陕西省西安市高新逸翠园中学2023-2024学年九年级上学期第二次段考物理试卷

2023-2024学年陕西省西安市高新逸翠园中学九年级（上）第二次段考

物理试卷

一、单选题（本大题共16小题，共32.0分）

1.如图，一杯热咖啡慢慢冷却下来（忽略蒸发），下列说法正确的是（）

A.它的热量在减少

B.它的内能在减小

C.它的质量在减少

D.整杯对桌面的压强在减少

2.下列物体既有势能又有动能的是（）

A.教室的灯管B.拉长的橡皮筋C.公路上行驶的汽车D.飞行的小鸟

3.如图简单机械使用过程中，费力的是（）

4.在非洲的旱季，人们常用一种中间有转轴的塑料桶运水。如图所示，某人用背、抱、平拉、水平滚拉的

方式运送同样的一桶水，在相同的水平地面上匀速行走相同路程的过程中，对这桶水做功最多的是（）

里

5.一台抽水机工作时的功率是5000W,它表示的意义是（）

A.这台抽水机1m讥内做的功是5000WB.这台抽水机lmin内做的功是50001

C.这台抽水机1s内做的功是5000"D.这个抽水机1s内做的功是5000/

6.某中学组织春季运动会，如图所示为运动员跳高时的场景，若不计空气阻力，下列

关于运动员跳高过程的描述中，说法正确的是（）

A.上升的过程中动能和机械能都不断减小B.下降的过程中动能增大，重力势能不变

C.上升的过程中动能不变，其重力势能增大D.下降的过程中重力势能减小，机械能不变

7.晓丽和晓华分别用如图所示的甲、乙两个滑轮组（每个滑轮重相同）在相同时间内把///////

相同重物G提升相同高度。若&和尸2也相等，不计绳重及摩擦，关于这两次使用对比

的说法正确的是（）

A.力Fi和尸2做的总功相同

B.力&和尸2做功的功率不相同

C.两个滑轮组机械效率相同甲乙

D.两个滑轮组完成的有用功不相同

8.如图是优工开物》中记载的在井上汲水的桔棒，它的前端系一木桶，后端系一质量适当的配重物。木

桶装满水后，为了减小人向上提水时所需的拉力，下列操作可行的是（）

A.将配重靠近支点B.将水桶远离支点C.适当增大配重D.将支点远离地面

9.如图所示，把重力为G的物体匀速推到斜面顶端，斜面长为s,高为h,

实际推力为F,斜面上的摩擦力为人那么，下列判断正确的是（）

A.因为匀速推重物上行，所以尸=/B.计算额外功大小等于（F-G）h

C.若使斜面更光滑，推力和机械效率都减小D.高度不变，缩短斜面长度将增大机械效率

10.小明在家里把一个铁锁用绳子悬挂起来，将铁锁拉到紧贴自己鼻尖，之

后松手，铁锁向前摆去，则下列说法中正确的是（）

A.铁锁来回摆动过程中，铁锁上没有力做功

B.铁锁达到左侧最高点瞬间速度为零，处于平衡状态

C.铁锁向下摆动的过程中重力势能转化为动能

D.小明说“它打不着我”因为铁锁机械能守恒

11.关于物体的内能，下列说法正确的是（）

A.温度在0久以上的物体才具有内能B.一杯水温度升高，内能增大

C.内能是物体的动能和势能的总和D.温度相同的两杯水内能相同

12.如图所示，不计动滑轮与绳之间的摩擦和重力，在水平拉力F的作用下，重为100N的物体4以0.2m/s的

速度向左匀速直线运动5s,弹簧测力计的示数为20N,以下正确的是（）

A.物体4受到的重力对物体4所做的功大小为100/

B.物体4受到地面的摩擦力大小为20N,方向向右

C.拉力对物体4做的功为20/

D.拉力F的功率为8W

13.在北京冬奥会自由式滑雪空中技巧女子个人项目决赛中，辽宁运动员徐梦桃勇夺冠军。如图所示，在她

滑行过程中，下列说法正确的是（）

A.4点时不具有机械能

B.从4点滑行到C点的过程中重力势能不断变大

C.从c点滑行到。点的过程中，减少的动能全部转化成了重力势能

D.在B点的速度大于与它高度相同的。点的速度

14.两个相同的试管分别装了质量相同的水和煤油。用同一杯热水同时加热，发现煤油

升温比水快。（忽略热量散失）关于这一现象分析正确的是（）

A.加热相同时间，水吸收的热量大于煤油吸收的热量

B.加热相同时间，水增加的内能等于煤油增加的内能

C.在这样的情况下液体升温快的是因为其比热容较大

D.在这样的情况下液体升温快的说明其吸收的热量多

15.春游时，小明和小红决定爬山比赛，他们同时出发，结果又同时到达山顶。想判断谁的功率大，还需知

道的物理量是（）

A.山的高度B.二人的体重C.爬山的时间D.二人身高

16.如图所示，质量一定的木块放在粗糙程度不同的水平桌面上，的木块.

