2023-2024学年陕西省西安市重点中学九年级（上）月考物理试卷（含解析）

2023-2024学年陕西省西安市重点中学九年级（上）月考物理试卷

一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）

1.电动公交车的动力来源于电动机，前、后两门（电路开关）中任意一个门没有关闭好，电动公交车都无法行

)

2.关于体育课上的活动情景，某同学对物体做功的是（）

A.举着杠铃不动B.将地面上的实心球捡起

C.提着体育器材在操场上水平走动D.踢出去的足球在草地上滚动

3.如图所示的用具在正常使用过程中,属于省力杠杆的是（）

A.食品夹子筷子

f/c

R

I核桃夹D.

4.如图所示，用相同的滑轮和绳子分别组成甲、乙两个滑轮组，分别用甲、乙两个

滑轮组在相同时间内将重为G的物体匀速提升相同的高度，不计绳重及摩擦，则下列

说法正确的是（）

A.绳自由端的拉力尸尹＜尸乙

B.拉力所做的功皿伊〉”4

C.拉力的功率P伊〉P乙

D.滑轮组的机械效率伊=

5.关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（）

A.沿海地区白天的风多是从陆地吹向海面

B.热量可以从内能少的物体传递到内能多的物体

C.我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多

D.夏天在室内洒水降温，利用了水的比热容较大的性质

6.如图所示是学校小制作比赛中的作品一一自制蒸汽机，烧瓶瓶口的橡皮塞上插着~~1］球形磁铁

”型喷管，喷管的最上端通过球形磁铁吸到铁架台上，使烧瓶可以自由转动。当加热至水"彳,喷管

沸腾，水蒸气从喷嘴喷出，烧瓶开始快速旋球形磁铁转。下列说法正确的是（）丛

A.酒精灯中的酒精未完全燃烧时，酒精的热值变小.贵

B.烧瓶中的水温度升高，内能增大是通过热传递的方式实现的^

C.水蒸气喷出时对喷管做功，内能增大

D.此实验的原理等效内燃机压缩冲程，此时机械能转化为内能

7.小孙在水平地面与车厢间用木板搭一斜面，并用平行于斜面的推力将

重G=600N的货物匀速地从斜面底端推到顶端的车厢，如图所示。已知

斜面长L=6m,斜面高h=1.5m,斜面的机械效率r;=60%。下列叙述

中正确的是（）

A.小孙推动货物所用推力大小为150N

B.若增大推行速度，则货物受到的摩擦力将变大

C.货物受到斜面的摩擦力大小为250N

D.若九不变、减小3则斜面的机械效率将升高

8.某运动员做蹦极运动，如图甲所示，从高处0点开始下落，4点是弹性绳的自由长度，在B点运动员所受

弹力恰好等于重力，C点是第一次下落到达的最低点。运动员所受弹性绳弹力产的大小随时间t变化的情况如

图乙所示（蹦极过程视为在竖直方向的运动）。下列判断错误的是（）

乙

A.运动员在B点的动能大于在C点动能B.从B点到C点绳的弹性势能增大

C.运动员重力大小大于FoD.to时刻运动员动能为0

9.通过学习，小云知道了冰和水的比热容是不同的，为了探究其他物质的吸热本领是否也与状态有关，小

云将质量为100g、比热容为1.5xl（）3〃（kg.℃）的固体碾碎，用酒精灯对它均匀加热，共加热lOmin,它的

温度随时间的变化如图所示。加热过程共消耗5g酒精，酒精的热值为3xl07j/g。若相同时间内物质吸收

的热量相等，下列说法正确的是（）

A.该物质固态时升温比液态时快，说明固态时吸热本领比液态时强

B.由于2〜6m讥物质温度不变，因此无法计算其吸收的热量

C.该物质在液态时的比热容为3x103〃（kg.℃）

D.该酒精灯的加热效率为40%

10.某单缸四冲程汽油机的气缸活塞面积为30cm2,一个冲程活塞在气缸中移动的距离是50mm,满负荷工

作时做功冲程燃气的平均压强为9.0x105Pa,飞轮1m讥转动1800周，当汽油机满负荷工作时（不计摩擦）,

下列说法中正确的是（）

A,汽油机每秒内完成30个冲程

B.汽油机的功率为2025〃

C.做功冲程中燃气对活塞的平均压力为2.7x107N

D.一个做功冲程中燃气对活塞做的功为1.35x105/

二、填空题（本大题共6小题，共12.0分）

11.如图是学校楼道中安装的应急照明灯，外部供电线路有电时应急灯不亮，供电线路

对应急照明灯内的蓄电池充电，把电能转化为能，此时蓄电池相当于（填OC)

