07武汉市汉阳区2023-2024学年九年级上学期期中考试物理试题

2023-2024学年度第一学期期中考试九年级物理试卷说明：本试卷分Ⅰ卷和Ⅱ卷，满分100分。注意事项：1．答题前，务必将姓名、考号等信息填写在答题卡指定位置。2、请将答案直接写在答题卡上第Ⅰ卷（选择题：共54分）一、选择题（下列各题中只有一个选项是正确的，请将正确选项序号涂在答题卡上。共18小题，每小题3分，共54分）1.下列词语中，能体现分子热运动的是（）A.白云悠悠 B.尘土飞扬 C.花香满园 D.水滴石穿【答案】C【解析】【详解】A．白云悠悠是宏观的物体运动，不能说明分子在不停地做无规则运动，故A不符合题意；B．尘土飞扬是宏观的物体，不能说明分子在不停地做无规则运动，故B不符合题意；C．花香满园，是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故C符合题意；D．水滴石穿说明里可以改变物体的形状，不能说明分子在不停地做无规则运动，故D不符合题意。故选C。2.如图所示是由微颗粒（直径为1~50nm）制备得到的新型防菌“纳米纸”，在“纳米纸”的表面，细菌无法停留且“油水不沾”。下列与此现象有关的判断说法正确的是（）A.“纳米纸”的分子是静止的B.“油水不沾”的原因是两种分子间只有斥力C.油分子与“纳米纸”分子间既有斥力，又有引力D.“油水不沾”的原因是组成“纳米纸”的分子间没有间隙【答案】C【解析】【详解】A．一切分子都在不停地做无规则运动，故A错误；BC．分子间的引力和斥力是同时存在的，故B错误，C正确；D．任何分子间都存在着间隙，“纳米纸”只是间隙较小，故D错误。故选C。3.关于内能，下列说法正确的是（）A.内能是物体动能与势能的总和B.冰冷的冰块，温度很低，可能不具有内能C.热传递过程中，热量只能从内能大的物体转移到内能小的物体D.热传递过程中，放出热量的物体的内能可能小于吸收热量的物体的内能【答案】D【解析】【详解】A．内能是物体内部所有分子做无规则运动的动能和分子势能的总和，故A错误；B．一切物体都有内能，冰冷的冰块，温度很低，也具有内能，故B错误；C．热传递的条件是有温度差，热量总是从温度高的物体传递给温度低的物体，也可能从内能大的物体转移到内能小的物体，内能大的物体不一定温度高，故C错误；D．热传递过程中，放出热量的物体的物体温度高，内能不一定大，放出热量的物体的内能可能小于吸收热量的物体的内能，故D正确。故选D。4.甲、乙两个物体的比热容之比为，若使它们升高相同的温度，吸收的热量之比为，则甲、乙两个物体的质量之比为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【详解】已知甲、乙两个物体的比热容之比为吸收热量之比为由可知，甲、乙两个物体的质量之比为故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。5.沿海地区的昼夜温差较小，而内陆地区（尤其是沙漠）的昼夜温差较大，这主要是因为（）A.水的内能多，沙石的内能少 B.水的导热性好，沙石的导热性差C.水的比热容大，沙石的比热容小 D.水吸收的热量多，沙石吸收的热量少【答案】C【解析】【详解】沿海地区水多，内陆地区（尤其是沙漠）水少、沙石多，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小，故

ABD不符合题意，C符合题意。故选C。6.下列四幅图片中有一幅所反映的“改变物体内能的方式”与其它三幅图不同，它是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【详解】A．坐滑梯臀部发热，是通过做功的方式改变物体内能的；B．用锯锯木头，克服摩擦做功，自身内能增加，是通过做功的方式改变物体内能的；C．烧水是通过热传递的方式改变物体内能的；D．钻木取火，克服摩擦做功，自身内能增加，是通过做功的方式改变物体内能。综上所述C与其他选项的内能改变方式不同。故选C。7.2023年5月30日，长征二号F遥十六运载火箭搭载神舟十六号载人飞船成功发射（如图）。火箭使用一种叫做偏二甲肼的液体燃料，是因为该燃料具有较大的（）A.热值 B.比热容 C.密度 D.体积【答案】A【解析】【详解】火箭升空过程中，是将燃料燃烧产生的内能转化为机械能；在运载能力有限的情况下，要求燃料的热值越大越好，这样它在燃烧时就会给火箭提供更多的能量，故BCD不符合题意，A符合题意。故选A。8.如图所示，不同形式的能量可以在一定条件下相互转化，下列列举的实例不正确的是（）A.