不断变小；当玻璃管插入棉线时会导致内阻变小则干流电流变大，其电压正保持不变；两电压表的电流方向一样。【答案】C【学问点】电容器；电路的动态变化分析【解答】A．断开𝐾1，电容器两板间的电压不变，场强不变，油滴所受的电场力不变，油𝑃悬浮不动，A不符合题意；断开𝐾2，电容器两板间的电压增大，稳定时，其电压等于电源的电动势，板间场强增大，油滴所受的电场力增大，油滴将向上运动，B不符合题意；断开𝐾3，电容器通过电阻放电，板间场强渐渐减小，油滴所受的电场力减小，油滴将向下加速运动，C符合题意；𝐾4，电容器的电量不变，板间场强不变，油滴仍处于悬浮不动状态，D不符合题意。故答案为：C。【分析】利用开关闭合与断开可以判别电容器两端电荷量或电压的变化，结合电压和场强的关系可以判别场强的变化进而判别粒子的运动状况。【答案】C【学问点】电路的动态变化分析【解答】AR4的滑片向b端移动时，滑动变阻器的阻值减小，由串反并同规律得，与滑动变阻器串联的电流表A的读数增大，A不符合题意；当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，滑动变阻器的阻值减小，由串反并同规律得，与滑动变阻器并联的R3的功率减小，B不符合题意；当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，滑动变阻器的阻值减小，由串反并同规律得，与滑动变阻器并联的电容器两端电压减小，电场强度减小，液滴所受的电场力减小，液滴向下运动，C符合题意；

𝛥𝑈1=𝑅𝛥𝐼1

𝑟，此过程中电压表V1

和电流表A1

ΔI1的比值确定值保持不变，D不符合题意。故答案为：C。【分析】利用动态电路的串反并同结合滑动变阻器的阻值变小可以判别其他用电器的电压、电流和功率的变化；板间电压变小则电场强度变小所以质点向下做加速运动；利用欧姆定律可以求出电压表和电流表变化量的比值为定值电阻和内阻之和所以大小保持不变。【答案】D【学问点】欧姆定律；电路的动态变化分析【解答】将电路图改画等效图如图15/23ABR1的滑动触头PR1减小，总电阻减小，总电流变大，路端电压减小，R4的电流减小，R2𝛥𝑈2

>0，R

并联之路的电压减小，即R1

𝛥𝑈1

<0，3AB不符合题意；3C𝑅2

=|𝛥𝑈2|=|𝛥𝐼2

𝛥𝑈2𝛥𝐼1+𝛥𝐼3

|≠|

𝛥𝑈3𝛥𝐼1+𝛥𝐼3

|，C不符合题意；𝛥𝐼DU=E-Ir，则𝑟=|𝛥𝑈|=|𝛥𝐼

𝛥𝑈4𝛥𝐼2+𝛥𝐼4

|，D符合题意。故答案为：D。【分析】将电路图改画成串并联比较明显的电路。向右移动R1的滑动触头P，R1减小，利用电路的动态分析，推断各电阻电压的变化。依据局部电路的欧姆定律和闭合电路的欧姆定律可以求出相应的电阻。【答案】C【学问点】电路的动态变化分析【解答】A.P向上移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则总电流增大，内电压及R0两端的电压增大，则路端电压和滑动变阻器两端的电压都减小，由于二极管具有单向导电性，电荷不会向右流出，所以电容器两端的电势差不变，A项不合题意；当热敏电阻温度降低时，其阻值增大，则由闭合电路欧姆定律可知，滑动变阻器两端的电压减小，液滴照旧静止，B项不合题意；S断开时，电容器直接接在电源两端，电容器两端电压增大，则液滴向上运动，C项符合题意；d增大，则电容器电容C减小，由于二极管具有单向导电性，电荷不会向右流出，所以电容器两端的电势差增大，由于𝑈=𝑄，𝐶= 𝜀𝑆 ，𝐸=𝑈，所以𝐶 4𝜋𝑘𝑑 𝑑𝐸=4𝜋𝑘𝑄，由于极板上的电荷量不变，而场强E与极板之间的距离无关，所以场强E𝐸=𝜀𝑆照旧静止，D项不合题意．故答案为：C16/23【分析】当滑动变阻器向上滑动时，滑动变阻器两端的电压变小，但是由于二极管的作用其电容器两端电势差保持不变，所以油滴保持静止；当热敏电阻温度降低其电阻变大则电容器两端由于二极管的作用电势差不变所以液滴照旧静止；当开关断开时，电容器两端电压变大则场强变大所以油滴向上运动；电容器上极板向上运动时，由于极板电荷量不变所以场强不变则液滴照旧静止。【答案】B,C,D【学问点】电功率和电功𝑅+𝑟𝐼=𝐸−𝑈=2𝐴𝑅+𝑟P=UI=20W𝑃1=𝐸𝐼𝐼2𝑟=56𝑊𝑃2=𝑈𝐼−𝐼2𝑅𝑀=16𝑊故答案为：BCD。【分析】利用闭合电路的欧姆定律可以求出电路中电流的大小；利用电压和电流可以求出电动机的输入功率；结合热功率的表达式可以求出热功率的大小，两者结合可以求出输出功率的大小；利用电源的总功率减去热功率可以求出电源的输出功率。【答案】A,D【学问点】电功率和电功；电路的动态变化分析【解答】AP从最右端移到最左端，接入电路的电阻减小，电路中的I增大，R1的电压和电源的内电压增大，则R2的电压减小，所以电压表V1的示数增大，电压V2的示数减小，可知图线b反映的是电压表V1的示数随电流的变化，图线a反映的是电压表V2的示数随电流的变化，A符合题意；2 2 B．依据闭合电路欧姆定律得，电压表V𝑈=𝐸𝐼(𝑅2 2 a的斜率大小等于R