距离等于BC的距离。木块在水平恒力F作用下从静止开始从4连续运动到।^.।

C,4B过程中加速运动，BC过程中匀速运动。下列说法中（）

777777777x777777777777777777777777777

①木块在力B段所受的摩擦力等于在BC段所受的摩擦力

②水平拉力F在段做的功等于在BC段做的功

③木块在4B段与桌面有摩擦，它的机械能逐渐减小

④水平拉力F在4B段的平均功率小于在BC段的功率

A.只有①②正确B.只有①③正确C.只有②④正确D.只有③④正确

二、填空题（本大题共6小题，共22.0分）

17.大多数汽车发动机冷却液是用水和乙二醇混合而成的，其中主要成分是水，这是利用了水的大

的特点，其大小为o配制时将二者混合后发现，实际的总体积小于混合前的水和乙二醇的总体积,

这一现象不仅说明了分子是运动的，同时也说明分子间有。车开动后，冷却液随着在发动机周围循

环流动而温度升高，这是通过的方式改变自己的内能的。

18.如图是军军玩弹弓的情景。经验表明，在一定范围内，橡皮筋拉得越长，同样的“子

弹”射得越远，橡皮筋对“子弹”做的功越,橡皮筋具有的弹性势能越,

说明橡皮筋的弹性势能与有关。

19.如图甲所示是生活中常见的壁灯，图乙是其杠杆模型示意图。壁灯与支架总重力为

10N,壁灯与支架总重力的作用线恰好经过横杆上B点，BD=30厘米、。4=20厘米，DC=40厘米，OC垂

直于4D,以。为支点，上方螺丝钉4受到垂直于墙面的拉力自=N,方向向（左/右）。若仅

将4D之间直杆改为的半圆弧造型，其它不变的情况下，4点拉力大小将（变大/不变/变小）。

20.建筑工地上，电动起重机吊臂上的滑轮组（若不计滑轮重及摩擦）如图所示，在匀速起吊重

4.2X103N的物体时，物体5s内上升了6皿，此过程中有用功为J,若滑轮组的机械效

率为70%,则总功为J,电机拉力F做功功率为W,动滑轮重为N；保

持电机的功率不变，匀速向上提升另一个重为5.4X103/V的重物，该物体上升的速度为

21.商场电动扶梯载着顾客匀速向上运动的过程中，顾客的动能,势能,机械能（选

填“变大”、“变小”或“不变”）.有的商场安装了自动调速电动扶梯，这种扶梯不载人时，以较低速度运

行；载人时则以较高的速度运行。则这种自动调速扶梯载人时做功的功率（选填“大于”、“等于"

或“小于”）不载人时做功的功率。

22.某同学发明一个自动升降排水井盖（如图甲），其中井壁内侧固定着支架横杆上安装有定滑轮，下方的水

槽两侧用一根完整的绳子绕过定滑轮，绳子中央固定着井盖的下凸起，暴雨时通过收集雨水实现井盖自动

抬升（如图乙），加快路面雨水的排放。

I雨水

、井壁

下水道

乙

(1)井盖抬升过程中，定滑轮的作用是。

(2)某次排水过程中，重150牛的井盖被抬升0.1米。在井盖被抬起过程中，克服井盖重力做功焦。

(3)要使降水量稍小时就能抬升井盖，可采取的措施可行的是：(填序号)。

A.减小下面的排水口

8.增大井盖的重力

C减少定滑轮重

三、作图题(本大题共1小题，共3.0分)

23.如图甲是一款机械鼠标，它的按键可看作简单的杠杆。图乙是简易构造图，4处为手按键，。为支点，B点

下有一复位弹簧。请画出按下按键时4点的最小动力乙、复位弹簧对按键的阻力?2以及阻力臂员的示意图。

四、实验探究题(本大题共3小题，共22.0分)

24.同学们在做“探究杠杆的平衡条件”实验。

甲乙丙

（1）实验前，杠杆在图甲所示的位置静止，此时杠杆处于（选填“平衡”或“非平衡”）状态；应该将

平衡螺母向（选填“左”或“右”）调节。

（2）实验中，在杠杆的两侧加挂钩码，并移动钩码的位置，使杠杆始终在水平位置平衡，这样做的目的是便

于测量______的大小；进行多次实验记录在表格中，多次实验的目的是;小明根据下表所测数据得

出杠杆平衡的条件是：O

实验次数动力Fi/N动力臂Li/cm阻力F2/N阻力臂G/cm

11.510115

2120210

30.520110

（3）如图乙所示，保持杠杆水平位置平衡，测力计从a位置转到b位置，其示数大小将（选填“变大”、

“变小”或“不变”）；当测力计转到b位位置，此时杠杆恰为（省力/费力/等臂）杠杆。

（4）实验结束后，小明提出了新的探究问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆平衡条件是否仍然成立？”

于是小明利用如图丙所示装置进行探究，发现在杠杆左端的不同位置，用弹簧测力计竖直向上拉，使杠杆

在水平位置处于平衡时，测出的拉力大小与杠杆平衡条件不相符。其原因是对实验的影响。

（5）实验中，用如图所示的方式悬挂钩码，杠杆也能在水平位置平衡（杠杆上每小格长度相等），但老师提醒

大家不要采用这种方式，主要是因为这种方式（填选项前的字母）。

432

0-0-

T

A.一个人无法独立操作

B.需要使用太多的钩码

C力臂与杠杆不重合

D力和力臂数目过多

25.小明在测量滑轮组机械效率的实验中，所用装置如图所示，实验中乙智二

的每一个钩码重2N,测得的数据如下表所示:

(a)(c)