实例①：热机 B.实例②：电加热器C.实例③：电灯 D.实例④：干电池【答案】D【解析】【详解】A．热机利用内能做功，将内能转化为机械能，故A正确，不符合题意；B．电加热器是利用电流热效应工作的，其工作时，将电能转化为内能，故B正确，不符合题意；C．电灯工作时消耗电能，将电能转化为光能，故C正确，不符合题意；D．干电池放电时，为用电器提供电能，将化学能转化为电能，故D错误，不符合题意。故选D。9.A、B是两个轻质泡沫小球，C是用毛皮摩擦过的橡胶棒，A、B、C三者之间相互作用时的场景如图所示，由此可以判断（）A.小球B可能不带电 B.小球B可能带正电C.小球A可能不带电 D.小球A一定带正电【答案】C【解析】【详解】C是用毛皮摩擦过的橡胶棒，即C带负电。由图可知，B与C排斥，根据同种电荷互相排斥可知B一定带负电；A与B相互吸引，根据异种电荷相互吸引可知，A可能带正电；但带电体还能吸引轻小物体，故A还可能不带电。故选C。10.在烧杯中加入盐水，将铜片和锌片放在盐水中，这就是一个电池。用电压表测量这个自制电池的电压，其现象如图所示。下列说法正确的有几项（）①锌片是电池的正极②盐水电池的电压是0.6V③盐水中电流的方向是从铜片流向锌片④锌片与电压表之间的导线中，自由电子的运动方向是从电压表流向锌片A.一项 B.二项 C.三项 D.四项【答案】A【解析】【详解】①根据图示可知，铜片与电压表的正接线柱相连，因此铜片为盐水电池的正极，故①错误；②电压表的量程为0~3V，分度值为0.1V，示数为0.6V，故②正确；③电源外部电流的方向是从铜片流经电压表流向锌片，而盐水中（电源内部）的电流的方向是由电源的负极到正极，所以盐水中电流的方向是从锌片流向铜片，故③错误④金属导线靠自由电子导电，自由电子定向移动方向与电流方向相反，所以锌片与电压表之间的导线中，自由电子的运动方向是从锌片流向电压表的负接线柱，故④错误。以上选项有一项正确，故A正确，BCD错误。故选A。11.将一个小灯泡（假设只要有电流流过小灯泡，它就发光）和一个LED接入电路中，闭合开关，下图中关于小灯泡和LED的发光情况标注正确的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【详解】A．二极管右侧引脚较长，可知右侧为正极，因此图中正负极标反了，电流不能通过，小灯泡和二极管不能发光，故A错误；B．由电路图可知电流是从二极管正极流入，负极流出，电流可以通过，小灯泡和二极管能发光，故B错误；C．二极管右侧引脚较长，可知右侧为正极，电流是从二极管负极流入，正极流出，电流不能通过，小灯泡和二极管不能发光，故C错误；D．二极管左侧引脚较长，为正极，电流是从二极管正极流入，负极流出，小灯泡和二极管能发光，故D正确。故选D。12.如图甲所示的电路，闭合开关，L1和L2正常发光，过一会儿两灯突然熄灭，将图乙所示的电压表接在灯泡L2两端，电压表指针不偏转。若电路中只有一处故障，且故障位置只在灯泡上，则故障可能是（）A.L1断路 B.L1被短接 C.L2断路 D.L2被短接【答案】A【解析】【详解】当闭合开关后，该电路为串联电路，L1和L2正常发光，过一会儿两灯突然熄灭，说明电路发生了断路；将电压表接在灯泡L2两端，而电压表没有示数，说明电压表与电源没有接通，断路点不在L2；若电路中只有一处故障，且故障位置只在灯泡上，故障是灯泡L1断路，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。13.如图甲为调光台灯，乙为一简单调光台灯的电路图，在电路图的M、N两点之间接入一个滑动变阻器，使得滑片P向左移动时，灯泡的亮度减小，则M、N两接线柱可以分别接在（）A.A、B B.C、D C.A、D D.B、C【答案】C【解析】【详解】滑片P向左移动时，灯泡的亮度减小，即此时通过小灯泡的电流变小，根据欧姆定律可知，此时变阻器接入电路的电阻变大，所以应该是变阻器滑片右边的电阻丝接入电路，故必须选择D接线柱，再选择A或B接线柱即可，故C符合题意，ABD不符合题意。故选C。14.关于欧姆定律，下列说法中正确的是（）A.欧姆定律是通过推导得出的规律B.欧姆定律反映出了导体电阻跟电流和电压之间的关系C.欧姆定律中的I、U和R反映的是同一段电路中同一时刻的电流、电压和电阻关系D.由欧姆定律变形得U=IR，说明在导体电阻一定时，导体两端的电压U跟电流成正比【答案】C【解析】【详解】A．欧姆定律是通过实验得出的规律，故A错误；B．欧姆定律反映的是电流与电压和电阻的关系，故B错误；C．