“电源”或“用电器”）；供电线路停电时，应急灯正常发光，取下其中的一个灯泡，

另一个灯泡仍然发光，说明应急灯的两个灯泡是（填“串”或“并”）联的。

12.如图所示，若闭合开关S2,断开开关工、S3,则灯

“42”）能发光；若需要灯力、乙2并联，则应闭合开关

关,则会使电源短路。

13.图甲正在作业的喷雾车在水平路面上匀速直线行驶，它的动能（增大/减小/不变）：图乙卫星绕地

球从远地点向近地点运动时，它的重力势能（增大/减小/不变）；图丙是嫦娥五号返回器以“太空打

水漂”的方式成功着陆时，假设返回器的质量不变，返回器在4、B、C三处的机械能分别为&、EB、EC,

则这三处机械能的大小关系为（用“>”"=”或“<”连接）。

14.如图所示是内燃机工作循环中的一个冲程，这是（选填“做功”或“压缩”）冲程;

此时气缸内的燃气内能（选填“增加”或“减少”），若完全燃烧汽油，放出热量为

4.2x1067,如果这些热量全部被质量为100kg的水吸收，能使水的温度升高℃.（c次=

4.2x103J/kg•℃)

15.质量为70kg的工人，用如图装置提升石板，已知托板重200N,容量足够大，每块

石板重100N,绳能承受的最大拉力为800N,滑轮的摩擦和绳重均可忽略不计。当工

人在4s内将10块石板匀速提升2m时，此装置的机械效率为80%。当该工人站在地面上

用此装置提升石板的过程中，此装置动滑轮重______N；该工人用此装置最多可提升

块石板。

16.汽油的热值为3.5X其物理意义是。小张驾驶一辆额定功率为35千瓦、效率为30%的汽

车在一段平直的公路上匀速行驶，在额定功率下行驶1小时至少需要L汽油；若行驶的速度为72km",

则汽车受到的阻力为N。

三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）

17.图甲是一个压饺子皮神器，其上部手柄在使用时是一个杠杆，图乙是其简化的示意图，。为支点，?2是

使用时B点受到的阻力。请在图乙中画出作用在4点的最小动力&的示意图及阻力臂％。

四、实验探究题（本大题共4小题，共24.0分）

19.汽车的超载、超速行驶很容易造成交通事故。小东由此想要探究动能大小与质量、速度的关系。实验过

程如图，其中生<电。

甲乙

(1)三次实验应让小球由静止开始滚下，动能的大小是通过

(2)甲、乙两次实验探究的是动能与的关系;

(3)进行图丙实验时，木块被撞后滑出木板掉落，由此可推断4、B两球的质量关系是：mAmBo为

r实验安全，需改进丙图实验，再与乙图实验对比,在不改变木板长度的情况下，以下可行的方法是.

(填写正确选项前的字母)。

A.换用质量更小的钢球

员给水平木板铺上毛巾

C.适当降低钢球B的高度

D换用一个较重的木块

20.如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同,图中搅拌器未画出。燃料的质量都为10g,烧杯内的液

体质量和初温相同。

温度计

液体a

R二燃料］

|胃一1

甲

(1)若要比较不同燃料的热值大小，则应选择两图进行实验；实验中，用(选填“加热的时间”

或“升高的温度”)来表示燃料放热的多少。实验中，待两种燃料燃烧相同的时间后，小明发现图乙烧杯中

液体升高的温度较高，这(能/不能)说明燃料的热值较大。

(2)某同学选用甲、乙两图进行实验，所得数据如下表所示：

温度/℃20304050

液体a04082126

加热时间/S

液体b0184064

分析表中数据，你认为a、b两种液体中，液体的温度升高得较快，液体的吸热能力更强(选

填a或b)。

21.某小组在“测滑轮组机械效率的实验”中得到的数据如表所示，实验

装置如图所示。

实验次钩码重力钩码上升高度绳端拉力绳端移动距离机械效率

数G/Nh/mF/Ns/m°

4丙

10.12.70.274%乙

甲

240.11.80.374%

380.13.10.386%

480.12.5

(1)实验中应沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计。但小组有同学发现实验过程中边拉动边读数，弹簧测力

计示数不稳定，应该静止读数，其他人认为他的想法不正确，因为他没有考虑到对滑轮组机械效率

的影响，由此测出的机械效率将(填“变大”或“变小”或“不变”)。

(2)通过比较两次实验数据得出结论：使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与绳子段

数无关(填实验次数的序号)。

(3)第4次实验的机械效率〃=；通过比较3、4两次实验数据可得出结论：不同滑轮组提升相同重物

时，,滑轮组的机械效率越高。

(4)若每个滑轮的质量为100g,则第三次实验中克服摩擦做的额外功为人(不计绳重)

22.小明和小红一起做探究杠杆平衡条件的实验：

(1)实验前，将杠杆的中点置于支架上，发现杠在如图甲所示的位置保持静止，此时杠杆(选填“是”

或“不是")处于平衡状态。

(2)如图乙所示，4位置挂2个钩码，为使杠杆再次平衡，应该在B位置挂上个同样的钩码，当杠杆平

衡后，将4、B两点下方所挂的钩码同时向着靠近支点的方向各移动一小格，则杠杆端(选填“左”

