云南省昆明市高三上学期1月摸底调研考试理科综合物理试题

云南省昆明市2018届高三上学期1月摸底调研考试理综物理试题二、选择题：本大题共8小题，每小题6分，共48分。在每题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。1.下列说法正确的是A.光电效应和康普顿效应揭示了光具有波粒二象性B.牛顿第一定律是利用逻辑推理对实验事实进行分析的产物，能够用实验直接验证C.英国物理学家汤姆孙发现了电子，否定了“原子不可再分”的观点D.爱因斯坦首先把能量子的概念引入物理学，否定了“能量连续变化”的观点【答案】C【解析】光电效应和康普顿效应揭示了光具有，粒子性，A错误；牛顿第一定律是利用逻辑推理对实验事实进行分析的产物，不能够用实验直接验证，B错误；英国物理学家汤姆孙发现了电子，否定了“原子不可再分”的观点，C正确；普朗克在1900年把能量子引入物理学，破除了“能量连续变化”的传统观念，D错误．2.如图所示，木块A、B置于光滑水平桌面上，木块A沿水平方向向左运动与B相碰，碰后粘连在一起，将弹簧压缩到最短。则木块A、B和弹簧组成的系统，从A、B相碰到弹簧压缩至最短的整个过程中A.动量不守恒、机械能守恒B.动量不守恒、机械能不守恒C.动量守恒、机械能守恒D.动量守恒、机械能不守恒【答案】B【解析】A、B组成的系统，在相碰到弹簧压缩最短的过程中，由于弹力的存在，合外力不为零，故系统动量不守恒，由于弹力做功，机械能不守恒，B正确．3.t=0时刻，相距15m的甲、乙两质点在同一直线上相向运动，它们vt图像如图所示。下列说法正确的是A.0～3s内，甲的平均速度比乙的小B.t=3s时，甲的加速度为零C.0～5s内，甲和乙的平均速度相等D.t=5s时，甲、乙相遇【答案】D【解析】A、A.0~3s内，甲的平均速度v甲=v0+vtB、由图可知，速度时间图象的斜率表示加速度的大小，t=3s时，甲的加速度为a=ΔvC、0~5s内，甲的平均速度v甲=v0+vtD、根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，则得在t=5s时刻，甲的位移为x甲=12×(−6)【点睛】速度时间图线中速度的正负表示运动方向，图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移。4.如图所示，两平行带电金属板水平放置，板间距为d。若在两板中间O点放一质量为m的带电微粒，微粒恰好保持静止状态。现将两板绕过O点垂直纸面的轴顺时针旋转60°，再由O点从静止释放一同样的微粒，该微粒恰好能从上极板边缘射出，取重力加速度为g，下列说法正确的是A.极板长为3B.粒子在电场中运动的时间为dC.粒子在电场中运动的过程，其重力势能减小mgdD.粒子在电场中运动的过程，其电势能增加1【答案】A【解析】在两板中间O点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态，微粒受重力和电场力平衡，故电场力大小F=mg，方向竖直向上；将两板绕过O点的轴（垂直于纸面）顺时针旋转60°，电场强度大小不变，方向顺时针旋转60°，故电场力顺时针旋转60°，大小仍然为mg，重力和电场力的大小均为mg，方向夹角为120°，故合力向右下方，微粒的加速度恒定，向右下方做匀加速直线运动，根据几何知识可得tan30°=12d12L，解得L=3d，A正确；粒子做加速度为g，初速度为零的匀加速直线运动，，粒子的位移为x5.天文学上把日地距离的平均值称为一个天文单位，记为1AU。云南天文台发现一颗小行星在椭圆轨道上运行，经观测其与太阳最近距离约为0.6AU、运行周期约为8年。若地球公转轨道接近圆，小行星和地球绕太阳运行过程中均只考虑太阳对它们的引力作用，下列说法正确的是A.小行星轨道半长轴约为4AUB.小行星轨道半长轴约为16C.小行星在近日点的运行速率小于地球绕太阳公转的速率D.小行星在近日点的运行速率大于地球绕太阳公转的速率【答案】AD【解析】根据开普勒第三定律可得1312=r382，解得r=4AU，A正确B错误；太阳对地球和小行星的万有引力充当向心力，故GM6.如图甲所示，导体框架abcd放置于水平面内，ab平行于cd,导体棒MN与两导轨垂直并与导轨接触良好，整个装置放置于垂直于框架平面的磁场中，磁感应强度B随时间变化规律如图乙所示，MN始终保持静止。