+r，由图知

+𝑟=𝛥𝑈=

4 𝛺=10𝛺b的斜率等于R

1，则

=𝛥𝑈′=

13−1

𝛥𝐼 0.6−0.2𝛺=5𝛺则𝑟=

1 1 𝛥𝐼′ 0.6−0.2B不符合题意；C．由甲图知，I=0.2A时，U2=4V𝐸=𝑈2+𝐼(𝑅1+𝑟)=[40.2×(55)]𝑉=6𝑉R+R=r

=𝐸2𝑊=1.8𝑊1 2

4𝑟C不符合题意；

看成电源的内阻，当R+r=R时，滑动变阻器R

的功率最大，为

= 𝐸2

𝑊=l0.9𝑊

1 2 2

𝑚𝑅2

4(𝑅1+𝑟)DAD。【分析】利用动态电路的串反并同可以判别电压表V1的电压不断增大其电压表V2读数不断变小；利用闭合电路欧姆定律结合图像斜率和截距可以求出电动势和内阻的大小；当内外电阻相等时，利用电功率的表达式可以求出电源最大的输出功率；当滑动变阻器的阻值等于内阻和定值电阻的阻值之和时，利用电功率的表达式可以求出滑动变阻器消耗的最大功率。【答案】B,C【学问点】电功率和电功；伏安特性曲线【解答】A．从图象可以看出随电流的增大，电压与电流的比值越来越大，即电阻越来越大，A不符合题意；1.5B．从图象可以看出额定电压9V时，电流1.5A，相乘得额定功率为13.5W，B符合题意；C．滑动变阻器R9Ω时，灯泡L9Ω看作一个电动势12V10ΩU=12﹣10I，坐标〔2,1〕满足，是该表达式图L伏安特性曲线的交点，即滑动变阻器R9Ω2V1A，电2W，C符合题意；1.5DL9V1.5A，则滑动变阻器接入电路的阻值D不符合题意。BC。

=12−9𝛺=2𝛺【分析】利用图像坐标点和原点连线的斜率可以判别电阻的变化；利用图像可以得出额定电压对应的电流大小，进而求出额定功率的大小；利用闭合电路欧姆定律的直线与伏安特性曲线的交点可以求出灯泡工作的电流和电压，进而求出消耗的最小功率；利用灯泡的额定电压结合电动势和欧姆定律可以求出滑动变阻器接入电路中的电阻大小。【答案】A,C【学问点】含容电路【解答】AB．当电路稳定时𝑅1

𝑈1

= 𝑅1𝑅1+𝑅2

𝑈=

1010+110

×24𝑉=2𝑉𝑅4

𝑈1

= 𝑅4𝑅4+𝑅5

𝑈=

2020+40

×24𝑉=8𝑉𝑈𝐶=(242)𝑉(248)𝑉=6𝑉0电容器所带电荷量为𝑄 =𝐶𝑈𝐶=12×10−6×6𝐶=7.2×10−5𝐶0A符合题意，B不符合题意；CD𝑅4、𝑅1串联，𝑅5、𝑅2𝑅4、𝑅1串联30𝛺𝑅5、𝑅2150𝛺，则流过𝑅4𝑅1𝑅5、𝑅25倍，则断开开关后流过𝑅 的电荷量为𝑄=5

=6.0×10−5𝐶1 6 0C符合题意，D不符合题意。故答案为：AC。R1R4Q=CU其电荷量。断开开关后，重分析电路串并联关系，求出电压和电荷量。【答案】C,D【学问点】电路的动态变化分析【解答】A．抱负电压表内阻无穷大，相当于断路，抱负电流表内阻为零，相当于短路，所R𝑉1、𝑉2、𝑉3分别测量R、路端电压和滑动变阻器两端的电压，当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，电流表A的示数增大，A不符合题意；B𝑈2=𝐸𝐼𝑟𝑉2的示数减小，B不符合题意；C𝑈3=𝐸𝐼(𝑅𝑟)𝛥𝐼可知𝛥𝑈3=𝑅𝑟𝛥𝐼C符合题意；𝛥𝐼𝛥𝑈1=𝑅𝛥𝐼联立可得𝛥𝑈1>𝛥𝑈2