或''右")会下沉。

(3)如图丙所示，为改变力的方向，小红在杠杆右侧用弹簧测力计向下拉，当测力计由竖直方向逐渐向左转，

杠杆始终保持水平平衡，测力计的示数将(“变大”、“变小”或“不变”)。

(4)该实验中，要多次测量动力0动力臂刀，阻力?2阻力臂人的数据，其目的是(减小误差/得出普遍

规律)。

(5)如图丁所示，。为杠杆的中点，若以杠杆上的C位置为支点，在。位置挂质量为m的钩码时，杠杆恰好在

水平位置平衡，用刻度尺测出此时钩码悬挂位置。点到C点的距离3根据杠杆平衡条件，可以估算出杠杆

的质量(用给出的字母符号表示)。

(6)若图戊中B点悬挂的钩码总重为G,在4点弹簧测力计用拉力大小为F使杠杆缓慢匀速上升，用刻度尺分

别测出4、B两点上升的高度为心、勾；则：

(a)拉力所做的有用功小奇=(用测量的物理量符号表示)。

(b)若只将钩码的悬挂点由B移至C点，0、4位置不变，仍将钩码提升相同的高度，则杠杆机械效率将

(选填“变大”、“变小”或“不变”)。

五、计算题(本大题共2小题，共16.0分)

23.如图所示，某建筑工地用起重机将质量为2.7t的货箱以0.5m/s的速度匀速提升10s,吊臂上的滑轮组如

图所示，若忽略绳重和摩擦，该滑轮组的机械效率为90%。(g=10N"g)求：

固定架

货物

(1)货箱上升的高度；

(2)吊臂上电动机拉力尸做功的功率；

(3)依然利用此机械提升重为3.7xIO，％的货箱，求此时滑轮组的机械效率.

24.我国自主研制的某新型航空飞机，它的热效率和推进效率都较高，所谓热效率是指发动机获得的机械能

与燃料完全燃烧产生的内能之比，而推进效率则是指发动机对飞机的推力所做的功与发动机获得的机械能

之比。已知飞机飞行时所受阻力「与运行速度"的关系如表，若某次航行中飞机以720km"的水平速度匀速

巡航0.5人，需要完全燃烧热值为5.0X107〃kg的燃油1080kg,求：

速度u/(ni/s)100200300400500

阻力〃N0.9x1043.6x1048.1x1041.44x1052.25X106

(1)飞机推力做功的功率：

(2)1080kg燃油完全燃烧释放的热量；

(3)若发动机的推进效率为60%,求发动机的热效率。

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：因为电动机要由前、后两门(电路开关)关闭同时控制，任意一个门没有关闭好电动机都不能工

作，则电动公交车无法行驶，所以前、后两门中的电路开关应串联连接同时控制电动机，符合要求的电路

只有选项B。

故选：B。

根据串联电路的特点进行分析，即串联电路开关控制整个电路。

会设计串联电路和并联电路，并且知道串并联电路中开关的作用。

2.【答案】B

【解析】解：4、举着杠铃静止不动，人给杠铃一个向上的力，杠铃向上没有移动距离，人对杠铃没有做功，

故A错误；

8、将地面上的实心球捡起，对实心球施加了力，并且在力的方向上移动了距离，因此对实心球做功了；故

8正确；

C、提着体育器材在操场上水平走动，人对体育器材施加了力，没有在力的方向上移动了距离，移动距离的

方向与力的方向垂直，因此人对体育器材没有做功。故C错误：

。、踢出去的足球在草地上滚动，足球离开人的脚后在地面上滚动的过程，不受脚对它的力，故无力有距离，

不做功，故。错误。

故选：Bo

做功的两个必要因素：作用在物体上的力：物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可。

掌握做功的两个必要因素，有力有距离不一定做功，力对物体做功，一定是在该力的方向上移动了距离。

3.【答案】C

【解析】解：A、食品夹子的动力臂比阻力臂短，是费力杠杆，故4不符合题意；

8、筷子的动力臂比阻力臂短，是费力杠杆，故B不符合题意；

C、核桃夹的动力臂比阻力臂长，是省力杠杆，故C符合题意；

。、镜子的动力臂比阻力臂短，是费力杠杆，故。不符合题意。

故选：Co

(1)动力臂比阻力臂长的杠杆是省力杠杆。

(2)动力臂比阻力臂短的杠杆是费力杠杆。

(3)动力臂和阻力臂相等的是等臂杠杆。

知道杠杆的分类；知道常见杠杆的动力臂和阻力臂的关系。

4.【答案】D

【解析】解：4、甲滑轮组有两段绳子承担物重，乙滑轮组有三段绳子承担物重，不计绳重及摩擦，尸用=

T(G+G动),/z=g(G+G动)，则尸伊＞尸乙，A错误；

B、因忽略绳重与摩擦时，克服物体重力做的功为有用功，且两滑轮组将物体提升相同高度，由W肓=G/i可

知，两滑轮组做的有用功相等.利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有

用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，则两滑轮组拉力做的总功相等，即皿伊=卬,，8错误;

