2022-2023学年天津市河西区八年级（下）期末物理试卷（含答案解析）

2022-2023学年天津市河西区八年级（下）期末物理试卷

1.作为国际通用测量语言的国际单位制，极大地方便了国际交流。在国际单位制中，功的单位是（）

A.牛顿B.瓦特C.焦耳D.帕斯卡

2.杠杆在生活中无处不在，如图所示工具，在使用过程中属于费力杠杆的是（）

3.在如图所示的情景中，为了增大压强的是（）

A.在铁轨下面铺上枕木

破窗锤的锤头做成锥形

C.推土机安装宽大履带

4.《中华人民共和国民法典》中规定“禁止从建筑物中抛掷物品”，生活中我们更要杜绝“高空抛物”这

种严重危害公共安全的行为。“高空抛物”危害性大的原因是因为高处的物体具有较大的（）

A.重力B.动能C.重力势能D.弹性势能

5.如图所示，用线将灯悬挂在天花板上。当灯静止时.，灯所受拉力的平衡力是（）

9

A.线所受的重力

B.灯所受的重力Q

C.灯对线的拉力

D.线对天化板的拉力

6.如图所示，将木块放在水平桌面上，用弹簧测力计沿水平方向拉动使其运动，

下列操作能使木块受到的滑动摩擦力增大的是（）

A.增大对木块的拉力B.在木块上增加祛码C.改变木块0"飞'