物理量实验次钩码上升的高度测力计示数测力计移动距离

钩码总重G/N机械效率加

数h/mF/Ns/m

140.11.80.374%

260.12.40.383%

340.11.40.557%

440.21.11.057%

(1)实验中测绳端拉力尸时，应沿竖直方向尽量______拉动弹簧测力计。

(2)实验中读取弹簧测力计的示数时应在(静止/拉动过程)中读数。

(3)分析表中数据可知：第3次实验是用图做的。[选填(a)/(b)/(c)]

(4)分析第1、2次实验数据可知：使用同一滑轮组，可以提高滑轮组的机械效率；由第1、3次实验

数据可知：降低滑轮组的机械效率的因素是。

(5)分析第次实验数据可知，滑轮组的机械效率与物体被提升的高度关。

26.小明同学在体育活动中，从铅球下落陷入沙坑的深度情况受到启发，并产生了如下猜想。

猜想一：物体的重力势能与物体的质量有关。

猜想二：物体的重力势能与物体的下落高度有关。

猜想三：物体的重力势能与物体的运动路径有关。

为此小明设计了如图所示的实验，他的做法是：

用大小、形状相同的4、B、C、。四个金属小球，其中4、C、。三球的质量为B球质量为2?n,让4、B两

球从距沙表面高H处由静止下落，C球从距沙表面高2"处由静止下落，。球从距沙表面高2H处的光滑弯曲管

道上端静止滑入，最后从管道下端竖直地落下。(球在光滑管道中运动时的能量损失不计)实验中测得4、B两

球陷入沙中深度分别为b和/12，而C、。两球陷入沙中深度均为色，且八1＜八2〈h3。

(1)本实验是通过观察来判断重力势能大小的。

(2)实验中B球比4球陷入沙中的深度更大，由此可验证猜想。

(3)为验证猜想二，应比较(选A8C0两球，可得出结论，当物体相同时，下落的高度越高,

物体的重力势能越大。

(4)由B、。两球不能探究重力势能的大小与质量的关系，理由是o

(5)比较C、D两球，发现两球运动的路径不同，但陷入沙中深度相同，由此可得出结论，物体的重力势能与

物体运动的路径(填“有关”或“无关”)。

五、计算题(本大题共2小题，共11.0分)

27.如图，画出滑轮组的绕线图，使站在地面上的小孩提升重物时所用拉力最小。

28.如图甲，宜昌市某中学学生在课外实践活动中对滑轮组进行了探究。他们自制滑轮组的简化图如图乙所

示，小华利用此滑轮组用时10s将小军匀速提升了50cm,称得小军的重力为540N,动滑轮组的质量为60N,

g取10N〃g,不计绳重和滑轮上的摩擦，问：

(1)所做的有用功是多少？

(2)小华的拉力是多少？

(3)小华拉绳的功和功率是多少？

(4)此过程中滑轮组的机械效率是多少？

六、综合题(本大题共1小题，共HM)分)

29.智能机器正在进入我们的生活，为人们提供高效、精准的服务。某款全自动扫拖一体机器人主要由锂电

池组、扫地模组、吸尘模组、拖地模组、升降模组和车轮模组等组件构成，它的质量为6kg,既可以扫地,

也可以拖地。小强同学在空房间(图乙矩形4BCD)内，用这台机器人打扫家庭卫生。(g取10N/kg)

拖地抹布

甲乙

（1）机器人底部构造如图甲所示，两块抹布固定在转盘01、02上，可旋转擦洗拖地。加压拖地与未加压吸尘

相比，匀速移动过程中的摩擦力更（大/小），电机功率不变的情况下，两者移动速度是（相同

/不同）的。

（2）机器人扫地过程中，若在lx103s内总共做了1.8X10。的功，则机器人做功的功率是多少W?

（3）机器人拖地过程可以简化为如图乙所示路线，关门后，机器人（用。表示）从图示2位置开始，贴近墙壁4B

沿着弓形路线拖洗地面，在地面上拖出水带（水的痕迹）的宽度均为0.3m,其中平行于墙边4B的任意相邻的

两条水带面积都不重叠，当机器人拖出15条直线长9m的水带（即机器人直线移动的距离）到达墙角C处时，

刚好将整个房间的地面拖洗了1次。机器人牵引力的功率不变，受到的阻力为机身重力的0.5倍，每次转弯需

1s。忽略沿着弓形路线无法拖洗的地面面积，设机器人运动速度大小不变。

求：①机器人在此过程中受到地面的阻力是多大？

②它需要多长时间，才能沿着弓形路线从4到C将整个房间的地面拖洗1次？

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解:

A、一杯热咖啡慢慢冷却下来，是放出了热量，不能说热量减少，故A错误；

以咖啡冷却下来，温度降低，内能减小，故8正确：

C、咖啡冷却过程中，质量不变，故C错误；

。、整体的质量不变，重力不变，压力不变，受力面积不变，根据p=(可知，整杯对桌面的压强不变，故

。错误。

故选：B。

(1)热量是一个过程量；

(2)内能的大小与质量、温度、状态等因素有关；

(3)质量是物体的一种属性；

(4)根据p=(分析压强的变化。

本题考查了内能、质量、热量、压强等知识的应用，属于基础题。

2.【答案】D

【解析】解：4教室的灯管处于静止状态，没有动能，只有重力势能，故4错误；

B.拉长的橡皮筋由于发生弹性形变所以有弹性势能，但是没有运动所以没有动能，故B错误；

C.公路上行驶的汽车有动能，但是由于没有被举高，所以没有重力势能，故C错误；

。.飞行的小鸟由于有速度又有高度，所以具有动能和重力势能，故。正确。

故选：D。

重力势能是由于物体被举高而具有的能量；弹性势能是由于物体发生弹性形变而具有的能量；动能是由于

物体运动而具有的能量。

本题考查的是对动能和势能的理解，属于基础题。

3.【答案】D

【解析】解：

A、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，为等臂杠杆，不省力也不费力，故A错误；

以定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，故B错误；

C、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故C错误；

。、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，故。正确。

故选：D。

结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。

结合各个选项逐一分析。

此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小

于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。

4.【答案】C

【解析】解：由图可知，48中某同学背、抱，即力的方向向上，桶是在水平方向上移动的距离，即沿向上

的方向没有移动距离，因此不做功；

在其他条件相同时，滑动摩擦力大于滚动摩擦力，贝IC中滑动摩擦力大于。中的滚动摩擦力；又因为匀速拉

动水桶向前运动，所以由二力平衡条件可知C中拉力大于。中拉力，且水平移动的距离s相同，根据W=Fs可

知C做功最多，故ABQ不合题意，C符合题意。

故选:Co

物理学中规定，功等于力跟物体在力的方向上移动距离的乘积。先判断力的大小、物体在力的方向上移动

的距离相同，利用功的公式W=Fs分析判断。

本题考查影响物体做功大小的因素（力的大小和物体在力的方向上移动距离）。

5.【答案】D

【解析】解：一台抽水机工作时的功率是5000IV,它表示的含义是这台机器每秒钟做的功是5000/。

故选：Do

功率是指物体在单位时间内完成的功。在数值上等于功与时间的比值，据此对5000W的物理意义做出判断。

深入理解功率的概念与物理意义，可顺利解答此题，但也要注意判断时要细心。

6.【答案】D

【解析】解:

AC,上升的过程中，不计空气阻力，机械能守恒，质量不变，速度变小，动能变小，高度变大，重力势能

变大，故AC错误；

BD.下降的过程中，机械能守恒，保持不变，质量不变，高度变小，重力势能变小，速度变大，动能变大，

故。正确、C错误。

故选：Do

动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关，弹性势能的大小与物体弹性形变的程

度有关，机械能为动能、势能的和。

本题考查了动能、重力势能和机械能的变化，属于基础题。

7.【答案】B

【解析】解：4由图可知，&移动的距离是物体上升高度的3倍，F2移动的距离是物体上升高度的4倍，物体

上升高度相同，所以两个力移动的距离不相同。而Fi和F2相同，根据做功的公式皿=尸5可知，两个力所做

的总功不相同，所以4选项错误；

B.由于做功时间相同，且两个力做的总功不相同，所以由功率公式可知两个力的功率不相同，所以B选项正

确；

CD.由于物体相同且上升高度相同，根据有用功公式川方=G/i可知有用功相同，而因为总功不相同，所以根

据机械效率公式4=六、100%可知两个滑轮组机械效率不相同，所以C、。选项错误；

故选：B。

拉力大小相同，拉力移动的距离不相同，所以拉力做的功不同，所以功率也不同；有用功相同，总功不同，

所以机械效率不相同。

本题考的是滑轮组的做功、功率和机械效率的知识，属于常考题型，难度一般。

8.【答案】C

【解析】解：如下图所示，。为支点，配重4对杠杆的拉力作用在C点，水桶对杠杆的拉力作用在。点，且尸凝=

G配重,F水桶=G水桶,人的向上拉力作用在B处，

如果杠杆平衡，观\有0配重L配重=(G水桶-F水桶,木桶盛满水后，水桶的重力不变;