规定竖直向上为磁场正方向，沿导体棒由M到N为感应电流的正方向，水平向右为导体棒所受安培力F的正方向，水平向左为导体棒所受摩擦力f的正方向，下列图像中正确的是A.AB.BC.CD.D【答案】BD【解析】A、B、由图看出，磁感应强度先不变，后均匀减小，再反向均匀增大，则可判定ΔBΔt的值，先为零，然后一定，根据法拉第电磁感应定律得知，回路中产生的感应电动势先为零，后恒定不变，感应电流先没有，后恒定不变，根据楞次定律得知，回路中感应电流方向逆时针，为正；故A错误，B正确。C、D、在0t1时间内，导体棒MN不受安培力；由左手定则判断可知，在t1t2时间内，导体棒MN所受安培力方向水平向右，由F=BIL可知，B均匀减小，MN所受安培力大小F均匀减小；在t2t3时间内，导体棒MN所受安培力方向水平向左，由F=BIL可知，B均匀增大，MN所受安培力大小F均匀增大；根据平衡条件得到，棒MN受到的静摩擦力大小f=F，方向相反，即在0t1时间内，没有摩擦力，而在t1t2时间内，摩擦力方向向左，大小减小，在t2t3时间内，摩擦力方向向右，大小增大。故C错误，【点睛】本题是楞次定律、安培力和力平衡等知识的综合应用，直接由楞次定律判断安培力的方向，也可以由楞次定律、左手定则结合判断安培力方向。7.如图所示，在一足够大的水平向右匀强电场中，有一光滑绝缘水平面。将质量分别为m、M（m<M）的金属块A、B用一根短的绝缘线连接，静置于该绝缘面上，现使A带正电，A、B将在电场力作用下一起向右运动（运动过程中A的电荷量不变），A运动的加速度大小为al，绳子拉力大小为F1。将A与B接触一下(A、B电荷总量与接触前相等)，再把A、B静置于该绝缘面上，A、B在电场力作用下一起向右运动，运动过程中绝缘线始终绷紧，A运动的加速度大小为a2，绳子拉力大小为F2。若A、B间的库仑斥力小于B受到的电场力，则下列关系式正确的是A.a1=a2B.a1<a2C.F1>F2D.F1=F2【答案】AC【解析】A、B、对整体分析，加速度为：a=qEM+m，因为A、B接触前后总电量不变，则整体所受的电场力不变，加速度大小相等，即a1=a2，故A正确，B错误。C、D、隔离对B分析，A、B接触前，绳子的拉力为：F1=Ma=MqEM+m，A、B接触后，对B有：F2+q′EF库=Ma，则有：F2【点睛】本题考查了牛顿第二定律的基本运用，知道A、B具有相同的加速度，掌握整体法和隔离法的灵活运用。8.如图所示，在一磁感应强度大小为Bo、方向水平向右的匀强磁场中，有一通电直导线abc从中点折成夹角为120°的两段(abc平面位于纸面内)，为使两段通电导线ab、bc所受安培力大小相等，在纸面内abc所在区域再加上另一磁感应强度也为B。的匀强磁场，此时，合磁场的磁感应强度大小变为B，则A.B=3B.B=2C.B=B0D.B=3【答案】AC【解析】若两个磁场的合磁场应与∠abc的平分线平行，则根据几何知识可得cos30°=12BB0，解得B9.同学测量一电阻丝的电阻，现有的器材规格如下：A.待测电阻丝（阻值约100Q）B.电流表A（量程0～40mA，内阻约40Ω）C.电压表Vl（量程0～3V，内阻约5kΩ）D．电压表V2（量程0～15V，内阻约15kΩ）E．滑动变阻器R1（阻值范围0～200Ω，允许最大电流1A）F．滑动变阻器R2（阻值范围0～10Ω，允许最大电流1A）G．电源E（电动势约3V，内阻不计）H．开关一个、导线若干(1)实验中，该同学采用了滑动变阻器的限流式接法，为使实验结果更加准确。电压表应选___（选填“C”或“D”），滑动变阻器应选____(选填“E"或“F"):(2)用笔画线代替导线补全实物图连线_____。【答案】(1).C(2).E(3).【解析】试题分析：根据题目中给出的电源等条件可以选择电流表及滑动变阻器；根据限流接法中滑动变阻器要“一上一下”进行接线．（1）因为提供的电源的电动势为3V，故选电压表C；实验中采用限流接法，故滑动变阻器略大于待测电阻即可；故滑动变阻器选择E；（2）电流表内阻和被测电阻相接近，故采用电流表外接法，实物图如图所示10.某小组的同学通过设计如下实验来验证：“在弹性限度内，劲度系数为k的轻弹簧从形变量为x到恢复原长的过程中，弹力做的功为W=(1)部分实验步骤如下：A.将一轻弹簧放置在水平气垫导轨的左端，弹簧左端固定，让弹簧处于自然状态。在弹簧下面的气垫导轨上水平的固定一把刻度尺，刻度尺的零刻度线与弹簧的左端刚好对齐，此时弹簧右端在刻度尺上对应的示数为x1，如图甲所示。B.用弹簧测力计拉着弹簧右端水平向右缓慢移动，当弹簧测力计的示数为F时，弹簧右端在刻度尺上对应的示数为x2，如图乙所示（弹簧的形变在弹性限度内）。