欧姆定律的使用要满足同一性，即同一段电路中同一时刻的电流、电压和电阻关系，故C正确；D．欧姆定律的变形式U=IR说明的是：在导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，故D错误。故选C。15.在研究开关对用电器的控制作用时，某次连接的实物图如下，下列说法正确的有几项（）①只闭合S1时，灯泡L1亮②只闭合S2时，灯泡L2亮③只闭合S1、S2，灯泡L1、L2均亮④三个开关均闭合时，只有L1亮A.一项 B.二项 C.三项 D.四项【答案】B【解析】【详解】①只闭合S1时，电流从电源正极出发，经灯泡L1回负极，故只有灯泡L1亮，故①正确；②只闭合S2时，灯泡L2没有电流经过，不发光，故②错误；③只闭合S1、S2，灯泡L1、L2并联接入电路，两个灯泡均亮，故③正确；④三个开关均闭合时，发生电源短路，灯泡L1、L2均不亮，故④错误。综上分析，正确的有①③两项，故B正确，ACD错误。故选B。16.某款售水机可通过刷卡（闭合“感应”开关）或投币（闭合“投币”开关）接通供水电机取水；光线较暗时“光控”开关自动闭合，提供照明．下列简化电路中符合要求的是A. B.C. D.【答案】B【解析】【详解】售水机既可以通过刷卡闭合“感应开关”，也可以通过投币闭合“投币开关”，来接通供水电机取水，这说明刷卡和投币互不影响，故感应开关和投币开关应是并联的，然后与电动机串联；光线较暗时“光控开关”自动闭合，接通灯泡提供照明，这说明灯泡能独立工作，故灯泡与电动机是并联的；结合图示可知，只有B符合题意，ACD不符合题意．17.利用如图所示的电路探究影响导体电阻大小的因素，演示板上固定有a、b、c、d四根合金丝，长度关系为，横截面积关系为，其中a、c、d均为镍铬合金丝，b为锰铜合金丝。将导线P、Q分别接在同一根合金丝两端的接线柱上，下列说法正确的是（）A.选用a和b进行实验，探究导体的电阻跟导体横截面积的关系B.选用a和c进行实验，可以探究导体电阻跟导体长度的关系C.选用b和d进行实验，可以探究导体电阻跟导体横截面积的关系D.选用c和d进行实验，可以探究导体电阻跟导体长度的关系【答案】B【解析】【详解】A．选用和进行实验，和长度相同，横截面积相同，而材料不同，所以可以探究导体电阻跟导体材料的关系，故A错误；B．和材料相同，横截面积相同，而长度不同，所以可以探究导体电阻跟长度的关系，故B正确；C．选用和进行实验，和长度不同，横截面积不同，材料不同，有三个变量，所以不可以探究导体电阻跟导体横截面积的关系，故C错误；D．选用和进行实验，和长度相同，材料相同，而横截面积不同，所以可以探究导体电阻跟导体横截面积的关系，故D错误。故选B。18.现有两个使用同一种燃料的加热器，用它们分别对甲、乙两种不同的物质加热。已知甲物质的比热容是乙物质的2倍，甲物质的质量是乙物质的，当乙物质升高的温度是甲物质的时（甲、乙物质的物态都不发生改变），加热甲物质所用燃料是加热乙物质的3倍，则两加热器利用热能的效率之比是（）A.2:1 B.3:2 C.1:1 D.1:6【答案】B【解析】【详解】由题意可知，，则两种物质吸收的热量之比因加热甲物质所用燃料是加热乙物质的3倍，由Q放=mq可得，两加热器消耗燃料完全燃烧释放的热量之比由可得，两加热器利用热能的效率之比故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。第Ⅱ卷（非选择题：共46分）二、非选择题（本题共9小题，共计46分）19.如图所示，烧瓶内盛少量水，给瓶内打气，在瓶塞未跳起前，瓶内气体的内能___________，这是通过___________的方式改变了瓶内气体的内能。继续打气，瓶塞会跳起的原因是瓶内气体做功，___________能转化为___________能。同时瓶口有“白雾”逸出，这个现象___________扩散（选填“是”、“不是”）。【答案】①.增大②.做功③.内能④.机械能⑤.不是【解析】【详解】[1][2]给瓶内打气，对瓶内的气体做功，机械能转化为内能，瓶内气体的内能增加。[3][4][5]继续打气，当瓶塞跳起时，瓶内气体对外做功，内能转化为机械能，气体内能减小，温度降低，这些气体中的水蒸气液化为小水珠，这些小水珠就是看到的“白雾”。扩散现象是由于分子在不停做无规则运动，这个现象不是扩散现象。20.如图甲所示，某同学在两只相同的烧杯里装入水和食用油，比较它们吸热的情况。