运动方向D.在桌面上涂润滑油

7.把一个体积为KT3nl3、密度为0.6X103kg/m3的实心物体放入装有适量水的容器中。当物体静止时、下

列说法正确的是（g取10N/kg）（）

A.物体漂浮，所受浮力为6NB.物体悬浮，所受浮力为6N

C.物体漂浮，所受浮力为IOND.物体沉底，所受浮力为ION

8.如图所示，旗杆顶端装有滑轮，升旗时旗手向下拉绳子，国旗冉冉升起。下列说法正确的,

是（）

A.该滑轮是动滑轮

B.使用该滑轮没有改变动力的方向近贽

C.旗手对绳子的拉力等于国旗重力的一半

D.国旗上升的距离等于被旗手拉下的绳端移动的距离

9.如图所示，物体在拉力厂的作用下沿粗糙斜面匀速向上运动，下列关于物体的受力示意图正确的是（不计

空气阻力）（）

10.将两个完全相同的木块分别放入装有甲、乙两种不同液体的相同容器中,

木块静止时两容器中液面相平，如图所示。下列判断正确的是（）

A.两容器底部所受液体的压强相同

B.木块在乙液体中排开液体的质量较大

C.两木块下表面所受液体的压强不相同

甲乙

D.木块在甲、乙两种液体中所受浮力相同

11.如图所示，下列现象或实例与大气压有关的是（）

12.如图所示，是跳伞运动员在匀速下落过程中,重力做的功W随下落高度人和重力做功的功率P随时间f

的变化图象，其中正确的是（）

13.如图甲所示，一底面积为So的圆柱形容器放在水平桌面上，容器内装有适量密度为Po的水，水的高度为

闻。现将一密度均匀、体积为力的实心物块A放入容器中，物块静止时，容器中水的高度为右，如图乙所

示。此时再将一小铁块8放在物块A上，物块A浸没水中（未接触容器底），如图丙所示，此时容器中水的

高度为九2。下列说法正确的是（）

A.物块4的重力为pogbSo

B.图乙中，物块A受到的浮力为-/io）So

C.物块A的密度为继铲地

D.铁块B的重力为p（）g（h2-b）S°

14.2022年2月，第24届冬季奥林匹克运动会在北京、张家口举行。如图所示，在冰壶比赛中，运动员将

冰壶掷出后，冰壶由于继续向前运动，此时水平冰面对冰壶的支持力（选填“做功”或“不做

功”）。

15.如图所示，成语“水滴石穿”，比喻力量虽小，但只要坚持，功到自然成。从物

水

理的角度分析：力改变了石头的；水滴加速下落的过程中，水滴所受合力

滴

（选填“为零”或“不为零”）。石

穿

16.大气压会随高度的增加而（选填“增大”或“减小”）。峨眉山金顶因海拔较高，此处水的沸点

100℃（选填“高于”、“低于”或“等于”）。

17.2022年11月16日，谷神星一号遥四运载火箭在我国酒泉卫星发射中心成功发射升空，

将搭载的5颗卫星顺利送入预定轨道，如图所示。谷神星一号加速上升的过程中，卫星的

动能,机械能。（均选填“增大”、“减小”或“不变”）

18.如图所示，某电动叉车将1500仅的石材匀速竖直抬升了3〃?，所用时间为30s,叉车对

石材竖直向上的力为N,对石材做功的功率为W。（g取10N/kg）

19.2022年6月17日，中国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰“福建

舰”进行下水命名仪式，它满载时的排水量为8.2x1043则它满载时所受的

浮力为M当一架舰载机飞离了航母，则航母浸在水中的体积跟原来相

比将（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

20.如图所示，轻质杠杆的A点挂一个重物G,动力F作用在杠杆的8

点，。为杠杆的支点。请画出动力厂的力臂/。

21.请在图中画出最省力的滑轮组的绕线方式。

22.如图是用动滑轮提升货物A的示意图。用300N竖直向上的拉力F使重为500N的货物A

在10s的时间内匀速竖直上升了2"?。求：

(1)提升货物所做的有用功；

(2)拉力的功率；

(3)动滑轮的机械效率。

23.小光利用如图所示的实验装置“探究杠杆的平衡条件”，请你完成下列内容。

⑴实验前，若使如图1所示的杠杆在水平位置平衡，应将右端的平衡螺母向(选填“左”或“右”)

调节。

(2)实验时，在已调水平平衡的杠杆两侧分别挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，使杠杆重新在水平位

置平衡，三次实验获得的数据如表所示。分析可得杠杆的平衡条件是。(用字母表示)

次数动力Fi/N动力臂，i/cm阻力F2/N阻力臂0/cm

11.015.01.510.0

21.020.02.010.0

32.015.03.010.0

(3)如图2所示，在______(选填"A”或)点竖直______(选填“向上”或“向下”)拉时，可使杠杆

保持水平位置平衡，此时杠杆属于省力杠杆。

(4)如图3所示,轻质杠杆可绕0点转动，它的中点挂有100N的重物，在杠杆右端用竖直向上的力尸=

N,可使杠杆在水平位置平衡。

24.在探究“物体的动能和哪些因素有关”时，同学们提出了如下猜想：

猜想一：物体的动能大小与物体的质量有关；

猜想二：物体的动能大小与物体的运动速度有关。

为了验证上述猜想，老师提供了如下器材：斜槽、刻度尺、质量不同的金属球、木块和长木板，实验装置

如图1所示。请你完成下列内容。

图1

图2

(1)让金属球从斜槽的某一高度由静止开始滚下，碰到水平面上的木块，将木块撞出一段距离。木块被撞击

得越远，说明金属球到达水平面时的动能就越。

(2)分析图1中甲、丙两组的实验现象，可以初步得到的结论是：相同时，物体的越大，动

能越o该结论可以解释汽车(选填“超载”或“超速”)行驶时危险性大的原因。

(3)分析比较图1中两组实验，可验证猜想一。

(4)图2是某一高速公路上的限速标志牌，大型客车、载货汽车最高行驶速度不得超过80km",根据探究

结果，标志牌上与小轿车对应的圆圈中的数字应该80o(选填“大于”或“小于”)

25.物理兴趣活动课上，老师拿来一个小空陶瓷瓶(无盖)，如图所示，让同学们测出它的

密度。除了小瓶，老师还提供的器材有：一个量筒、适量密度为Po的水。请你利用上述器

材，帮助同学们设计一个实验方案，测出陶瓷的密度。(实验器材满足实验需求，P^>Po)

要求：

(1)写出主要的实验步骤及所需测量的物理量；

(2)写出陶瓷密度P陶的数学表达式。(用已知量和测量量表示)

26.一底面积为So的薄壁圆柱形容器放在水平桌面上，容器内装有适量密度为po的水。体积均为3%的物块A

和金属球B用细线连接后刚好悬浮在水中，如图1所示。将细线剪断待它们静止后，物块4露出水面的体

积为力,金属球8沉到容器底，如图2所示。求:

(1)物块A的密度；

(2)图2中金属球B对容器底部的压力；

(3)细线剪断后，容器底所受水压强的变化量。

答案和解析

I.【答案】C

【解析】解：在国际单位制中，

4力的基本单位是牛顿，简称牛，故A不符合题意；

8、功率的基本单位是瓦特，故B不符合题意；

C、功和各种能量的基本单位是焦耳，简称焦，故C符合题意；

。、压强的基本单位是帕斯卡，简称帕，故。不符合题意。

故选：C。

根据对常见物理量及其单位的掌握作答。

此题考查了常见物理量及其单位的对应情况，属于基础知识的考查，难度不大。

2.【答案】D

【解析】解：A、撬棒在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；

&钳子在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故8不符合题意；

C、剪枝剪刀在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不符合题意；

。、船桨在使用时，在使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故。符合题意。

故选：D。

结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的

杠杆。

题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于

阻力臂：③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。

3.【答案】B

【解析】解：4轨道铺在枕木上，是在压力一定的情况下，通过增大受力面积，减小压强，故A不符合题

意；

8、破窗锤的锤头做成锥状，是在压力一定时，减小受力面积来增大压强，故8符合题意；

C、推土机安装宽大履带，是在压力一定的情况下，通过增大受力面积，减小压强，故C不符合题意；

。、书包带子做的宽一些，是在压力一定的情况下，通过增大受力面积，减小压强，故。不符合题意；

故选：B„

(1)增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积；

(2)减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力：在压力一定时，增大受力面积。

这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压强，要

学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义；解答时，要注意使用控制变量法。

4.【答案】C

【解析】解：由题意可知，高空抛物现象之所以存在巨大的安全隐患，是因为物体被举高后具有了重力势

能，而且物体的质量越大、高度越高，重力势能越大，因此高空抛物会造成很大的危害。

故选：Co

物体由于被举高而具有的能叫重力势能，重力势能的大小与物体的质量和高度有关。

本题主要考查我们对重力势能的掌握，了解其概念和影响因素，可顺利做出判断，难度不大。

5.【答案】B

【解析】解:

A、灯所受拉力与线所受的重力没有作用在同一个物体上，故A错误；

8、当灯静止时，灯受到竖直向上的拉力和竖直向下的重力的作用，拉力和重力满足二力平衡的四个条件,

是一对平衡力，故B正确；

C、灯所受拉力与灯对线的拉力是一对相互作用力，故C错误；

。、灯所受拉力与线对天化板的拉力没有作用在同一个物体上。故。错误。

故选：B。

(1)如果物体只受两个力的作用下处于静止或匀速直线运动状态时，则这两个力一定是一对平衡力：

(2)二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上。

本题考查二力平衡的判断，在不知道二力三要素的情况下，可以根据二力平衡的定义判断，即判断物体是

否处于平衡状态一静止或匀速直线运动状态。

6.【答案】B

【解析】解：4、木块所受滑动摩擦力大小与所受拉力无关，故A错误；

8、在木块上加祛码，木块对桌面的压力增大，则滑动摩擦力增大，故8正确；

C、木块所受滑动摩擦力与木块的运动方向无关，故C错误；

。、在桌面上涂润滑油，是在压力一定的情况下，通过使接触面分离，减小摩擦力，故。错误。

故选：B。

滑动摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与物体的运动情况或受力情况无关。

本题主要考查了影响滑动摩擦力大小的因素，要牢固掌握两个因素，不要受其它因素的影响，而错选其它

答案。

7.【答案】A

【解析】解：物体的密度为。-6x103kg/m3<p水,当物体静止时，物体将漂浮，所受的浮力尸浮=G=mg=

pVg=0.6x103kg/m3x10-3m3xION/kg=6N。

故选：Ao

物体的密度小于水的密度，当物体静止时，物体将漂浮，根据尸浮=6=皿9=。1^得出所受的浮力。

本题考查浮沉条件的应用，是一道基础题。

8.【答案】D

【解析】解：旗杆顶端装的滑轮使用时，轴的位置固定不动，是定滑轮；升旗时旗手向下拉绳子，国旗冉

冉升起，改变了动力的方向，但没有省力，也没有省距离，国旗上升的距离等于被旗手拉下的绳端移动的

距离.故错误，。正确。

故选：Do

使用滑轮时，轴的位置固定不动的滑轮称为定滑轮。使用定滑轮不省力，也不省距离，但是可以改变力的

方向。实质上是动力臂等于阻力臂的杠杆(等臂杠杆)。

此题考查了定滑轮及其工作特点，比较简单，属基础题。

9.【答案】C

【解析】解：物体受到竖直向下的重力，垂直斜面向上的支持力，物体沿粗糙斜面向上运动，斜面给物体

一个沿斜面向下的摩擦力，物体还受到一个沿斜面向上的拉力产作用，从而保持匀速直线运动。压力是物

体给斜面的，作用点应该在斜面上。故C正确，错误。

故选：Co

根据力的示意图的画法，分别对选项中的物体进行受力分析，然后对照图示做出判断；

(1)对物体进行受力分析的顺序是：重力一定有，弹力看四周，分析摩擦力，不忘液气浮。

(2)力的示意图是用一条带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的

大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点。

此题主要考查学生对力的示意图的画法的理解和掌握，画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物

体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。

10.【答案】D

【解析】解：BD,两个木块均漂浮，所以浮力大小等于木块自身重力大小，且木块完全相同，重力相同，

故浮力相同；

木块受到的浮力相同，根据阿基米德原理，所以排开液体重力相等，根据m=J可知，木块排开液体质量也

相等，故B错误、。正确；

C、两木块上表面均未浸没，根据浮力产生的原因可知，两木块下表面受到的压力等于液体对木块的浮力，

则两容器中木块下表面受到的液体压力相等，两木块下表面的面积又相等，根据p=(可知，两木块下表面

所受液体的压强相同，故C错误：

A、两木块浮力相等，但甲液体中木块浸入的体积小于乙液体，根据产寿=。液。嗫可知，甲液体密度大于乙

液体，当液面高度相同时，根据P=P.。无可知，甲容器底部受到的液体压强大，故A错误。

故选：D。

(1)(2)由于是同一块木块，根据物体的浮沉条件判断浮力与重力的关系，然后即可判断浮力大小；根据阿基

米德原理判定木块排开的液体的重力和质量的大小关系；

(3)根据浮力产生的原因分析下表面受到的压力；根据p=(分析两木块下表面所受液体的压强关系；

(4)根据阿基米德原理判定两液体的密度关系，利用p=pg/i分析判断两烧杯底部所受液体的压强的关系。

本题主要考查了物体浮沉条件及液体压强公式的应用，关键能够根据浮沉情况判断出液体的密度、所受浮

力的关系。

11.【答案】AD

【解析】解：人用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管，

故A正确；

8、木块漂浮在水面上是利用浮力，与大气压无关，故B错误；

C、液体内部的压强随深度的最大而增大，故深水潜水员要穿特制的抗压潜水服，与大气压作用无关，故C

错误：

D,吸盘挂衣钩紧贴在墙面上，靠大气压将挂衣钩压在墙面上，故。正确。

故选：AD.

大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气

压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。

本题考查了大气压的存在、浮力、液体压强的有关知识，属于基础知识。

12.【答案】AC

【解析】解：

AB、跳伞运动员在匀速下落过程中，重力做的功W=G九，其中重力G是定值，所以重力做的功W与高度

〃成正比，其图像为过原点的倾斜直线，故A正确，B错误；

CD、重力做功的功率P=?=^=Gu,其中重力G、速度v都是定值，故功率尸也为一定值，其图像为

平行于时间轴的直线，故C正确，。错误。

故选：AC.

明确图像中的横坐标和纵坐标所代表的物理量，再根据匀速直线运动的特点和相应的公式判断对应图像的

形状。

本题通过图像考查了对匀速直线运动的特点、功和功率计算公式的应用。分析图象时，看清楚图像中的横

坐标和纵坐标所代表的物理量，再根据图像的形状判断物理量间的关系或变化规律。

13.【答案】BD

【解析】解：ABC,图乙中物块A漂浮在水面上，受到的浮力等于其重力，即以=尸浮.upogdi-ZioAo,

故A错误，B正确；

物块A的密度为：24=争=第=的幽泮包=皿要也，故C错误；

匕）”0。匕）匕）

D、由图丙知，小铁块8放在A上后，排开液体的体积等于水上升的体积，即%=（电-%o）S。，

根据物体的浮沉条件知：物体A、8漂浮在水面，受到的浮力等于总重力，即F3=G.+GB=G、=Pog（%一

ho）S（）,

则铁块B的重力为：

%=%-G.=p0g（h2-/i0）S0-PogSi-h0）S0=pog（h,2-/iJS。，故。正确。

故选：BD。

(1)图乙中物块A漂浮在水面上，根据物块受到的浮力等于其重力算出物块A的重力和物块A受到的浮力;