C、两滑轮组拉力所做功相同，做功时间相同，所以两个滑轮组拉力的功率相同，即P*=Pz，C错误；

。、两滑轮组做的有用功即为克服物重所做的功，因此有用功相同、总功相同，故两滑轮组的机械效率相同，

D正确。

故选：D。

(1)不计绳重及摩擦，由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n,由尸=；母+6动)分析拉力大小；

(2)利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑

轮组做的总功相同；

(3)利用功率公式判断拉力做功功率的大小关系；

(4)根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系。

本题重点理解：把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮

和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同。

5.【答案】B

【解析】解：4、因为水的比热容比泥土、沙石的比热容大，白天，在太阳照射下陆地和海水吸收相同的热

量，海水温度上升慢；陆地吸热后，温度上升快，热空气上升，风从海洋吹向陆地，形成海风，故A错误；

8、热量总是从高温物体传向低温物体，或者从同一物体的高温部分传向低温部分，跟内能多少无关，所以

内能少的物体可以把热量传递给内能多的物体，故B正确；

C、我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤的温度高，不能说物体含有多少热量，故C错误；

。、夏天在室内洒水降温，是因为水蒸发要吸收热量，使室内温度降低，故。错误。

故选：B。

(1)根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点来分析海陆风和陆海风的形成过程，进一步判断风向的