桔椽

A.将配重靠近支点，则配重的重力力臂变小，配重的重力和力臂的乘积会变小，水桶的重力和力臂的乘积不

变，则人向上提水时所需的拉力变大，故4错误；

8.将水桶远离支点，则水桶的重力力臂变大，水桶的重力和力臂的乘积会变大，配重的重力和力臂的乘积不

变，则人向上提水时所需的拉力变大，故B错误；

C.适当增大配重，则配重的重力和力臂的乘积会变大，水桶的重力和力臂的乘积不变，则人向上提水时所

需的拉力变小，故C正确；

D将支点远离地面，则水桶的重力和力臂的乘积不变，配重的重力和力臂的乘积不变，则人向上提水时所

需的拉力不变，故。错误。

故选Co

根据杠杆的平衡条件：动力X动力臂=阻力x阻力臂判断。

本题考查了杠杆平衡的条件的应用，有一定难度。

9.【答案】D

【解析】解：4斜面上的推力需要克服摩擦力做额外功，还要做有用功，因而总功大于额外功，Fs>/s,

所以推力尸>/,故A不正确；

B-W有用=Gh；拉力做的总功：“总=Fs,则额外功：W^=W&-Wff/s=Fs-Gh,故B错误；

C.若使斜面更光滑，可以减小摩擦力，摩擦力减小，额外功减小，而有用功不变，总功减小，机械效率增

大，故C错误；

D.高度不变，缩短斜面长度，减小了物体对斜面的压力，摩擦力减小，额外功减小，而有用功不变，总功

减小，将增大机械效率，故。正确。

故选：D。

(1)斜面上的推力需要克服摩擦力做额外功，还要做有用功，总功大于额外功，因而拉力F>f；

(2)利用W=G/i求克服物体重力做功(即有用功)：利用W=Fs求拉力做的总功；额外功等于总功减去有用

功，

(3)斜面的机械效率与斜面的粗糙程度和倾斜程度有关。

本题考查斜面的机械效率，属于中档题，难度适中。

10.【答案】C

【解析】解：4铁锁来回摆动过程中，在重力方向上通过了距离，所以重力对铁锁做了功，故A错误；

5铁锁达到左侧最高点瞬间速度为零，此时拉力和重力不在同一直线上且大小不相等，所以二力不是平衡力,

则铁锁不是处于平衡状态，故8错误；

C.铁锁向下摆动的过程中，质量不变，高度降低，同时速度增大，则铁锁的重力势能减小，动能增大，所

以是重力势能转化为动能，故C正确；

。.小明说“它打不着我”，是因为铁锁在摆动过程中会受到空气阻力的作用，其机械能逐渐减少，故。错

误。

故选：Co

(1)做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在力的方向上通过的距离；二者缺一不可。

(2)物体受平衡力时处于平衡状态；二力平衡的条件是大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同

一物体上。

(3)影响动能大小的因素：质量、速度，质量越大，速度越大，则物体的动能越大；

影响重力势能大小的因素：质量、被举高的高度，质量越大，高度越大，则物体的重力势能就越大；

(4)机械能守恒是一种理想情况，只有在无摩擦、无空气阻力的情况下才能真正实现；铁锁自由摆动的过程

中，会受到空气阻力的作用。

本题考查了做功的必要因素、平衡状态的判断、能量的转化以及机械能是否守恒的判断，涉及的知识点较

多，但难度不大。

11.【答案】B

【解析】解：A、任何物体都具有内能，故A错误；

8、一杯水温度升高，内能增大，故B正确；

C、构成物体的所有分子，其热运动的动能和分子势能的总和叫做内能，故C错误；

。、温度相同的两杯水，内能不一定相同，还要考虑水的质量大小，故。错误。

故选：B。

(1)构成物体的所有分子，其热运动的动能和分子势能的总和叫做内能。任何物体都具有内能。

(2)物体的内能与温度有关，同一物体的温度越高，内能越大。

(3)影响物体内能的因素：温度、质量、物质的状态等。

深入理解内能概念和影响内能的因素，可解答此题。

12.【答案】D

【解析】解:

4物体4沿水平方向运动，没有沿重力方向通过距离，所以重力对物体4所做的功等于零，故A错误；

B、绕过动滑轮两段绳子拉力大小相等，即拉力F=尸点=20N,

不计动滑轮与绳之间的摩擦和重力，物体4向左匀速直线运动，由动滑轮特点和二力平衡知识可知，物体4受

到地面的摩擦力，=片=2F=2X2ON=4ON,方向水平向右，故8错误；

、由=(和可得，拉力对物体做的功分=故错误；

CvW=Fs2FASA=FAvAt=40NX0.2m/sX5s=40/,C

。、绳端移动速度v=nvA=2x0.2m/s=OAm/s,

拉力F的功率P=y=y=Fv=20/VxOAm/s=8W,故。正确。

故选：Do

(1)做功包括两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离，据此判断重力对

物体4做功的大小；

(2)不计动滑轮与绳之间的摩擦和重力，根据动滑轮特点计算物体4受到的拉力，从而得到物体4受到摩擦力

的大小，根据物体A的运动方向判断摩擦力方向；

(3)根据"=，和加=Fs计算拉力对物体4做的功；

(4)根据12=71以和P=y=y=F"计算拉力F的功率。

本题考查了动滑轮特点、力是否做功、滑动摩擦力大小的、功以及功率的计算，综合性较强。

13.【答案】D

【解析】解：44点虽然静止，动能为0,但由于在高处而具有重力势能，则机械能不为0,故A错误；

B、从4点滑行到C点的过程中，质量不变，高度变小，重力势能变小，故B错误；

C、从C点滑行到。点的过程中，由于克服摩擦力做功，一部分机械能转化为了内能，所以减少的动能没有

全部转化为重力势能，故c错误：

。、运动员在滑动的过程中存在摩擦，运动员的一部分机械能转化为内能，所以B点的机械能大于。点的机

械能；由于8。的高度相同，重力势能相同，则B点的动能要大于。点的动能，所以在B点的速度大于在。点

的速度，故。正确。

故选：D。

(1)动能、重力势能、弹性势能都属于机械能；

(2)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能的影响因素是质量和高

度。

本题考查了我们对机械能、重力势能、能量的转化等的理解，以及对物体运动状态的判断，属力学基础题，

难度不大。

14.【答案】B

【解析】解：ABD,由图可知，用同一个烧杯，用水浴法加热，两个相同的试管分别装了质量相同的水和

煤油，则在相同的时间内，水和煤油吸收的热量相同，故错误，B正确；

C、在这样的情况下液体升温快的是因为其比热容较小，故C错误。

故选：B。

(1)由图可知，用同一个酒精灯加热，两试管的规格相同，则在相同的时间内，水和煤油吸收的热量相同；

(2)水的比热容比煤油的大，由Q=cm/t可知，若二者的质量相同，在吸收相同热量时，水升高的温度值小；

在升高相同温度时，水吸收的热量多。

本题考查学生对水的比热容大的理解，最好借助公式Q=cm/t理解：质量相同的不同物质，升高相同的温

度，比热容大的吸收热量多；吸收相同的热量，比热容大的温度变化小。

15.【答案】B

【解析】【分析】

本题考查了学生对功、功率的公式的掌握和运用，明确爬山时是克服自身的重力做功是本题的关键.

