2024届安庆一中、安师大附中高考物理试题模拟题及解析

2024届安庆一中、安师大附中高考物理试题模拟题及解析(全国工卷)

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。

2.答题时请按要求用笔。

3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。

4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。

5.保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、为了探测某星球，载着登陆舱的探测飞船在以该星球中心为圆心，半径为ri的圆轨道上运动，周期为Ti,总质量

为环绕速度为VI。随后登陆舱脱离飞船，变轨到离该星球更近的半径为及的圆轨道上运动环绕速度为电，周期为

T2,登陆舱的质量为机2,引力常量为G,则()

4刀'尸

A.该星球的质量为加=7姬

GTi

4-TT^r

B.该星球表面的重力加速度为8^二二号

2、如图所示，质量为机的物块从A点由静止开始下落，加速度是金，下落H到3点后与一轻弹簧接触，又下落立

2

后到达最低点C,在由A运动到C的过程中，空气阻力恒定，贝！1()

A.物块机械能守恒

B.物块和弹簧组成的系统机械能守恒

C.物块机械能减少gmg("+/z)

D.物块和弹簧组成的系统机械能减少gag（"+/O

3、甲、乙两车在平直公路上沿同一直线运动，两车的速度v随时间♦的变化如图所示。下列说法正确的是（）

A.两车的出发点一定不同

B.在。到f2的时间内，两车一定相遇两次

C.在fl到时间内某一时刻，两车的加速度相同

D.在〃到打时间内，甲车的平均速度一定大于乙车的平均速度

4、由于空气阻力的影响，炮弹的实际飞行轨迹不是抛物线，而是“弹道曲线”，如图中实线所示。图中虚线为不考虑空

气阻力情况下炮弹的理想运动轨迹，O、a、b、c、d为弹道曲线上的五点，其中。点为发射点，d点为落地点，b点

为轨迹的最高点，。、。为运动过程中经过的距地面高度相等的两点。下列说法正确的是（）

A.到达b点时，炮弹的速度为零

B.到达b点时，炮弹的加速度为零

C.炮弹经过。点时的速度大于经过c点时的速度

D.炮弹由。点运动到b点的时间大于由6点运动到d点的时间

5、如图，光滑斜劈A上表面水平，物体3叠放在A上面，斜面光滑，A3静止释放瞬间，3的受力图是（）

6、如图，质量为机=2kg的物体在。=30。的固定斜个面上恰能沿斜面匀速下滑。现对该物体施加水平向左的推力尸使

其沿斜面匀速上滑，g=10m/s2,则推力F的大小为()

人20布z04073z八厂n80A/32

A.———NB.———NC.20、/5ND.———N

333

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图1所示，矩形线圈放在光滑绝缘水平面上，一部分处于竖直向下的匀强磁场中，线圈用绝缘直杆连接在竖直墙

上.当磁场的磁感应强度3随时间f按如图2所示的规律变化时，则在01时间内

A,杆对线圈的作用力一直是拉力B.轩对线圈的作用力先是拉力后是推力

C.杆对线的作用力大小恒定D.杆对线圈的作用力先减小后增大

8、关于固体、液体、气体和物态变化，下列说法中正确的是o

A.液体表面存在着张力是因为液体表面层分子间的距离大于液体内部分子间的距离

B.一定质量的某种理想气体状态改变时，内能必定改变

C.0°C的铁和0°C的冰，它们的分子平均动能相同

D.晶体一定具有规则形状，且有各向异性的特征

E.扩散现象在液体和固体中都能发生，且温度越高，扩散进行得越快

9、如图所示，轻弹簧放置在倾角为30°的斜面上，下端固定于斜面底端，重10N的滑块从斜面顶端。点由静止开始

下滑，到b点接触弹簧，滑块将弹簧压缩最低至。点，然后又回到a点，已知=be=0.2m,下列说法正确的

是()