特点；

(2)发生热传递的条件是存在温度差；

(3)热量是一个过程量，只能说吸收或放出热量，不能说含有热量；

(4)夏天在室内洒水降温，水蒸发吸收热量，温度降低。

本题考查温度、热量和内能的区别、水的比热容大的应用以及蒸发吸热，是一道热学基础题。

6.【答案】B

【解析】解：4、热值是燃料的一种性质，与燃烧程度无关，酒精灯中的酒精未完全燃烧时，酒精的热值不

变，故A错误；

8、烧瓶中的水温度升高，内能增大是通过热传递的方式改变的，故B正确；

C、烧瓶内水蒸气的内能会转化为烧瓶的机械能，烧瓶内水蒸气的内能减少，故C错误；

。、烧瓶内水蒸气对外做功的过程中，内能转化为机械能，与内燃机的做功冲程相同，故。错误。

故选：B。

(1)热值是燃料的一种性质，与燃烧程度无关；

(2)改变内能的方式包括做功和热传递；

(3)物体对外做功，内能会减少；

(4)水蒸气从喷管中喷出，带动烧瓶转动，水蒸气的内能转化为烧瓶的机械能，汽油机做功冲程的能量转化

是内能转化为机械能。

本题考查了内燃机的工作过程、热值、内能的转化，属于综合题。

7.【答案】D

【解析】解：A、有用功皿专用=Gh=600NX1.5m=9007,

总功勿*=%=黑=1500/-

忠r]60%J

小孙推动货物所用推力=&=竺咆=250N，故4错误；

推L6m

B、滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，若增大推行速度，货物对斜面的压力大小和接

触面的粗糙程度均不变，则货物受到的摩擦力将不变，故3错误；

C、额外功W频外=W总一W有用=1500/-900/=600/,

货物受到斜面的摩擦力/=孕=攀=1002，故C错误；

。、若无不变、减小3物体对斜面的压力减小，斜面对物体的摩擦力减小，额外功减小，有用功不变，根据

W右田

小忘=〃做+卬阳可知，总功减小，根据1=7”可知斜面的机械效率将升高，故。正确。

故选：Do

A、根据卬有用=G/i得出有用功，根据皿“=2也得出总功，根据尸心=上总得出小孙推动货物所用推力；

8、滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，若增大推行速度，货物对斜面的压力大小和接

触面的粗糙程度均不变，据此分析；

IV

C、根据W额力="总-0有留得出额外功，根据/=千得出货物受到斜面的摩擦力；

。、若八不变、减小3物体对斜面的压力减小，斜面对物体的摩擦力减小，额外功减小，有用功不变，根据

叩京="存郎+”则可知，总功减小，根据〃=貌可知斜面的机械效率将的变化情况。

本题考查功和机械效率的计算，综合性强，难度适中。

8.【答案】C

【解析】【分析】

(1)当弹性势能与重力势能相等时，此时加速过程恰好完成，速度最快，动能最大；

(2)弹性势能的大小与弹性形变程度有关；

(3)运动员最后静止的位置，重力与弹力相等的位置；

(4)动能和物体的运动速度、质量有关。

此题是有关能量的转化及运动和力的关系，能够分析出运动员在运动过程中速度的变化及受力变化是关键。

【解答】

由题知，在8点运动员所受弹力恰好等于重力，C点是第一次下落到达的最低点；

A.运动员从B点到C点过程中，由于弹力大于重力，所以人的运动速度减小，动能减小，因此运动员在B点的

动能大于在C点动能，故A正确；

B.从B点到C点过程中，绳子的长度越来越长，形变程度越来越大，则绳的弹性势能越来越大，故B正确；

C.由图乙可知，最后绳的弹力几乎不变，说明此时运动员已经静止下来，此时弹力与重力平衡，由图象可

知，运动员的重力小于心,故C错误；

D由图乙可知，t0时刻弹力最大，则绳子的弹性形变是最大的，所以运动员应达到了最低点，此时速度为零，

动能最小为零，故£＞正确。

故选Co

9.【答案】C

【解析】解：4熔化过程中物质的质量不变，固态和液态时质量相同，相同时间内物质吸收的热量相等，由

c=2可知，固态时升温比液态时快，说明固态时吸热本领比液态时弱，故A错误；

mAt

8.相同时间内物质吸收的热量相等，所以根据BC段吸收的热量和时间关系可以求出2〜6rnin物质吸收的热

量，故B错误；

C.由图可知，该物质固态时加热了2min,温度变化为戊周=40?-0℃=40℃,该物质液态时加热了4巾)，

温度变化为小族=80℃-40℃=40℃,固态和液态时质量相同，m=100g=0.1kg,

该物质固态时加热了2uiin,吸收的热量：

Q固吸=c即1At固=1.5x103//(/c51℃)x0.1kgx40°C=6x103J,

相同时间内物质吸收的热量相等，所以Q液吸=2Q固吸=2x6x103/=1.2x1047,

该物质在液态时的比热容：

c液=^=靛黑=3、1。3〃(3。0,故C正确；

D加热过程总计10m讥，物质吸收的总热量：Q怒吸=^，xQ周收=5x6x103/=3x104’,

酒精放出的热量：Q放=m酒般=5x10-3kgX3X107J/kg=1.5x10sJ,

该酒精灯的加热效率：7；=X100%=x100%=20%,故。错误。

故选：Co

(1)根据C=；^分析；

(2)相同时间内物质吸收的热量相等；

(3)根据图中数据求出物质在固态时吸收的热量，再根据时间关系求出物质在液态时吸收的热量，根据c=

上求出该物质在液态时的比热容；

mAt

Q吸

(4)根据时间关系求出该物质lOmin吸收的热量，根据＜2成=mq求出酒精放出的热量，根据〃=钎求出该酒

精灯的加热效率。

本题考查了热量、比热容、热效率的计算，综合性强，难度较大。

10.【答案】B

【解析】解：4、由四冲程汽油机工作过程知，完成一个工作循环，飞轮转动2周，完成4个冲程，对外做功

1次，可知当飞轮1加讥转动1800周，即每秒钟转动30周，完成60个冲程。故A不正确；

BCD、由题可知，p=9.0x10sPa,S=3cm2=3x10-3m2,

燃气对活塞的平均压力为：F=pS=9.0x105Pczx3X10-3m2=2700/V0故C不正确:

s=50mm—0.05m,

一个做功冲程中燃气对活塞做的功：W^Fs=2700Nx0.05m=135人故D不正确；

飞轮每转两圈对外做功一次，所以飞轮转动1800周，要对外做功900次，

燃气对活塞做的总功为：川总=皿x900=135/x900=1215007,

而1=Imin=60s,而1=Imin=60s,

汽油机的功率为：p==1215007=2故5正确。

t60s一一

故选：B。

(1)四冲程汽油机工作时，完成一个工作循环，飞轮转动2周，完成4个冲程，对外做功1次；

(2)飞轮(曲轴)每转两圈对外做功一次，计算出飞轮转动1800周对外做功的次数，已经计算出一个做功冲程

燃气对活塞做的功，从而可以计算出燃气对活塞做的总功，又知道做功的时间，可利用公式P=3计算出汽

油机的功率；

(3)知道燃气的平均压强和活塞的面积，可利用公式F=pS计算出平均压力的大小；

(4)知道活塞在气缸中移动的距离，可利用公式勿=Fs计算出一个做功冲程燃气对活塞做的功。

此题考查热机中压力、功、功率的计算，关键是对公式和公式变形的理解和应用。在计算过程中要注意单

位的换算。

11.【答案】化学用电器并

【解析】解：(1)电池充电时，将电能转化为化学能，相当于电路中的用电器；

(2)根据串并联电路的连接特点，本题中所述应急灯取下其中的一个灯泡，另一个灯泡仍然发光，说明两灯

的工作互不影响，可以断定其连接方式是并联。

故答案为：化学；用电器；并。

(1)蓄电池在充电时相当于用电器，将电能转化为化学能；

(2)串联电路中各用电器相互影响，一处断路，其它用电器也停止工作；并联电路中电流有多条路径，一条

支路的通断不影响其它支路的工作。据此，可对应急灯的工作情况做出判断。

本题以应急照明灯为背景，考查了能量的转化与电路的判断，属基本电学原理的运用。

12.【答案】刀Si、52Si、S3

【解析】解：如果闭合开关S2,断开开关S1、S3,灯乙2没有连入电路，电流只流经灯人，故人亮，灯&不

发光；

如果需要人、〃灯并联，电流的路径有两条，分别经过两个灯泡，需要闭合开关工、S2；

同时闭合开关Si、S3,电流依次流经S3、S1，然后流回电源的负极，引起电源短路。

故答案为：Li；Si、S2；Si、S3。

串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之

间互不影响，独立工作；电源短路是指用导线将电源两极直接连接起来的电路。

了解串并联电路的特点，会根据电流的流向判断电路的连接情况，是解答本题的关键。

13.【答案】减小减小EA>EB=EC

【解析】解：正在作业的喷雾车在水平路面上匀速直线行驶，它的速度不变，但质量在不断减小，因此动

能减小；

在从远地点向近地点运动的过程中，卫星的质量不变，速度增大，动能增大；卫星的质量不变、相对高度

减小，势能减小；

从4点到B点，由于克服空气阻力做功，消耗一部分机械能，所以机械能减小，从B点到C点，是在真空中，

机械能不会消耗，所以机械能不变。

故机械能的关系为：EA>EB=EC.

故答案为：减小；减小；

EA>EB=ECO

动能的影响因素是物质的质量和速度；

重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，势能越大。

在动能和势能的转化过程中，若不计摩擦、空气阻力等因素，机械能保持不变，若考虑摩擦、空气阻力等，

机械能将变小。

本题考查动能和重力势能以及转化过程，属于基础题。

14.【答案】做功减少10

【解析】解：

(1)如图，内燃机的进气门和排气门都是关闭的，活塞下行，所以是做功冲程：此冲程中，气缸内的燃气推

动活塞做功，燃气内能转化为机械能，则燃气的内能减小；

(2)由题知，水吸收的热量：Q吸=<2成=4.2x1。6/,

由Q版=crnat可得，水升高的温度:

_____4.2x106/_____

=10℃

4.2xl037/(k5℃)xl00k5o

故答案为：做功；减少；10。

(1)由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程；其中压缩冲程是将机

械能转化为内能；做功冲程是将内能转化为机械能；

(2)根据题意可知，Q级=Q成，利用Q^=cmat求出水升高的温度。

本题考查了内燃机的做功冲程的判断和能量转化，以及吸热公式的灵活应用；熟记内燃机冲程的判断方法

是关键。

15.【答案】5011

w於W左Chr

【解析】解：滑轮的摩擦和绳重均可忽略不计，根据〃=启%=Ww有+工W额=G广/i+"G动+h砂=7G+TGF动—+板可知，动滑

轮和托板总重为：

10X100/V

G动+板=E-G-10xl00/V=250/V,

80%

则G动=G动+板—G板—250N—200N=50N；

由图可知，71=2;

人的重力为：

GA=mg=70kgx10N/kg=700/V<800N,故滑轮组自由端受到的最大拉力应等于人的重力，即尸=

G人=700/V,

滑轮的摩擦和绳重均可忽略不计，根据尸=；3'+6动+板)可知，石板的重力为：

G'=nF-G动+板=2x700N-250N=1150/V,

则该工人用此装置可提升石板的数量为：

n'=黯=11.5,故该工人用此装置最多可提升石板的数量为11块。

故答案为：50；llo

(1)滑轮的摩擦和绳重均可忽略不计，根据1=萨=w二="h=7ZF—求出动滑轮和托板总

重，据此求出动滑轮重；

(2)根据滑轮组装置确定绳子股数，利用G=mg求出人的重力，与绳能承受的最大拉力进行比较，然后确定

拉力大小，根据F=；(G'+G物板)求出石板的重力，然后确定石板的数量。

本题考查了滑轮组拉力公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确额外功和滑轮组绳子的有效股数是关键。

16.【答案】1L的汽油在完全燃烧时放出的热量为3.5xIO:/12"SO

【解析】解：(1)汽油的热值为3.5x107/〃。，其热值的物理意义为：1L的汽油在完全燃烧时放出的热量为

3.5xIO，/；

(2)小汽车以额定功率匀速直线行驶牵引力所做的功：

iv=Pt=3.5x1O4IVx3600s=1.26x108/,

完全燃烧汽油放出热量Q或=Jq,

w

小汽车发动机的效率4=%,

所以〃<2成=勿，即4Vq=W,

小汽车以额定功率匀速直线行驶1九消耗汽油的体积：！/='=—12巴，—=12L；

的30%X3.5X1077/L

(3)因为72km/h=20m/s,

由W=Fs得汽车发动机的牵引力：

s20m/sx3600s

因为汽车在平直公路上匀速行驶，

所以汽车受到的阻力：/=F=1750N；

故答案为：1L的汽油在完全燃烧时放出的热量为3.5XIO，/；12；1750o

(l)Mg(或163)某种燃料完全燃烧放出的热量，叫做这种燃料的热值；

W

(2)根据W=Pt求出小汽车以额定功率匀速直线行驶1八牵引力所做的功，用〃=或求出放出的热量，再利

用Q或=匕可求出完全燃烧多少升汽油放出热量；

(3)利用效率公式"=券的变形公式W=VQ成可求出牵引力做的功；知道前进的距离，利用公式W=Fs求

出汽车的牵引力，知道汽车做匀速直线运动，受到的牵引力等于阻力，可求阻力。

知道功率的计算、热量的计算和效率的计算，是一道综合题。

17.【答案】解：根据杠杆的平衡条件，要想找到最小力就要找到最长的力臂，连接支点。与作用点4,。4即

为最长力臂，力臂始终与力的作用线垂直，从而找到最小力；从点。向尸2的作用线作垂线，垂线段长即为阻

力臂，2,作图如下：

【解析】(1)力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；

(2)杠杆平衡条件：动力X动力臂=阻力X阻力臂(国■=尸2乙2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越

