上海延安中学2023年高考物理必刷试卷含解析

2023年高考物理模拟试卷

请考生注意：

1.请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0.5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答

案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。

2.答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、下列说法正确的是（）

A.光子没有质量，所以光子虽然具有能量，但没有动量

B.玻尔认为，原子中电子的轨道是量子化的，能量也是量子化的

C.将由放射性元素组成的化合物进行高温分解，会缩短放射性元素的半衰期

D.原子核的质量大于组成它的核子的质量之和，这个现象称为质量亏损

2、如图所示，实线为两个点电荷乌、心产生的电场的电场线，虚线为正电荷从A点运动到B点的运动轨迹，则下列

判断正确的是（）

A.A点的场强小于3点的场强

B.Q1的电荷量大于。2的电荷量

C,正电荷在A点的电势能小于在5点的电势能

D.正电荷在A点的速度小于在8点的速度

3、如图所示，静止在匀强磁场中的某放射性元素的原子核，当它放出一个a粒子后，其速度方向与磁场方向垂直，测

得a粒子和反冲核轨道半径之比为44:1,则下列说法不正确的是（）

A.a粒子与反冲粒子的动量大小相等，方向相反

B.原来放射性元素的原子核电荷数为90

C.反冲核的核电荷数为88

D.a粒子和反冲粒子的速度之比为1:88

4、如图所示的电路中，D］、口2是完全相同的灯泡，线圈L的自感系数较大，直流电阻不计。先闭合开关S,电路稳

定后再断开开关S,此时（

A.D］立刻熄灭

B.D2立刻熄灭

C.D1闪亮一下逐渐熄灭

D.口2闪亮一下逐渐熄灭

5、如图所示，固定在竖直平面内的光滑圆环的最高点有一个光滑的小孔，质量为，〃的小球套在圆环上，一根细线的

下端系着小球，上端穿过小孔用力尸拉住，绳与竖直方向夹角为仇小球处于静止状态.设小球受支持力为户N，则下列

关系正确的是（）

A.F=2mgtan0B.F=mgco$Q

C.Fy=mgD.FN=2»zg

6、如图，a、〜两个物块用一根足够长的轻绳连接，跨放在光滑轻质定滑轮两侧，力的质量大于a的质量，用手竖直向

上托住b使系统处于静止状态。轻质弹簧下端固定，竖直立在白物块的正下方，弹簧上端与〃相隔一段距离，由静止

释放儿在人向下运动直至弹簧被压缩到最短的过程中（弹簧始终在弹性限度内）。下列说法中正确的是（）

A.在〜接触弹簧之前，b的机械能一直增加

B.b接触弹簧后，a、b均做减速运动

C.8接触弹簧后，绳子的张力为零

D.a、b和绳子组成的系统机械能先不变，后减少

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、如图所示，间距为L=L0m、长为5.0m的光滑导轨固定在水平面上，一电容为C=0.1F的平行板电容器接在导轨

的左端.垂直于水平面的磁场沿x轴方向上按5=3。（其中%=0.4T,k=02T/m）分布,垂直x轴方向的

磁场均匀分布.现有一导体棒横跨在导体框上，在沿X轴方向的水平拉力/作用下，以y=2.0m/s的速度从x=0处

沿x轴方向匀速运动，不计所有电阻，下面说法中正确的是

XXXXXXXXXX

7><XXXXXXXXXXX

A.电容器中的电场随时间均匀增大

B.电路中的电流随时间均匀增大

C.拉力F的功率随时间均匀增大

D.导体棒运动至x=3m处时，所受安培力为0.02N

8、下列说法正确的是。

A.共享单车是“新四大发明”之一，手机和互联网、互联网和单车之间都是通过红外线传递信息的

B.高速运动的物体，沿运动方向的长度会变长

C.发生沙尘暴时能见度只有几十米，天空变黄发暗，这是因为发生沙尘暴时只有波长较长的一部分光才能到达地面

D.根据多普勒效应可以算出宇宙中的星球靠近或远离地球的速度

E.光纤通信、医用纤维式内窥镜都利用了光的全反射原理

9、如图所示，一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C和D后再回到状态A.其中，A-B和C-D为等温

过程，B-C和D-A为绝热过程.该循环过程中，下列说法正确的是.