则此弹簧的劲度系数为____。C.在水平气垫导轨的右端合适位置安装一个光电门（光电门距离弹簧最左端的距离大于x1），如图丙所示。D．用天平测得小车（带有遮光条）的质量为朋，用螺旋测微器测遮光条宽度d的结果如图丁所示，则d=____mm。E．把小车置于气垫导轨上，向左推小车使弹簧压缩一段距离（弹簧与小车未拴接），此时弹簧右端在刻度尺上对应的示数为x3，如图丙所示（弹簧的形变在弹性限度内）。由静止释放小车，测得小车通过光电门时的遮光时间△t。小车经过光电门时的速度大小为________（用实验中所测物理量的符号表示）；(2)在实验误差允许的范围内，若____=__（用实验中所测物理量的符号表示），就可验证弹力做的功W=(3)同学们在实验过程中有如下讨论，其中对减小实验误差有益的说法是____A．遮光条的宽度越小越好B.把气垫导轨左端垫起适当高度来平衡摩擦力C.计算弹簧劲度系数时，多次测量取平均值D.向左推小车压缩弹簧时，弹簧形变量越大越好【答案】(1).Fx2−x1(2).2.670(3).dΔ【解析】（1）根据胡克定律可得F=kx（2）螺旋测微器的读数为d=（3）遮光条非常窄，所以通过光电门的平均速度可近似认为是通过光电门的平均速度，故v=（3）弹力做功W=12kx（4）如果滑块经过光电门时的速度很小，即使遮光条的宽度很小，遮光时间也较长，A错误；气垫导轨倾斜，弹簧可能由于自身的重力导致自然长度有误差，B错误；垫高后计算弹簧劲度系数时，多次测量取平均值，有益于减小误差，C正确；压缩弹簧时，适量即可，防止超过弹性限度，D错误。11.矩形区域I、II中分别存在垂直于纸面的匀强磁场，磁场方向如图所示。区域I宽度L1=23m区域II宽度L2=3m一质量为m=lx1010kg，电荷量为q=2xl06C的带正电的粒子以速度v=2xl03m/s从P点沿纸面垂直磁场边界射入磁场，穿过区域I后从MN上的S点射入区域II，粒子在S(1)区域I中磁感应强度的大小：(2)粒子在区域II中运动的时间。【答案】(【解析】（1）粒子进入磁场后做圆周运动，设粒子在I区域圆周运动半径为R1，圆心为O1，在II区域内圆周运动半径为R2∠ASO1=θ=（2）设粒子在II区域做圆周运动的圆心角为α，周期为T，运动时间为t，由几何关系可知α=60°，R2sinα12.如图所示，B、C是两块完全相同的长方体物块，静止在光滑水平地面上，物块B的右端与C的左端相距xo=lm，物块A（可视为质点）静止在B的左端。用F=l0N的水平恒力作用于物块A使其从静止开始运动，一段时间后物块B和C碰撞粘在一起，在B与C碰撞瞬间，作用在物块A上的水平力撤除，最终物块A恰好没从C上掉下。已知物块A、B、C质量均为2kg，物块A与B、C之间的动摩擦因数均为μ=0.2，重力加速度g取l0m／s2。求：(1)物块B、C碰撞后瞬间物块A、B的速度大小；(2)物块B的长度。【答案】(【解析】（1）B与C碰前，由牛顿第二定律可得对A：F−μmAg因为aA>a碰前，对B：x0=12aBA的速度为vAB与C碰撞瞬间，动量守恒，设碰后B、C的速度为vB'解得vB'=1m/s（2）B、C碰撞粘合后，A在B、C上滑动最后在C的右端与B、C相对静止，此时三物块的速度为v，根据动量守恒m设此过程中A相对B、C滑动的距离为d：12联立解得dB与C碰前，A运动位移为xA相对于B的位移为Δx=xA13.下列说法正确的是___A.处于完全失重的水滴呈球形，是液体表面张力作用的结果B．液体与固体接触处的附着层都有收缩的趋势C．液体与气体接触处的表面层都有收缩的趋势D.毛细管插入浸润液体中管内液面会上升E．毛细管插入不浸润液体中管内液面会上升【答案】ACD【解析】在完全失重状态下悬浮的水滴呈球状是液体表面张力作用的结果，A正确；附着层内分子间距离小于液体内部分子间距离时，液体与固体间表现为浸润；附着层内分子间的距离大于r0时，液体表现出收缩的趋势，表现为不浸润，液体与气体接触的表面层分子相对稀疏，分子间距离大于液体内部分分子间的距离，故液体表面具有收缩的趋势，B错误C正确；浸润液体情况下容器壁对液体的吸引力较强，附着层内分子密度较大，分子间距较小，故液体分子间作用力表现为斥力，附着层内液面升高，D正确E错误．14.一定质量的理想气体，状态从A→B→C→A的变化过程可用如图所示的PV图线描述，气体在状态C时温度为Tc=300K，求：I．气体在状态A时的温度TA，并判断A、B状态温度的高低：II．若气体在A→B过程中吸热500J，则在A→B过程中气