长，动力越小。

此题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结

论。

18.【答案】解：由实物图知，两灯并联，开关S1在干路上，S2在人支路上，电路图如图所示：

【解析】由实物图分析电路的连接情况，再画出对应的电路图。

本题考查根据实物图画电路图，正确分析电路的连接方式和开关的位置是关键。

19.【答案】木块移动的距离速度＜A

【解析】解：（1）该实验中，小球的动能大小是通过木块移动的距离大小来反映的，采用了转换法；

（2）甲、乙两次实验中，用的是同一小球，小球的质量相同，而小球由静止滚下的高度不同，到达水平面时

的速度不同，所以这两次实验探究的是动能大小与速度的关系；

（3）由图乙和图丙两次实验可知，两个小球的质量不同，小球由静止滚下的高度相同，则到达水平面时的速

度相同，图丙实验时，木块被撞后滑出木板掉落，即丙图中木块移动的距离大，则B球的动能较大，根据速

度相同时动能大小与质量的关系可知B球的质量较大，即7nzi＜mB-,

为了实验安全，需改进丙图实验，再与乙图实验对比，在不改变木板长度的情况下，

A、换用质量更小的钢球，在速度不变的情况下，其动能更小，推动木块移动的距离变小，故能完成实验探

究，故A符合题意；

8、给水平木板铺上毛巾，没有控制水平面的粗糙程度相同，则两次实验中木块受到的摩擦力不同，不能通

过木块移动距离的大小来反映小球的动能大小，所以不能完成实验探究，故B不符合题意；

C、适当降低钢球8的高度，钢球的速度发生了变化，即没有控制小球到达水平面时的速度相同，所以无法

完成实验探究，故C不符合题意；

。、换用一个较重的木块，两木块对木板的压力不同，则两木块受到的摩擦力不同，不能通过木块移动距离

的大小来反映小球的动能大小，所以不能完成实验探究，故力不符合题意.

故选：4。

故答案为：（1）木块移动的距离；（2）速度；（3）＜；A.

(1)该实验中，小球推动木块移动的距离越长，说明小球的动能越大，采用了转换法；

(2)影响物体动能大小的因素有物体的质量和速度，要利用控制变量法进行研究：

研究动能大小与速度关系时，要保证物体的质量相同，而速度不同；研究动能大小与质量关系时，要保证

物体的速度相同，而质量不同；

(3)图丙实验时，木块被撞后滑出木板掉落，说明丙图中B球的动能较大，根据速度相同时动能大小与质量

的关系可判断两球的质量大小关系；

改进丙图实验，再与乙图实验对比，在不改变木板长度的情况下，还需保证水平面的粗糙程度相同、所用

的小木块相同。

本题是探究影响物体动能大小的因素，主要考查了对控制变量法和转换法的掌握情况以及如何对实验现象

进行分析。

20.【答案】乙、丙升高的温度不能ba

【解析】解：(1)若要比较不同燃料的热值，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，应选择乙、丙两

图进行实验；根据转换法，实验中，用升高的温度来表示燃料放热的多少；由Q族=mq可知，燃料燃烧释

放的热量既与燃料的质量多少有关，又与燃料的热值大小有关，而在实验中，待两种燃料燃烧相同的时间

后，没有控制燃料的质量相同，故据此不能说明燃料的热值较大；

(2)由表中数据，加热40秒，4升高10汽、B升高20。&故实验中发现液体b的温度比液体a的温度升高得快；

根据比较吸热能力的方法，这表明液体a吸热本领更强。

故答案为：(1)乙、丙；升高的温度；不能；(2)b；a。

(1)根据控制变量法分析解答；为了比较热值大小，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体；用升高的