A.整个过程中滑块动能的最大值为6J

B.整个过程中弹簧弹性势能的最大值为6/

C.从b点向下到C点过程中，滑块的机械能减少量为6/

D.从c点向上返回。点过程中弹簧、滑块与地球组成的系统机械能守恒

10、下列关于热力学定律的说法正确的是=

A.如果两个系统均与第三个系统处于热平衡状态，这两个系统的温度一定相等

B.外界对某系统做正功，该系统的内能一定增加

C.可以找到一种材料做成墙壁，冬天供暖时吸收热量温度升高，然后向房间自动释放热量供暖，然后再把热量吸收

回去，形成循环供暖，只需要短时间供热后即可停止外界供热

D.低温系统可以向高温系统传递热量

E.无论科技如何进步与发展，绝对零度都不可以达到

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）为测定木块与桌面之间的动摩擦因数，某同学设计了如图所示的装置进行实验。实验中，当木块位于水平

桌面上的。点时，重物5刚好接触地面，不考虑3反弹对系统的影响。将A拉到尸点，待5稳定后，A由静止释放,

最终滑到。点。测出尸。、OQ的长度分别为As。

（1）实验开始时，发现A释放后会撞到滑轮，为了解决这个问题，可以适当________（“增大”或“减小”）重物的质

量。

（2）滑块A在尸。段和OQ段运动的加速度大小比值为。

（3）实验得A、5的质量分别为小、M,可得滑块与桌面间的动摩擦因数"的表达式为（用机、M、&、s表

示）。

12.（12分）如图所示的实验装置，桌面水平且粗糙，在牵引重物作用下，木块能够从静止开始做匀加速直线运动。

在木块运动一段距离后牵引重物触地且不反弹，木块继续运动一段距离停在桌面上（未碰到滑轮）。已知牵引重物质量

为m,重力加速度为go

木块打点计时器

A牵引基物

某同学通过分析纸带数据，计算得到牵引重物触地前、后木块的平均加速度大小分别为G和曲，由此可求出木块与桌

面之间的动摩擦因数为"=（结果用题中字母表示）；在正确操作、测量及计算的前提下，从系统误差的角度，

你认为该实验测量的木块与桌面之间的动摩擦因数的结果与真实值比较会（选填“偏大”、“偏小”“不变”）；木块

的质量为止（结果用题中字母表示）。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示为一种运动游戏，运动员从起跑线开始推着滑板加速一段相同距离后，再跳上滑板自由滑行，

滑行距离远但又不掉入水池的为获胜者，其运动过程可简化为以下模型：一质量M=60kg的运动员用与水平方向成37°

角的恒力尸斜向下推静止于A点、质量，〃=20kg的滑板，使其匀加速运动到P点时迅速跳上滑板（跳上瞬间可认为滑

板速度不变），与滑板一起运动到水池边的5点时刚好停下，已知运动员在AP段所施加的力F=200N,AP长为xi,

长X2=24m,滑板与水平面间的动摩擦因数为〃=02,不计滑板长和空气阻力，重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,

求：

JV!水池

（1）AP长XI；

⑵滑板从A到B所用的时间t（保留两位有效数字）。

14.（16分）如图，一半径为R的圆表示一柱形区域的横截面（纸面），O为圆心.在柱形区域内加一方向垂直于纸面

向外的匀强磁场，一质量为m、电荷量为+q的粒子沿图中直径从圆上的A点射入柱形区域，在圆上的D点离开该区

域，已知图中8=120。，现将磁场换为竖直向下的匀强电场，同一粒子以同样速度沿直径从A点射入柱形区域，也在D

点离开该区域.若磁感应强度大小为B,不计重力，试求：

A

（1）电场强度E的大小；

（2）经磁场从A到D的时间与经电场从A到D的时间之比.

15.（12分）如图所示，一定质量的理想气体在状态A时压强为欣，经历从状态A-BTCTA的过程。则气体在状态

C时压强为；从状态C到状态A的过程中，气体的内能增加AU,则气体（填“吸收”或“放出”）的热

量为o

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解题分析】

,_Mm.『2万1V力-Mm、r2乃、

由=〃仔—=班一和G1-=7%2—:-m2—

ri\Jrir2\^2J一马

A.该星球的质量为

M=-----

Gr

选项A错误；

B.由

心Mg

G^r=miS

星球的半径R未知，不能求解其表面的重力加速度，选项B错误;

C.由表达式可知

上=E

选项C错误；

D.由表达式可知

选项D正确。

故选D。

2、D

【解题分析】

根据机械能守恒条件求解.

由A运动到C的过程中，物体的动能变化为零，重力势能减小量等于机械能的减小量.