（1）为了完成比较，甲图中水和食用油的___________一定要相同（选填“体积”、“质量”、“初温”）；在两烧杯中放入相同规格的电加热器，这样可以通过比较___________（选填“升高的温度”或“加热时间”）来比较不同物质的吸热多少；（2）实验结果表明：不同物质，在______________、_______________时，吸收的热量不同；（3）图乙是该同学根据实验数据绘制的图像，根据图像分析，物质a的比热容是__________；若a的质量为200g，加热2分钟，水吸收的热量是___________J（不计水的散热损失）。（已知）【答案】①.质量②.加热时间③.质量相同④.升高温度度数相同⑤.2100⑥.14000【解析】【详解】（1）[1]根据比较不同物质吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，在此实验中，要求水和食用油的质量相等和升高温度相同，比较吸收的热量，这种研究方法被称为控制变量法。[2]使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法，可根据加热时间来反映吸收热量的多少，加热时间越长，物体吸收的热量越多。（2）[3][4]由图乙所示图象可知，质量相同的水与食用油升高相同的温度需要的加热时间不同，水与食用油吸收的热量不同，不同物质，在质量相等、升高的温度相同时，吸收的热量不同。（3）[5]由图乙所示图象可知，加热相等时间，即物质吸收相等热量时，a升高的温度高，a的比热容小，则a是食用油，b是水。水与食用油的质量相等，由图可知，升高相同的温度，如50℃，对a加热需要3min，对b加热需要6min，则由可知则[6]若a的质量为200g，则水的质量也为200g，加热2分钟水吸收的热量是加热6min水吸收热量的，则加热2分钟，水吸收的热量是21.（1）如图甲所示的四冲程汽油机工作示意图中，汽油机正在进行的是___________冲程，该冲程中存在着___________能转化为内能的过程。若该汽油机的效率是30%，已知汽油的热值为，则做的有用功需要完全燃烧___________g汽油；（2）仿照乙图，在丙图上画出压缩冲程中连杆曲轴的位置以及进气、排气门的开闭情况___________。【答案】①.做功②.化学③.200④.【解析】【详解】（1）[1][2]根据图示可知，两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，气缸容积增大，因此是做功冲程，做功冲程中，燃料燃烧产生高温高压的气体，将化学能转化成内能；高温高压气体对活塞做功，将内能转化为机械能。[3]汽油完全燃烧放出的热量由可得，完全燃烧的汽油质量（2）[4]压缩冲程中，两个气门都关闭，活塞向上运动，曲轴在左侧，如图22.图甲所示为探究“并联电路的电压规律”实物图，请回答下列问题。（1）请在乙图方框中画出对应的电路图___________（要求电路图简单直观规范）；（2）在开关没有闭合时，电压表出现了如图丙所示情况，其原因是电压表___________；（3）该同学换用不同规格的灯泡进行多次实验，这样操作的目的是___________（选填“得到普遍规律”或“减少实验误差”）。【答案】①.②.电压表没有调零③.得到普遍规律【解析】【详解】（1）[1]根据实物图知，两个灯泡与电压表并联，开关在干路中，电压表接在L2两端，电路如图（2）[2]在开关没有闭合时，电压表指针在零刻线左侧，指针没有对准零刻度，其原因是电压表没有调零。（3）[3]本实验是探究规律的，换用不同规格的灯泡进行多次实验，这样操作的目的是排除偶然性，得到普遍规律。23.为了检验“并联电路中干路电流是否等于各支路电流之和”，某同学连接了图甲所示电路。（1）这个电路中有一根导线接错了，请在这根导线上打“×”，然后画出正确的连接位置___________；（2）改正错误后，该同学进行了实验，测出三处电流表的读数。换上另外两个____________的小灯泡，再次测量三处的电流。分析实验数据，得出结论；（3）已知灯丝电阻R1>R2，闭合开关后图中电流表A2和A3读数大小关系是：I2___________I3；（4）实验过程中，连接电流表A2和A3的导线突然断了，则A3表的读数将___________（选填“变大”、“变小”或“不变”）；A1表的读数将___________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。【答案】①.②.规格不同③.小于④.不变⑤.