A.A—B过程中，气体对外界做功，吸热

B.B—C过程中，气体分子的平均动能增加

C.C-D过程中，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数减少

D.D-A过程中，气体分子的速率分布曲线发生变化

E.该循环过程中，气体吸热

10、如图所示为一列沿X轴正方向传播的简谐横波，实线为，=0.2s时刻的波形图，虚线为r=0.8s时的波形图，波的

周期7>0.65,则（）

A.波速为lOm/s

B.A比5先回到平衡位置

C.在，=0.5s时，8点到达波峰位置

D.经过0.4s,8点经过的路程为0.4m

E.在f=1.0s时，A点沿y轴负方向运动

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.(6分)某同学用如图甲所示的实验装置某测量木块与木板间动摩擦因数：

A\BCDE

♦■，，

।।।।

111II

11411

11i11

丁「

1__i.i.i.ri_

9.5011.0012.5014.00(CB)

(1)从打出的若干纸带中选出了如图所示的一条，纸带上A、B,C、。、E这些点的间距如图中标示，其中每相邻两点

间还有4个计时点未画出。打点计时器的电源频率是50Hz,根据测量结果计算：则打C点时纸带的速度大小为

m/s；纸带运动的加速度大小为m/s2o(结果保留3位有效数字)

(2)通过(1)测得木块的加速度为a,还测得钩码和木块的质量分别为m和已知当地重力加速度为g,则动摩擦因数

12.(12分)图甲为测定当地重力加速度的实验装置，不可伸长的轻摆线一端固连在铅质小圆柱的上端，另一端固定

在。点。将轻绳拉至水平后由静止释放，在小圆柱通过的最低点附近安置一组光电门，测出小圆柱运动到最低点通过

光电门的挡光时间f,用游标卡尺测出小圆柱的直径d,如图乙所示。忽略空气阻力，实验步骤如下：

(1)小圆柱的直径d=cm；

(2)测出悬点到圆柱中心的距离I,并测出对应的挡光时间4

（3）改变摆线的长度，重复步骤（2）,多测几组数据；

（4）以悬点到圆柱重心的距离/为纵坐标，以为横坐标，得到的图象是一条通过坐标原点的直线，如图丙所示。

计算得该图线的斜率为k,则当地重力加速度g=（用物理量的符号表示）。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，在第一象限内，存在垂直于平面向外的匀强磁场I,第二象限内存在水平向右的匀强电

场，第三、四象限内存在垂直于’平面向外、磁感应强度大小为8的匀强磁场H。一质量为山，电荷量为+<7的粒

0

子，从X轴上M点以某一初速度垂直于X轴进入第四象限，在X。）‘平面内，以原点。为圆心做半径为勺的圆周运动；

随后进入电场运动至y轴上的N点，沿与y轴正方向成45°角离开电场；在磁场I中运动一段时间后，再次垂直于方

轴进入第四象限。不计粒子重力。求：

（1）带电粒子从M点进入第四象限时初速度的大小二；

（2）电场强度的大小

（3）磁场I的磁感应强度的大小q。

14.（16分）如图从1为半径区=101的四分之一光滑绝缘竖直圆弧轨道,在四分之一圆弧区域内存在着£=卜106丫/111、

竖直向上的匀强电场，有一质量m=lkg、带电荷量q=+1.4x10-5C的物体（可视为质点），从A点的正上方距离A

点H处由静止开始自由下落（不计空气阻力），BC段为长L=2m、与物体间动摩擦因数p=0.2的粗糙绝缘水平面.

（取g=10m/s2）

D

H：

I

I

—__________________________

RCD

（1）若H=lm,物体能沿轨道AB到达最低点B,求它到达B点时对轨道的压力大小；

（2）通过你的计算判断：是否存在某一H值，能使物体沿轨道AB经过最低点B后最终停在距离B点0.8m处.

15.(12分)如图所示，在真空室内的尸点，能沿平行纸面向各个方向不断发射电荷量为+外质量为，”的粒子(不计

重力)，粒子的速率都相同。诏为尸点附近的一条水平直线，尸到直线"的距离尸C=L,。为直线讲上一点，它与P

点相距当直线必以上区域只存在垂直纸面向里、磁感应强度为8的匀强磁场时，水平向左射出的粒子恰

到达Q点；当ab以上区域只存在沿PC方向的匀强电场时，其中水平向左射出的粒子也恰好到达。点。已知sin370=0.6,

cos37°=0.8,求：

(1)粒子的发射速率；

(2)仅有电场时PQ两点间的电势差；

(3)仅有磁场时，能到达直线油的粒子所用最长时间和最短时间。

QC6

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、B

【解析】

A.光子具有能量，也具有动量，A项错误：

B.玻尔认为，原子中电子的轨道是量子化的，能量也是量子化的，B项正确；

C.元素的半衰期不会因为高温而改变，C项错误；

D.原子核的质量小于组成它的核子的质量之和，D项错误。

故选B»