由4=学=务算出物块A的密度；

(2)由图丙知，小铁块8放在A上后，排开液体的体积等于水上升的体积，根据物体的浮沉条件知：物体A、

8漂浮在水面，受到的浮力等于总重力，根据尸％=G.+GB=G，=p°g(/i2-ho)S0算出铁块B的重力。

本题考查漂浮条件、阿基米德原理、密度公式、体积公式的应用，这是中考必考题型，要熟练应用。

14.【答案】惯性不做功

【解析】解：冰壶离开手后，由于惯性会继续保持原来的运动状态，继续向前运动；

冰壶在水平冰面上滑行过程中，冰壶在水平冰面的支持力方向上没有移动距离，所以水平冰面对冰壶的支

持力不做功。

故答案为：惯性；不做功。

惯性是物体具有的能保持原来运动状态不变的性质；做功的两个必要因素：有力作用在物体上，在力的方

向上移动了距离。

本题考查惯性、力是否做功的判断，具有一定的综合性，但难度不大，掌握基础知识即可顺利解答。

15.【答案】形状不为零

【解析】解：成语“水滴石穿”，比喻力量虽小，但只要坚持，功到自然成。从物理的角度分析：力改变

了石头的形状；水滴加速下落的过程中，水滴所受合力不为零。

故答案为：形状；不为零。

(1)力的作用效果是改变物体的形状和改变物体的运动状态。

(2)物体做加速运动时，受到的合力不为零。

本题主要考查的是力的作用效果；关键是知道物体做加速运动时合力不为零。

16.【答案】减小低于

【解析】解：大气压强随着海拔高度的增加而减小；

只有在标准大气压下水的沸点才是峨眉山金顶因海拔较高，气压低于标准大气压，所此处水的沸点

低于100℃。

故答案为：减小：低于。

大气压与高度有关，海拔越高，气压越低；沸点与气压有关，气压越低，沸点越低。

此题考查了气压与海拔高度的关系及沸点与气压的关系，属于基本规律的应用，难度不大。

17.【答案】增大增大

【解析】解：谷神星一号搭载的5颗卫星加速上升的过程中，卫星的质量不变，速度增大，动能增大，高

度不断增大，重力势能增大，故它的机械能增大。

故答案为：增大；增大。

(1)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。

(2)重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。

(3)机械能等于动能和势能之和。

掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，根据影响因素能判断动能、重力势能、弹性势能的变化。

18.【答案】1.5x1041.5x103

【解析】解：因石材匀速竖直提升时处于平衡状态，受到的竖直向上的力和重力是一对平衡力，

所以，叉车对石材竖直向上的力：

F=G=mg=1500kgX10N/kg=1.5X104N,

叉车对石材做的功：

14/=F/t=1.5x104Nx3m=4.5xIO4/,

对石材做功的功率：

4

nW4.5X10/«r

故答案为:1.5x1031.5x103。

石材匀速竖直提升时处于平衡状态，受到的竖直向上的力和重力是一对平衡力，二力大小相等，根据尸=G=

mg求出叉车对石材竖直向上的力，根据勿=F/i求出叉车对石材做的功，利用P=?求出对石材做功的功率。

本题考查了二力平衡条件和做功公式、功率公式的应用，是一道较为简单的应用题。

19.【答案】8.2x108变小

4

【解析】解：(1)航空母舰满载时所受的浮力为：F浮=G^=mffg=8.2xIOx103kgxlON/kg=8.2x

108N；

(2)航母总是漂浮在水面上，所受浮力等于航母的总重力。当一架舰载机飞离航母后，航母的总重力变小，

所受浮力变小，由F浮=P〃V邠可知，航母浸在水中的体积跟原来相比将变小。

故答案为：8.2x108；变小。

(1)已知排水量，根据产浮=G解=计算航空母舰满载时所受的浮力；

(2)航母总是漂浮在水面上，所受浮力等于航母的总重力。当一架舰载机飞离航母后，航母的总重力变小，

由漂浮条件可知航母所受浮力的变化，根据F浮=P,姆联航母排开水的体积变化。

本题考查阿基米德原理的应用，知道物体漂浮时所受浮力等于物体的重力是关键。

20.【答案】解：从支点0向动力产的作用线作垂线段，即为动力的力臂/,如图所示：

【解析】力臂是支点。到力的作用线的距离。

本题考查了力臂的画法。画力臂关键是要画出支点到力的作用线的垂线段。

21.【答案】解：图中滑轮组有两种绕线方法，一种是由两根绳子承担重物，另一种是由三根绳子承担重物;

要想最省力，应选用三根绳子承担的绕法，即从动滑轮开始缠绕，如图所示：

【解析】滑轮组绳子的绕法，有两种：

一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；

二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮。

滑轮组最省力的绕绳方法，其实就是寻找连接动滑轮最多的绳子的段数，明确了这一点，滑轮组的绕法就

变得非常简单。

22.【答案】解：

(1)提升货物所做的有用功：

有用=Gh=500/VX2m=1000/；

(2)使用动滑轮时，n=2,拉力端通过的距离：

s=2九=2x2m=4m,

拉力尸做的总功：

W总=Fs=300/VX4m=1200；.