整个系统机械能减少量即为克服空气阻力所做的功.

【题目详解】

A.对于物体来说，从A到C要克服空气阻力做功，从5到C又将一部分机械能转化为弹簧的弹力势能，因此机械能

肯定减少.故A错误；

B.对于物块和弹簧组成的系统来说，物体减少的机械能为(克服空气阻力所做的功+弹簧弹性势能)，而弹簧则增加

了弹性势能，因此整个系统机械能减少量即为克服空气阻力所做的功.故B错误；

C.由A运动到C的过程中，物体的动能变化为零，重力势能减小量等于机械能的减小量.

所以物块机械能减少mg(H+h),故C错误；

D.物块从A点由静止开始下落，加速度是;g,根据牛顿第二定律得：

f=mg-ma=gmg,所以空气阻力所做的功为-gmg(H+h),整个系统机械能减少量即为克服空气阻力所做的

功，所以物块、弹簧和地球组成的系统机械能减少gmg("+/z),故D正确。

故选D。

【题目点拨】

本题是对机械能守恒条件的直接考查，掌握住机械能守恒的条件即可，注意题目中的研究对象的选择。

学会运用能量守恒的观点求解问题，知道能量是守恒的和能量的转化形式。

3、C

【解题分析】

A.根据题目所给信息，不能判断两车出发点的关系，因为该图是描述速度与时间变化关系的图像，A错误；

B.两图线的交点表示在该时刻速度相等，在。到打的时间内，两车有两次速度相等，并不是相遇，B错误；

C.丫-/图象的斜率表示加速度，在友时刻两车速度相等，然后甲做变加速直线运动，乙做匀加速直线运动，在打时

刻两车又速度相等，所以甲的平均加速度等于乙的加速度，故fl到f2时间内在某一时刻，乙图线的斜率和甲图线平行,

加速度相等，C正确；

D.丫-/图象图线与坐标轴围成的面积表示位移，从图可知，在4到时间内乙的位移大于甲的位移，所用时间相等,

故甲的平均速度一定小于乙的平均速度，故D错误。

故选C。

4、C

【解题分析】

A.炮弹在最高点竖直方向上的速度为零，水平方向上的速度不为零，故炮弹在最高点速度不为零，A错误；

B.在最高点受空气阻力（水平方向上的阻力与水平速度方向相反），重力作用，二力合力不为零，故加速度不为零，

B错误；

C.由于空气阻力恒做负功，所以根据动能定理可知经过。点时的速度大于经过c点时的速度，C正确；

D.从。到》的过程中，在竖直方向上，受到重力和阻力在竖直向下的分力，即

mg+力=ma

解得

_mg+f

—

m

在从》到d的过程中，在竖直方向，受到向下的重力和阻力在竖直向上的分力，即

mg-f2="id

解得

_mg-f

Cl0—7

m

故%＞出，根据逆向思维，两个阶段的运动可看做为从6点向。点和从6点向d点运动的类平抛运动，竖直位移相同,

加速度越大，时间越小，所以炮弹由0点运动到b点的时间小于由b点运动到d点的时间，故D错误；

5、B

【解题分析】

物体A释放前，物体B受到重力和支持力，两力平衡；楔形物体A释放后，由于物体A上表面是光滑的，则物体B

水平方向不受力，物体B在水平方向的状态不改变，即仍保持静止状态，在竖直方向由于A的加速度小于重力加速度

g,所以B受到向上的支持力，故B正确，ACD错误.

故选B

6、C

【解题分析】

无产时，恰能沿斜面下滑，有

"2gsin0=〃/MgcosO

则有

.A6

u=tanO=——

3

有F时，沿下面匀速上滑，对物体进行受力分析如图所示

FcosO=7wgsinO+/z(/ngcosO+Fsin0)

F(cosO-//sinO)=2mgsin0

解得

F=2〃3n，=20GN

cos，一〃sin，

故C正确，ABD错误。

故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BD

【解题分析】

AB.磁通量先减小后增大，根据楞次定律可知，杆对线圈的作用力先是拉力后是推力，A错误，B正确；

CD.由于磁场均匀变化，根据法拉第电磁感应定律可知，感应电动势恒定，感应电流恒定，由于磁感应强度先变小后

变大，由可知，杆对线圈的作服力先减小后增大，C错误，D正确.