温度来表示燃料放热的多少；让相同质量的燃料完全燃烧，根据水升高的温度比较燃料的热值大小；

(2)比较物质吸热能力的2种方法：

①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；

②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力

强；

本题比较不同物质的比热容大小和比较不同燃料的热值，考查两实验相同处和不同处及转换法和控制变量

法的运用。

21.【答案】摩擦变大1、280%动滑轮越轻0.04

【解析】解：(1)提升过程中，滑轮和轴之间的摩擦，会影响滑轮组的机械效率；

若静止时读数，测力计没有测量出机械之间的摩擦，测量的拉力偏小，导致在有用功一定时，总功偏小，

W右田

根据机械效率公式〃=设X100%知机械效率变大；

总

(2)比较第1、2两次的实验数据，同一滑轮组，绳子段数不同，机械效率相同，可得出结论：使用同一滑轮

组提升重物时，滑轮组的机械效率与绳子段数无关；

(3)图丁的装置中，承担物重的绳子段数为4,故绳子自由端移动的距离s=n/i=4x0.1m=0.4巾，

拉力做的总功：

14%；=Fs=2.5Nx0.4m=1/；

有用功：

〃=Gh=8Nx0.1m=0.8/,

滑轮组的机械效率：

T]=x100%=箸X100%=80%；

思

比较第3、4次的实验数据，不同滑轮组提升相同重物，动滑轮重不同，机械效率不同，可得出结论：不同

滑轮组提升相同重物时，动滑轮越轻，滑轮组的机械效率越高；

(4)由表中数据可知，第二次实验中，有用功：勿存2=G2%=4Nx0.1m=0.4/,

总功：〃京2=F2s2=1.8Nx0.3m=0.54/,

动滑轮的重力：G动=m动g=100X10-3kgX10N/kg=IN,

则克服动滑轮重力做的功：“动=G*2=INx0.1m=0.17,

不计绳重，由"总="新+加音和W颛=皿动+勿辞/可得，克服摩擦做的额外功：卬璃骅=皿总2-小君2一

动=0.54/-0.4J-0.1/=0.04;；

故答案为：(1)摩擦；变大;(2)1、2；(3)80%；动滑轮越轻；(4)0.04o

(1)实验中应沿竖直方向匀速拉动测力计时读数，若静止时读数，测力计没有测量出机械之间的摩擦，测量

值偏小，机械效率偏大；

(2)研究同一滑轮组的机械效率与绳子段数的关系时，要控制提升物体的质量相同，改变绳子的有效段数；

(3)根据绳端移动距离与物体升高的高度的关系$=n/i求解，根据机械效率公式求解；对比3、4两次实验的

相同和不同量，结合表中数据得出结论；

(4)不计绳重，由皿点=以颁+"有和小莉=勿动+皿般您可得，克服摩擦做的额外功。

本题测滑轮组机械效率，考查注意事项、控制变量法的运用、机械效率的计算、数据的分析等，综合性较

强。

22.【答案】是4左变大得出普遍规律gmGh2变大

【解析】解：(1)杠杆的位置如图甲所示，此时杠杆处于静止状态，则杠杆处于平衡状态；

(2)假设一个钩码重G,杠杆一格为L；根据杠杆的平衡条件：动力x动力臂=阻力x阻力臂得出：2GX4L=

nGx2L,解得n=4；

若4、8两点的钩码同时向靠近支点的方向移动一个格，则左侧2Gx3L=6GL,

右侧4GxL=4GL,

因为6GL>4GL,

杠杆不能平衡，左端将会下沉；

(3)由图丙可知，弹簧测力计由竖直方向逐渐向左转动过程中，动力臂变短，而杠杆在水平位置始终保持平

衡，由于阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，测力计示数将变大；

(4)该实验中，多次测量动力&动力臂人，阻力尸2阻力臂乙2的数据，其目的是排除偶然性，寻找普遍规律；

(5)以杠杆上的C位置为支点，在C的右侧挂质量为徵的钩码，移动钩码至。位置时，杠杆恰好在水平位置平

衡；而钩码悬挂位置。点到C点的距离3根据杠杆平衡条件可知，杠杆自身重力与重力对应的力臂的乘积

等于钩码重力与钩码重力对应力臂的乘积，所以应该测量杠杆中点即。点到C点的距离Z/,为杠杆自身重力

的力臂。根据杠杆的平衡条件有网,由图丁可知，。点到C点的距离Z/是。点到C点的距离Z,的3倍,

即mgL=mffg-3L,故杠杆的质量租芹=gm；

(6)图戊中为保持杠杆平衡，就匀速拉动杠杆，

(a)钩码总重为G,钩码(B点)上升的高度为电，则拉力所做的有用功为“有=G/i2；

(b)若只将钩码的悬挂点由B移至C点，。、4位置不变，仍将钩码提升相同的高度，根据〃=G/i可知有用功

不变，从图中可以看出，杠杆提升的高度减小，额外功减小，又因为总功等于额外功与有用功之和，因此

此次弹簧测力计做的做功将小于第一次做的总功，由叩=，■可知，杠杆机械效率将变大。

总

故答案为：(1)是；(2)1；左；(3)变大；(4)得出普遍规律；(5)gm；(6)(a)G/i2；(b)变大。

(1)物体处于静止状态时，处于平衡状态；

(2)杠杆的平衡条件：动力x动力臂=阻力X阻力臂(或F#i=E2功)；根据杠杆的平衡条件判断哪一端将会下

沉；

(3)阻力和阻力臂不变时，根据杠杆的平衡条件可知，动力臂减小，动力变大;

(4)该实验中，为寻找普遍规律要进行多次测量；

(5)根据杠杆的平衡条件结合图丁所示和已知条件，要求出杠杆的质量，只要求出杠杆重心到支点的距离即

可；

根据杠杆的平衡条件，弧=尸2%可得杠杆的质量表达式；

(6)(a)使用杠杆克