拉力做功的功率：

P=—=1201V；

t10s

(3)动滑轮的机械效率：

W有用10007y1nnn/oo00/

答：(1)提升货物所做的有用功为1000J；

(2)拉力通过的距离、拉力的功率分别为4〃?、120W；

(3)动滑轮的机械效率为83.3%。

【解析】(1)利用W=G/i求提升货物所做的有用功；

(2)使用动滑轮时，n=2,拉力端通过的距离s=2/i,利用W=Fs求拉力产做的总功：再利用P=/求拉

力做功的功率；

(3)动滑轮的机械效率等于有用功与总功之比。

本题考查了使用动滑轮时功、功率、机械效率的计算，属于基础题目。

23.【答案】左Fik=F2l2A向上50

【解析】解：(1)因为杠杆右端下倾，所以应将杠杆平衡螺母向左移动，使杠杆在水平位置平衡；

(2)分析表格中的数据知1.0Nx15.0cm=1.5/Vx10.0cm,

l.ONx20.0cm=2.0/Vx10.0cm,

2.0Nx15.0cm=3.0Nx10.0cm,

故可得出杠杆平衡的条件是：动力X动力臂=阻力X阻力臂，即尸1。=?2%；

(3)要使杠杆属于省力杠杆，则动力臂应大于阻力臂，所以应该选择在A点施加向上的力：

(4)根据=Gl2,则尸=华=100/Vx|=50N。

故答案为：(1)左;(2)片匕=尸2%;(3)4(4)50。

(1)杠杆右端下倾，说明杠杆的重心在支点右侧，调节平衡螺母应使杠杆重心左移。

(2)杠杆平衡的条件是：动力x动力臂=阻力x阻力臂；

(3)杠杆动力和阻力在同一侧时，两者力的方向应该相反才能保持杠杆平衡，动力臂大于阻力臂时，杠杆为

省力杠杆；

(4)根据杠杆的平衡条件进行计算。

本题考查了杠杆的平衡条件的相关实验探究，属于中档题。

24.【答案】大质量速度大超速甲、乙大于

【解析】解：(1)金属球的动能大小是通过被撞木块移动的距离来反映的，木块被撞击得越远，说明金属球

到达水平面时的动能就越大，这是转换法的应用；

(2)由图1中甲、丙两组的实验可知，金属球质量相同，下滑的高度不同，到达水平面时的速度不同；高度

越高，到达水平面时的速度越大，木块被推动的距离越远，说明金属球具有的动能越大，故可以解释汽车

超速行驶时危险性大的原因；

(3)猜想一是物体的动能大小与物体的质量有关，根据控制变量法可知，应控制金属球速度相同，质量不同，

即让质量不同的金属球从斜面同一高度由静止滚下，分析比较图1中甲、乙两组实验满足实验要求；

(4)物体质量越大，动能越大，所以汽车质量越大，越不容易刹车，不同车型的汽车应限制不同的车速，由

图知大型客车、载货汽车最高行驶速度不得超过80/on//i,小轿车质量小于大客车，所以小轿车的限制速度

应该大于80o

故答案为：(1)大；(2)质量；速度；大；超速；(3)甲、乙；(4)大于。

(1)金属球的动能大小是通过被撞木块移动的距离来反映的，用到了转换法；

(2)(3)(4)影响物体动能大小的因素有质量和速度，找出相同的量和变化的量，分析得出动能大小与变化量

的关系。

用控制变量法研究动能大小的影响因素，用转换法表示动能的大小；采用控制变量法研究实验时，一定注

意相同因素和不同因素。

25.【答案】解：(1)①在量筒内倒入小的水：

②让小瓶口朝上漂浮在量筒内的水面上，此时水面与彩刻度线相平；

③让小瓶口朝上沉没在水中，这时水面与匕刻度线相平；

(2)根据题意，空陶瓷瓶瓶漂浮，

嗫=彩一匕，

根据阿基米德原理，空陶瓷瓶受到的浮力为：

产浮=p§g1V排—PO9(V2一匕)，

因为「浮=6,G=mg,所以空陶瓷瓶的质量:

空陶瓷瓶下沉，空陶瓷瓶的体积：^=匕-匕，

空陶瓷瓶的密度：

__m_尔，/)_