8、ACE

【解题分析】

A.由于液体表面分子间距大于内部分子间距，故表面处表现为引力，故A正确；

B.一定质量理想气体的内能由温度决定，状态变化时温度可能不变，内能也就可能不变，故B错误；

C.因为温度是分子平均动能的标志，温度相同，则分子平均动能相同，故C正确；

D.晶体分单晶体和多晶体，只有单晶体具有规则形状，某些性质表现出各向异性，而多晶体没有规则形状，表现出

各向同性，故D错误；

E.气体、液体和固体物质的分子都在做无规则运动，所以扩散现象在这三种状态的物质中都能够进行，且温度越高,

扩散进行得越快，故E正确。

故选ACEo

9、BCD

【解题分析】

试题分析：当滑块的合力为0时，滑块速度最大，设滑块在d点合力为0,d点在b和C之间，滑块从。到d,运用

动能定理得：mghad+W^=EKd-Q,mghad<mghac=10X1.2X5ZH30°=6J,%<0,所以,故A错误;

滑块从。到c,运用动能定理得：mghac+W^=0-0,解得：％'=-6J,弹簧弹力做的功等于弹性势能的变化，

所以整个过程中弹簧弹性势能的最大值为6J,故B正确；从b点到。点弹簧的弹力对滑块做功为-6J,根据功能关

系知，滑块的机械能减少量为6",故C正确；整个过程中弹簧、滑块与地球组成的系统机械能守恒，没有与系统外

发生能量转化，弹簧、滑块与地球组成的系统机械能守恒，故D正确.

考点：机械能守恒定律

【名师点睛】本题的关键是认真分析物理过程，把复杂的物理过程分成几个小过程并且找到每个过程遵守的物理规律,

准确分析能量是如何转化的.

10、ADE

【解题分析】

A.如果两个系统均与第三个系统处于热平衡状态，这两个系统的温度一定相等，A正确；

B.外界做正功，有可能同时放热，内能的变化不确定，B错误；

C.根据热力学第二定律，题中所述的问题不可能实现，选项C错误；

D.低温系统向高温系统传递热量是可以实现的，前提是要引起其他变化，D正确；

E.绝对零度不可以达到，E正确.

故选ADEo

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

sMh

【解题分析】

（1）口述减少的重力势能转化成系统的内能和A3的动能，A释放后会撞到滑轮，说明8减少的势能太多，转化成系

统的内能太少，可以通过减小3的质量；增加细线的长度（或增大A的质量；降低3的起始高度）解决。依据解决方

法有：可以通过减小5的质量；增加细线的长度（或增大A的质量；降低8的起始高度），故减小5的质量；

（2）⑵根据运动学公式可知：

2ah=v2

2a's=v2

联立解得:

a_s

a'h

(3)[3场下落至临落地时根据动能定理有：

Mgh-j^mgh=(Af+m)v2

在6落地后，4运动到0,有

12

—mv-jumgs

解得：

Mh

N二—Y-----7------

m\h+sj-\-Ms

12、”偏大皿山

S。1+。2

【解题分析】

口]牵引重物触地后，对木块由牛顿第二定律

/jMg=Ma2

由此可求出木块与桌面之间的动摩擦因数为

g

⑵在减速阶段产生加速度的力是滑动摩擦力和纸带受到的阻力，所以该实验测量的木块与桌面之间的动摩擦因数的结

果与真实值比较会偏大。

[3]牵引重物触地前，对木块和牵引重物分别用牛顿第二定律

T-piMg=Max

mg—T=nui[

联立解得

M/(g-2

%+a2

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)%!=10m；(2)—[776

6

【解题分析】

⑴设滑板在P点的速度为v,AP段和PB段加速度分别为和«2,PB段根据牛顿第二定律可得

%=//g=2m/s2

在AP段根据牛顿第二定律可得

Fcos370-]u(jng+Fsin37°)=ma[

解得

2

ax=4.8m/s

根据速度位移关系可得

2

v==2G2X2

联立可得

%,=10m,v=4y/6m/s

(2)根据平均速度和位移的关系可得

得

2玉+2*2_2x(10+24)17/-

t—---------------产---s=——,6s

v4V66

14、(1)电场强度E的大小是4