变小【解析】【详解】（1）[1]由题意可知，电流表A3应该与灯L2串联，测量通过灯L2的电流，并且应使电流从电流表A3的正接线柱流入，由此可判断出电源负极与灯L2之间的导线连接错误，修改如图所示：（2）[2]为了使结论具有普遍性，避免偶然性，应该使用不同规格的灯泡多次测量。（3）[3]已知灯丝电阻R1>R2，并来电路中各支路电压相等，由可知，。（4）[4][5]实验过程中，连接电流表A2和A3导线突然断了，则L1支路断路，电流正常通过L3，L3的电阻和两端电压不变，因此通过L3的电流表不变，即A3示数不变。因并联电路中干路电流大于各支路电流，因此A1示数将减小。24.在探究“电流与电压、电阻的关系”的实验中，同学们提出了以下猜想：猜想1：电流可能跟电压成正比猜想2：电流可能跟电阻成反比（图中两表的示数与档位要清晰）（一）在验证“猜想1”时，某同学的做法是：（1）按图甲所示电路（其中定值电阻为10Ω）连接实物图乙。由于粗心，该同学的电路没有连接完整，请你帮他连接完电路___________；（2）连接好电路后，闭合开关，发现仅有一只电表有示数，造成这一现象的原因可能是___________。（选填字母代号）A．滑动变阻器短路B．滑动变阻器断路C．定值电阻短路D．定值电阻处接触不良E．电流表断路（二）为了继续验证“猜想2”，该同学接下来的做法。（3）在上一次实验中挑选了一组电流表示数为0.4A的实验数据作为本次实验的第一组数据。接着将10Ω的定值电阻换成25Ω的电阻，闭合开关后，该同学应根据甲图所示向___________调节滑动变阻器的滑片，当观察到电压表示数为________V时，记录电流表示数；（4）再将25Ω的电阻换成5Ω的电阻，为了正确完成实验，该同学还必须改变________的连线。【答案】①②.CD③.右④.4⑤.电流表【解析】【详解】（1）[1]由图甲可知，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联定值电阻两端，滑动变阻器向右移动阻值变大，故图乙中滑动变阻器左下接线柱与定值电阻串联在电路中，实物图如图（2）[2]根据电路可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量定值电阻两端电压，若有一只电表没有示数，则有：①电流表有示数，说明整个电路是通路，电压表无示数，说明定值电阻相对于整个电路的电阻来说很小，所以定值电阻能够分得的电压很小，其原因是定值电阻短路所致，故C符合题意；②电流表无示数，说明电路出现断路；电压表有示数，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，因此电路故障为定值电阻断路或定值电阻处接触不良，故D符合题意。故选CD。（3）[3][4]将10Ω的电阻接入电路时，电流为0.4A，则电压为探究电流与电阻的关系的实验中，应保持定值电阻两端的电压不变；当把10Ω的电阻换成25Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，因此需要增大滑动变阻器两端的电压，即增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向右滑动，当观察到电压表示数为4V时，记录电流表示数。（4）[5]当5Ω的电阻接入电路时，此时电路中的电流为电流表开始时接入了量程，故此时应改变电流的量程。25.如图所示的电路中，电源电压保持不变。R2=10。（1）当闭合开关S1、S2时，电压表V1和电流表A1读数分别是3V、0.5A，R1=___________；（2）若开关都闭合，电阻R2中电流大小IR2=___________A；移动滑动变阻器滑片，使其阻值增大4，测得电流表A2的读数变化了0.2A，变阻器原来的阻值为___________Ω；滑动变阻器阻值增大时，电流表A1、A2读数之差将___________（选填“变大”、“变小”或“不变”）；【答案】①.6②.0.3③.6④.不变【解析】【详解】（1）[1]当闭合开关S1、S2时，电路为只有R1的简单电路，电压表V1测电源电压，即电源电压为3V，两个电流表都测通过电路的电流，则（2）[2]若开关都闭合，三个电阻并联接入电路，A1干路电流，A2测通过R1和滑动变阻器的电流，由并联电路电流特点可知，通过R2的电流为[3]移动滑动变阻器滑片，使其阻值增大4，测得电流表A2的读数变化了0.2A，因并联电路中各支路互不影响，则解得。[4]由于并联电路中各支路互不影响，因此滑动变阻器阻值增大时，电流表A1的示数和A2的示数之差不变，都为R2支路的电流。26.某物理兴趣小组进行社会实践活