2、C

【解析】

A.根据“电场线的密疏表示场强的大小”可知A点的场强比B点的场强大，故A错误；

B.根据电场线分布情况可知Q2是同种电荷。由点电荷周围电场线较密可知点电荷带电荷量较多，即,

故B错误；

C.正电荷做曲线运动，受到的合力方向指向曲线的凹处，并且和电场线在一条直线上，所以正电荷电场力方向指向

。2，由于正电荷从A点运动到B点的过程中，电场力方向与速度方向的夹角总是大于90°,电场力做负功，电势

能增大，即正电荷在A点的电势能小于在B点的电势能，故C正确；

D.正电荷从A点运动到B点，电场力做负功，电势能增大，动能减小，故正电荷在A点的速度大于在B点的速

度，故D错误。

故选C。

3、D

【解析】

微粒之间相互作用的过程中遵守动量守恒定律，由于初始总动量为零，则末动量也为零，即a粒子和反冲核的动量大

小相等，方向相反；由于释放的a粒子和反冲核均在垂直于磁场的平面内，且在洛伦兹力作用下做圆周运动；由

"IU2niTLVPP

Bqv=—屋得：/?=—,若原来放射性元素的核电荷数为Q,则对a粒子：勺=耳打，对反冲核：&=小①山.，

由于。=p,,根据勺：&=44:1,解得。=90,反冲核的核电荷数为9()-2=88,它们的速度大小与质量成反比，

由于不知道质量关系，无法确定速度大小关系，故A、B、C正确，D错误；

4、D

【解析】

电路稳定后断开开关，线圈发生断电自感，产生自感电动势，有同方向的电流，由于D］、D?是完全相同的灯泡，线圈

L的自感系数较大，直流电阻不计，原来线圈和D2、电阻并联，回路电阻大，电流小，所以自感电流大于原

来通过D?电流，但不会大于原来通过D1的电流，所以D?闪亮一下逐渐熄灭，D1逐渐熄灭，所以D正确，ABC错误;

故选Do

5、C

【解析】

对小球进行受力分析，小球受重力G,尸，FN，三个力，满足受力平衡。作出受力分析图如下：

B

由图可知△即：

GFF

—==_CJ-

RABR

解得：

F-^.G-2cos6G-2/〃gcos0

fN=G=mg

A.F=2/ngtan0,与分析不符，故A错误;

B.F=mgco$Q,与分析不符，故B错误；

C.Fy=mg,与分析相符，故C正确；

D.F可=2/叫，与分析不符，故D错误;

故选：Co

6、D

【解析】

A.在方接触弹簧之前，》除重力外有绳的拉力做负功，则方的机械能减小，故A错误；

B.5接触弹簧后，开始阶段弹力较小，b的合力向下，继续向下加速，b的合力减为零，再变为向上，。才开始减速,

同样6加速时也会带动。跟着加速，故b接触弹簧后，就均先做加速运动后做减速运动，故B错误；

C.〜接触弹簧后，只要5在加速运动，就一定会带着0加速，绳子的拉力一定不为零，只有在力准备减速时，绳无法

拉直，此时绳的张力为零，故c错误；

D.对“、5和绳子组成的系统而言，弹簧的弹力属于系统的其它力，则接触弹簧前弹力不做功，接触弹簧后弹力做负

功，故系统的机械能先不变后减小，故D正确。

故选D。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AC

【解析】

根据导体切割磁感应线产生的感应电动势计算公式可得E=BLv,所以△E=4BLv,由于磁场随位移均匀变化，所以感

应电动势随位移均匀增大，电容器两端的电压均匀变化，电场强度也是均匀变化的，A正确；电容器的电容

c\Q/ArAJB

°=而=砺'解得：『XLCV,由于导体棒匀速运动’且磁感应强度随位移均匀变化’而所以电

流强度不变，B错误；

导体棒匀速运动，根据平衡条件可得F=BIL,而B均匀增大，所以安培力均匀增大，拉力F均匀增大，拉力做功功率

等于克服安培力做功功率，即P=Fv可知，外力的功率均匀增大，C正确；导体棒运动至x=3m处时，磁感应强度为

\B

B=(0.4+0.2x3)T=1T,电流强度：1=—LCv=—LCv2=0.2xlxO.lx4A=0.08A,所以导体棒所受安培力为

A?AA-

FA=BIL=1x0.08x1N=0.08N,故D错误.故选AC.