(1)做功的两个必要条件为：力和在力的方向上通过的距离，爬山时是克服自身的重力做功，功等于自身重

力乘以山的高度，即皿=6%；(2)功率等于做的功除以做这些功所用的时间，即P=^.

【解答】

爬上比赛，克服人的重力做功，爬山功率P=3=?他们同时出发，结果又同时到达山顶，说明登山时

间是相同的，要比较功率还要知道二人的体重，故AC。错误，8正确。

故选瓦

16.【答案】C

【解析】解：①木块在4B段做加速运动，木块受力不平衡，则木块受到的摩擦力小于水平拉力的大小，即

加＜F;

木块在BC段做匀速运动，此时木块受力平衡，则木块受到的摩擦力大小等于水平拉力的大小，即%c=F；

因水平拉力尸大小不变，所以木块在AB段受到的摩擦力小于木块在BC段的摩擦力，故①错误；

②木块在4B段和BC段运动的距离相等，拉力F是恒力，则根据W=Fs可知，水平拉力尸在AB段做的功等于

在BC段做的功，故②正确；

③木块在48段做加速运动，则木块的动能增大；木块的高度不变，质量不变，则木块的势能不变；因机械

能等于动能与势能之和，所以木块在AB段的机械能逐渐增大，故③错误；

④由题知，木块在AB段做加速运动，在BC段做匀速运动，整个过程中速度的变化是连续的(即在BC段木块

是以到达B点时的速度做匀速运动)，所以木块在AB段的平均速度小于BC段的速度；

拉力户是恒力，则根据公式P=FD可知，水平拉力在4B段的功率小于在BC段的功率，故④正确。

故选：Co

(1)木块在48段做加速运动，木块受力不平衡，则木块受到的摩擦力小于水平拉力的大小；木块在BC段做

匀速运动，此时木块受力平衡，则木块受到的摩擦力大小等于水平拉力的大小，由此可得出结论；

(2)木块在4B段和BC段运动的距离相等，拉力F是恒力，根据W=Fs可知做功的大小关系；

(3)木块在48段做加速运动，木块的动能增加，木块的势能不变，机械能等于动能与势能之和，由此可得出

结论；

(4)木块在AB段做加速运动，在BC段做匀速运动，整个过程中速度的变化是连续的(即在BC段木块是以到达

B点时的速度做匀速运动)，则木块在4B段的平均速度小于BC段的速度，根据功率公式P=Fv可比较功率的

大小关系。

本题主要考查了物体的受力分析、影响滑动摩擦力大小的因素、功和功率的大小比较以及机械能的变化，

根据物体的运动情况分析物体的受力情况是解题的关键之一，属于中档题。

17.【答案】比热容4.2x103//(/c^•℃)间隙热传递

【解析】解：(1)因为水的比热容大，质量相同时升高相同的温度，吸收的热量多，故大多数汽车防冻冷却

液是以水和乙二醇为原料混合而成的，其中主要成分是水，就是利用了水的比热容大的特点；水的比热容

为：4.2x103//(^.℃)；

(2)水和乙二醇充分混合后的总体积小于混合前水和乙二醇的总体积，说明分子之间有间隙；

(3)防冻液的温度会升高是因为防冻液吸收热量，这是通过热传递的方式改变内能的。

3

故答案为：比热容；4.2xl07/(fc5.℃)；间隙；热传递。

(1)水的比热容比较大；

(2)乙二醇与水充分混合后，得到溶液的体积小于小于混合前水和酒精的总体积，是因为分子之间有间隙。

(3)改变物体内能有两种方式：做功和热传递。

本题考查水的比热容的特点和分子运动、改变内能的方法的知识，相对比较简单，属于基础题。

18.【答案】多大弹性形变的程度

【解析】解：橡皮筋拉得越长，同样的“子弹”射得越远，说明橡皮筋对“子弹”做的功越多，橡皮筋具

有的弹性势能越大，则可知橡皮筋的弹性势能与弹性形变的程度有关。

故答案为：多；大；弹性形变的程度。

物体由于发生弹性形变而具有的能称为弹性势能；弹性势能的大小与物体发生弹性形变的程度有关，弹性

形变越大，则具有的弹性势能越大。

本题考查了弹性势能的概念和影响其大小的因素，比较简单。

19.【答案】15左不变

【解析】解：(1)由题意知，以D点为支点，动力臂ZM=20cm,阻力臂DB=30cm,

根据杠杆平衡条件可得：

FAxDA=GxBD,即%x20cm=IONx30cm,

解得，FA=15N。

阻力使杠杆有顺时针转动的趋势，故动力使杠杆有逆向时针转动的趋势，方螺丝钉4受到垂直于墙面的拉力

色方向向左。

(2)若仅将4D之间直杆改为的半圆弧造型，动力臂大小不变，其它不变的情况下，4点拉力大小将不变。

故答案为：15；左；不变。

(1)根据图乙找出动力臂和阻力臂大小，根据杠杆平衡条件求出“大小；

根据动力和阻力的定义确定拉力〃的方向；

(2)若仅将4D之间直杆改为的半圆弧造型，动力臂大小不变，据此分析。

本题考查杠杆平衡条件的运用，关键是找出动力臂和阻力臂的大小。

20.【答案】2.52xIO,3.6x1047.2x1031.8x103lm/s

【解析】解：匀速起吊重4.2x的物体时，物体5s内上升了6m,此过程中有用功为：

WGh=4.2x103/Vx6m=2.52x1047；

根据“=彼可知，总功为:

”=2.52X104/

3.6xIO’/；

总〃70%

电机拉力F做功功率为:

P=¥=学=7.2X103"

根据皿点=勿4+"频可知,额外功为:

w,,.,=W一小方=3.6x104J-2.52xIO4；=1.08xIO4/,

不计滑轮重及摩擦，动滑轮重为：

隼=嘴汕=18X103N；

切h6m

由图可知，n=3,则拉力尸'为：

F'=、G+G动)=1x(5.4x103W+1.8x103W)=2.4x103N,

由于电机的功率不变，根据P=/=?=『=可知，自由端移动的速度为:

P7.2X103W0,

v=77=-----o—=3m/s»

F2.4x10%/

则物体上升的速度为：

11

v物=-v=-x3m/s=Im/So

433

故答案为：2.52x1033.6x10；7.2x10；1.8x10；Im/so

(1)根据^求出有用功；

(2)根据4=肃求出总功；

(3)根据p=上色求出电机拉力F做功功率；

t

(4)根据W总=勿方+勿颁求出额外功，不计滑轮重及摩擦，利用W^=G."i求出动滑轮重；

(5)根据滑轮组装置确定绳子股数，利用尸'=；«'+6动)求出拉力尸'，由于电机的功率不变，根据P=?=

?=F'D求出自由端移动的速度，利用v=nu物求出物体上升的速度。

本题考查了功率公式、做功公式和滑轮组拉力公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确滑轮组绳子的有

效股数是关键。

21.【答案】不变变大变大大于

【解析】解：电动扶梯载着顾客匀速向上运动的过程中，速度是不变的，所以顾客的动能不变，但是高度

增加，所以重力势能变大，机械能变大；

电动扶梯载人时，重力大，上升相同高度做功多，速度快，用时又少，所以功率大，即自动调速扶梯载人

时做功的功率大于不载人时做功的功率。

故答案为：不变；变大；变大；大于。

(1)影响动能大小的因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；

(2)影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大；

(3)根据功率是单位时间内完成的功可判断自动调速扶梯的功率大小。

本题主要考查了动能和重力势能大小的判断，只要知道影响动能、重力势能大小的因素即可解答。

22.【答案】改变力的方向15A

【解析】解：(1)井盖抬升过程中，定滑轮的作用是改变力的方向；

(2)已知井盖的重力G=150/V,井盖上升的距离h=0.1m,则克服井盖重力做功W=Fs=Gh=150Nx

0.1m=15/；

(3)由图乙可知，水槽以及水槽中水的重力等于井盖的重力，因此要使降水量稍小时就能抬升井盖，可采取

的措施有减小下面的排水口，即增大水槽中水的重力，故选：儿

故答案为：(1)改变力的方向;(2)15；(3)4。

(1)定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力方向；

(2)做功包括两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离；计算功的公式：

W=尸s；

(3)水槽中的水量越多，对井盖向上的力越大，据此分析。

本题考查了定滑轮的应用，难度较小，属于基础性题目，重点需要掌握定滑轮的特点。

23.【答案】解：

。是支点，B为阻力作用点，力为动力作用点，由图知以。4作为动力臂人时，动力臂最长，根据杠杆平衡条

件可知，此时动力最小；

由题知动力的方向应向下，则过4点作垂直于。4向下的作用力，即为最小的动力Fi；阻力和动力使杠杆转

动的方向相反，则复位弹簧对杠杆的阻力方向竖直向上，阻力作用在B点，据此作出阻力片的示意图，如图

所示：

【解析】(1)杠杆平衡条件：动力x动力臂=阻力x阻力臂=尸242)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，

动力臂越长，动力越小；

(2)复位弹簧对按键的阻力尸2作用在B点，阻力和动力使杠杆转动的方向相反。

本题考查了杠杆中最小力的问题：注意分析杠杆中最小力的问题时，先确定最长的动力臂，然后根据力与

力臂的关系画出最小作用力的方向。

24.【答案】平衡右力臂避免实验的偶然性,使结论具有普遍规律F.L.=F2L2变小等臂杠杆自重D

【解析】解：(1)如图甲所示，杠杆在此位置静止，所以此时杠杆处于平衡状态：要使它在水平位置平衡,

应将杠杆右端的平衡螺母向右调节：

(2)实验前先调节杠杆在水平位置平衡，是为了方便直接测出力臂的大小；

在杠杆两端加挂钩码，并移动钩码，使杠杆在水平位置平衡，测出力臂.多次实验并把数据记录在表格中.通

过分析表格中数据得到杠杆平衡的普遍规律，所以多次实验的目的是得到杠杆平衡的普遍规律，避免偶然

性;