𝛥𝑈2==

𝑅>𝑟𝛥𝐼 𝛥𝐼𝛥𝑈1>𝛥𝑈2DCD。【分析】利用动态电路的串反并同结合滑动变阻器的阻值变化可以判别电表的读数变化；利用欧姆定律可以判别电压表变化量和电流表变化量的比值大小；利用欧姆定律可以比较电压变化量的大小。【答案】A,C【学问点】电路的动态变化分析【解答】由题图甲可知，R1中的电流I1=2AI2=3A-2A=1A

𝑅1+𝑅𝐴1=1𝑅2 2改为题图乙中电路后，R1支路电阻更小，由并联电路特点可知，总电阻变小，电路两端电压不变，由欧姆定律可知，干路中总电流变大，所以电流表A1示数变大；干路电流变大，电流表A1两端电压变大，并联电路电压变小，又由于电流表A2所在支路的电阻变大，由欧姆定律可知，该支路电流A13A，A21AAC符合题意，BD不符合题意。故答案为：AC。【分析】依据并联电路特点，可通过电流表的读数，得出R1中的电流和R2中的电流

从而可以知道，两个电阻的大小关系。依据图甲中得到的两个电阻的关系，依据欧姆定律，推断各支路和干路的电流关系。【答案】A,C【学问点】欧姆定律Pa点时𝑅1和滑动变阻器𝑅2并联，电阻最小，流过电源的电流最大，对应图像的B点；滑片滑到b点时，𝑅1被短路，电阻比滑到a点时电阻大，电流比滑到a点时小，对应图像的A点；A．依据欧姆定律知，当滑动头P位于b𝑈=0.75(𝑅2+𝑅0)= =图〔2〕中的C𝐼1=1.0𝐴，𝐼2=0.5𝐴，可知并联局部两支路电流相等，依据并联电路的特𝑅𝑃𝑏=𝑅1= =𝑅并

4𝛺×4𝛺4𝛺+4𝛺𝑅2𝑈=1.0(𝑅2−4𝛺+𝑅0+𝑅并)=1.0(𝑅2+𝑅0−2𝛺)𝑈=6𝑉𝑅2𝑅0=8𝛺A符合题意；BA𝑅2𝑅0=8𝛺所以滑动变阻器𝑅28𝛺，B不符合题意；C．由分析知，滑动头滑到b点时得到图〔2〕中的A点，𝑅1被短路，电流表A1A2示数相等，依据图〔2〕𝐼1=0.75𝐴𝐼20.75𝐴，即图〔2〕中A0.75𝐴，C符合题意；𝑅2DB点时，滑片Pa𝑅1𝑅2𝑅0串联；图像在A点时，Pb点，𝑅0𝑅2𝑅1和𝑅2𝑅2的电阻，所𝑅2𝑅1

𝑅2

𝑅2

𝐼=𝑈知在𝑅

电阻不变时，图〔2〕B点对应的纵坐标小于图〔2〕A0.75𝐴，D不符合题意。故答案为：AC。【分析】当滑片滑动b点时电路中电阻最大其干路电流最小，对应图像C点；利用并联电路的特点可以求出滑动变阻器阻值此时的电阻，结合电路在AC的欧姆定律可以求出电源电压及判别滑动变阻器电阻的大小；利用在AR1被短路所以两个电表的读数相等；利用在B点时滑片滑在a点，其总电阻小于R2的电阻所以B点对应的纵坐标小于A点对应的纵坐标。【答案】B,C【学问点】欧姆定律；电路的动态变化分析1 2 【解析【解答】A．夜间，桥梁需要照明，开关K闭合，电阻R、R并联，并联电阻为1 2 𝑅1𝑅2𝑅1+𝑅2依据闭合电路欧姆定律可知，电流表示数A不符合题意；

𝐼=

𝑟+

𝐸𝑅1𝑅2𝑅1+𝑅2B．夜间，开关K闭合，总电阻减小，依据闭合电路欧姆定律可得干路电流增大，电路中电流表示数变大，内电压增大，则路端电压减小，电压表的示数减小，B符合题意；C𝐸=𝑈+𝐼𝑟𝑈=𝐸−𝐼𝑟𝛥𝐼则|𝛥𝑈|=𝑟𝛥𝐼𝛥𝐼𝛥𝑈不变，C符合题意；𝛥𝐼线D．夜间，用电器的增多，相当于开关K𝑃=𝐼2𝑅线可知，太阳能电池供电系统损失的电功率增大，D不符合题意。故答案为：BC。【分析】开关