8、CDE

【解析】

A.手机是通过电磁波传递信息的，故A错误；

B.根据相对论可知，高速运动的物体，沿运动方向的长度会变短，故B错误；

C.波长较短的光容易被障碍物挡住，不能到达地面，波长较长的光更容易发生衍射而透过沙尘间的缝隙到达地面，

故C正确；

D.由于波源与接受者的相对位移的改变而导致接受频率的变化，称为多普勒效应，故根据多普勒效应，可以判断遥

远天体相对于地球的运动速度，故D正确；

E.光纤通信、医用纤维式窥镜都利用了光的全反射原理，故E正确。

故选：CDE«

9、ADE

【解析】

Af8过程中，体积增大，气体对外界做功，8fC过程中，绝热膨胀，气体对外做功，温度降低，Cf。过程

中，等温压缩，A过程中，绝热压缩，外界对气体做功，温度升高.

【详解】

A.Af8过程中，体积增大，气体对外界做功，温度不变，内能不变，气体吸热，故4正确;

B.8fC过程中,绝热膨胀，气体对外做功，内能减小，温度降低，气体分子的平均动能减小，故5错误;

C.C-。过程中,等温压缩，体积变小，分子数密度变大，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多，故C错误;

D.。fA过程中，绝热压缩,外界对气体做功，内能增加，温度升高，分子平均动能增大，气体分子的速率分布曲线

发生变化，故。正确；

E.该循环中，气体对外做功大于外界对气体做功，即W<0；一个循环，内能不变，AU=O,根据热力学第一定律,

。>0,即气体吸热，故E正确；

故选ADE

【点睛】

本题考查了理想气体状态方程的应用，根据图象判断出气体体积如何变化，从而判断出外界对气体做功情况，再应用

热力学第一定律与题目所给条件即可正确解题：要知道：温度是分子平均动能的标志，理想气体内能由问题温度决定.

10、ACD

【解析】

A.横波沿x轴正方向传播，由于波的周期40.6s,经过加=0.6s,传播距离Ax=6m,则波速

Ax

v=—=10m/s

△t

故A正确；

B.f=0.2s时，质点A由波峰向平衡位置振动，质点5沿y轴正方向向平衡位置振动，故5比A先回到平衡位置，故

B错误；

C.由图可知，波长入=8m,则传播距离

Ax=6m=0.75入

则传播时间为

△t=O.6s=0.757

33

解得7=0.8s,在f=0.5s时，5振动了了丁，波传播了五九=3m,根据波形平移可知，B点到达波峰位置，故C正确；

OO

D.经过0.4s=0.57,则8点振动了24=0.4m,故D正确；

E.f=1.0s时，质点A振动了0.8s=7,则4点回到波峰位置，速度为零，故E错误。

故选ACD,

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

mg+

[1、1.18m/s1.50m/s2N=--------------------

Mg

【解析】

(1)[1][2J.因纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.10s,设S]=9.50cm、s2=l1.00cm,s3=12.5cm,s4=14.00cm,打C

点时纸带的速度大小为

代入数值得

vc=1.18m/s

加速度

代入数值得

a=1.50m/s2

(2)[3].对木块、祛码盘和祛码组成的系统，由牛顿第二定律得

mg—)a

解得

_mg

M---------------------

Mg

1d

12、1.027v—

(TAr)22k

【解析】

小圆柱的直径J=1.0cm+2x0.1mm=1.02cm.

(2)[2][3],根据机械能守恒定律得

,1

mgl=—mv^

所以

,11,d、

g/=-U2=-(一)2

22At

得到

1_d21

F画7

1

则以悬点到圆柱重心的距离I为纵坐标，以77k为横坐标。

(加)2

故

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

qBR厂qBiR„1„

13、(1)v=—o—o.(2)E=-w<>.(3)B--B

°m2m120

【解析】

（I）粒子从X轴上用点进入第四象限，在xOy平面内，以原点。为圆心做半径为勺的圆周运动，由洛伦兹力提供

向心力:

「U2

qvB=m_o_

ooR

o

解得：

qBR

V=——0—0.

0m

（2）粒子在第二象限内做类平抛运动，沿着X轴方向:

qE=ma

V2-0=2aR

y0

沿与y轴正方向成45。角离开电场，所以:

V=V

y0

解得电场强度:

rqB?R

乜=--Q-D

2m

（3）粒子的轨迹如图所示:

第二象限，沿着X轴方向:

沿着y轴方向：

ON=vt

o

所以：

ON=2R

o

由几何关系知，三角形OO'N为底角45。的等腰直角三角形。在磁场I中运动的半径:

R=.ON=2内

由洛伦兹力提供向心力：

qvB=m—

'R

粒子在N点速度沿与V轴正方向成45。角离开电场，所以离开的速度:

v=J2v

o

所以磁场I的磁感应强度的大小4:

14、(1)8N；(2)不存在某一H值，使物体沿着轨道AB经过最低点B后，停在距离B点0.8m处.

【解析】

(1)物体由初始位置运动到B点的过程中根据动能定理有

1

mg(R+H)—qER=­