第一组：F]xJ=1.5NX10cm=15N-cm,F2L2=INx15cm=15N-cm；

第二组：AL】=INx20cm=20N-cm,F2L2=2NX10cm=20N-cm；

第三组：&L]—0.5Nx20cm—ION-cm,F2L2=INx10cm-ION-cm；

根据表格中数据，可以看出杠杆平衡条件是：FlL1=F2L2,

(3)如图乙所示，保持杠杆水平位置平衡，测力计从a位置转到b位置，此时拉力F的力臂变大，根据杠杆的

平衡条件，拉力变小，即测力计示数变小；

当测力计转到b位位置，左右两边的力臂相等，此时杠杆为等臂杠杆；

(4)杠杆的重心不在支点上，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响，导致拉力F的大小比由杠杆平衡条件计算

出来的数值偏大；

(5)根据图乙情况，右侧有三个力且力臂都不同，力和力臂数目过多不利于实验，故选

故答案为：(1)平衡；右；(2)力臂；避免实验的偶然性，使结论具有普遍规律；F^=F2L2,(3)变小；等

臂；(4)杠杆自重;(5)Do

(1)杠杆平衡状态：静止或者匀速转动；为使杠杆在水平位置平衡，应调节螺母向上翘的一端移动；

(2)杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水

平位置平衡，使杠杆在水平位置平衡的目的是为了便于测量力臂；

为了得到普遍规律，避免偶然性，实验中应多次测量；

杠杆的平衡条件：&〃=F2L2-,

(3)当拉力尸向右倾斜时，保持作用点不动，弹簧测力计的方向向右倾斜，这时杠杆右侧的力臂变短，根据

杠杆的平衡条件可知，使杠杆仍在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将变大；根据力臂大小进行判断；

(4)支点位于动力和阻力的右侧，弹簧测力计不但提了钩码，而且还提了杠杆，杠杆的重力对杠杆转动产生

了影响；

(5)根据图丁情况分析判断。

本题重点考查探究杠杆平衡条件的实验调平和操作，同时考查杠杆平衡条件的应用，本题不能直接运用杠

杆平衡条件求解，首先根据数据推出当阻力和阻力臂的乘积不变时，动力跟动力臂的乘积也不变。然后根

据动力跟动力臂的乘积表示出动力和动力臂的关系。

25.【答案】匀速拉动过程(c)增大物重动滑轮的重力3、4无

【解析】解：(1)在测绳端拉力时，需竖直向上匀速拉动测力计，且在拉动时读数；

(2)一定要在拉动的过程中读拉力，若在静止时读拉力，则不包括绳与轮之间的摩擦力：

(3)第3次实验s为九的5倍，所以滑轮组由5段绳子承担物重，所以第3次实验是由c图做的；

(4)由数据知第1、2次实验中，s为人的3倍，所以滑轮组由3段绳子承担物重，而第1次实验物体的重力为4N,

第2次被提升的物重为6N,所以第1次实验是用a图做的、第2次实验是用b图做的；

由数据知第3次实验中，s为八的5倍，所以滑轮组由5段绳子承担物重，所以第3次是用(c)图做的；

分析第1、2次实验，两次所用滑轮组相同，但第2次物重大于第1次物重，机械效率也大于第1次的机械效率，

所以可得使用同一滑轮组，提高物重可以提高滑轮组的机械效率；

分析第1、3次实验，两次提升物体的重力相同，第3次实验的动滑轮较重，而机械效率较低，所以可得使用

不同的滑轮组，提升相同的重物，动滑轮个数越多，滑轮组的机械效率越小，所以分析第1、3次实验数据

可知：影响滑轮组的机械效率高低的因素主要是动滑轮的重力；

(5)第3、4次实验只是改变了物体被提升的高度，机械效率没变，所以可得滑轮组的机械效率与物体被提升

的高度无关。

故答案为：(1)匀速；(2)拉动过程；(3)(c)；(4)增大物重；动滑轮的重力；(5)3、4；无。

(1)在实验中，要正确测量绳端拉力，需竖直向上匀速拉动测力计；

(2)若在静止时读拉力，则不包括绳与轮之间的摩擦力；

(3)根据绳端移动距离与物体上升的高度判断出承担物重的绳子段数；

(4)影响滑轮组机械效率的因素：物重和动滑轮的个数。被提升的物体越重、动滑轮的个数越少，则滑轮组

的机械效率越高；

(5)根据物体被提升的高度与效率之间的关系得出结论，滑轮组的机械效率与物体被提升的高度无关。

此题是测量滑轮组的机械效率实验，主要考查了有关滑轮组机械效率的计算，以及影响滑轮组机械效率的

主要因素：被提升的物重和动滑轮的重力。被提升的物体越重、动滑轮的重力越小，滑轮组的机械效率越

高。而滑轮组的机械效率与物体被提升的高度无关。

26.【答案】小球陷入沙中的深度一4、C质量没有控制下落高度相同无关

【解析】解：(1)本实验中，根据转换法，小球重力势能的大小是通过小球陷入沙中的深度来反映的；

(2)比较4、B两球，下落高度和运动路径相同，8球质量大于4球质量，发现8球陷入沙中的深度更大，说明

当下落高度一定时，物体的质量越大，重力势能越大，由此可验证猜想一；

(3)为验证猜想二，即研究重力势能与下落高度的关系，需要保持小球的质量和运动路径相同，改变下落的

高度，由图可知应比较力、C两球：

由图可知，C球比4球陷入沙中的深度更大，说明当物体