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文档简介
2022-2023学年高一下数学期末模拟试卷
注意事项:
1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题
卡上。用2B铅笔将试卷类型(B)填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右
上角"条形码粘贴处”。
2.作答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息
点涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。
3,非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区
域内相应位置上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新答案;不准使用铅笔和
涂改液。不按以上要求作答无效。
4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每个小题给出的四个选项中,
恰有一项是符合题目要求的
1.若两个正实数X,)'满足,+与=2,且不等式x有解,则实数,〃的
Xy4x
取值范围是()
A.(—1,2)B.(——2)C.(—2,1)
D.(-oo,-l)U(2+oo)
2.在数列二公中,L:句"net贝1=
C.2D.6
3.某市举行“精英杯”数学挑战赛,分初赛和复赛两个阶段进行,规定:初赛成绩大于
90分的具有复赛资格,某校所有学生的成绩均在区间(30,150]内,其频率分布直方图
如图所示,该校有130名学生获得了复赛资格,则该校参加初赛的人数约为()
A.200B.400C.2000D.4000
4.向量匕,=(-4,5)/=(%1),若(〃_/?)//力,则2的值是()
__544
A.B.----C.--D.-2
~435
5.已知变量X与)'正相关,且由观测数据算得样本平均数7=3,歹=3.5,则由该观
测的数据算得的线性回归方程可能是()
A.y=0.4x+2.3B.y=2x-2.4
C.y=—2%+9.5D.y=-O.3x+4.4
6.下列各角中,与角丁终边相同的角是()
O
13万11〃11419〃
A.--------B.--------C.—D.——
6666
’1
-1
7.已知数列{q}的前"项和为s”,且=4+,若对任意WGN*,都有
、2)
"〃(5,—4")<3成立,贝按数/,的取值范围是()
「91「9、
A.(2,3)B.[2,3]C,2,-D.2,-
8.(x+<p)为偶函数的“()
A.充分不必要条件
B.必要不充分条件
C.充要条件
D.既不充分也不必要条件
9.在AABC中,角A,B,C所对的边分别为a/,c,已知a:力:c=2:3:4,则A4BC
最大角的余弦值是()
10.已知A5=(3,l),向量AC=(-4,-3),则向量BC=()
A.(-7,-4)B.(7,4)C.(-1,-2)D.(1,2)
二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分。
11.已知一组数据7、9、8、11、1()、9,那么这组数据的平均数为.
12.圆台两底面半径分别为2cm和5cm,母线长为3VlUcm,则它的轴截面
的面积是cm2.
13.若过点P(2,3)作圆加:/一2%+);2=0的切线/,则直线/的方程为
14.若方程产+产+2"1r-4),+2*+3=0表示圆,则实数加的取值范围是.
,_、二但tan20+tan40+tan120
15.计算:-----------------------=.
tan20tan40
16.一个三角形的三条边成等比数列,那么,公比g的取值范围是.
三、解答题:本大题共5小题,共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步
骤。
17.如图1,已知菱形AECD的对角线4CDE交于点尸,点E为线段A3的中点,
A6=2,ZMD=60°,将三角形沿线段OE折起到的位置,PC=—»
2
如图2所示.
(I)证明:平面PBCJ_平面PCV;
(II)求三棱锥E—的体积.
18.已知函数/(x)=2五5由(5:+夕)(0<0<|^同<|^的图象过点4(0,回,
Q
c(-,0).
3
(1)求。,。的值;
(2)若/(6)=^且eel-m,1"),求/(。一1)的值;
(3)若/(》)—机<0在xe-4,1上恒成立,求实数加的取值范围.
19.已知awl且aeR,比较——与1+a的大小.
1-a
20.设{““}和也}是两个等差数列,记c“=max{q-白〃-奶,…
("=1,2,3…),其中maxH,天,…4}表示%,x2,-工这s个数中最大的数.已知S.
为数列{%}的前〃项和,。“〉0,疯="-
(1)求数列{a,J的通项公式;
(2)若a=巴9,求q,C2,,3的值,并求数列{%}的通项公式;
(3)求数列,前〃项和7;.
21.已知S“是等差数列的前几项和,且4=5,«16=31.
(1)求通项公式;
(2)若耳=4一求正整数Z的值.
参考答案
一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每个小题给出的四个选项中,
恰有一项是符合题目要求的
1、D
【解析】
2
利用基本不等式求得无+二的最小值,根据不等式存在性问题,解一元二次不等式求
4x
得加的取值范围.
【详解】
由于
1'(14Ky2"I
=2,而
匕+刃=5〔2+#+了)
2
不等式X+二〈加2—有解,所以旭2_加〉2,BP(m-2)(/n+l)>0,解得m<一1
4x
或/”>2.
故选:D
【点睛】
本小题主要考查利用基本不等式求最小值,考查不等式存在性问题的求解,考查一元二
次不等式的解法,属于中档题.
2,D
【解析】
将二尸代入递推公式可得n同理可得出二二和力
【详解】
一«_RT-
【点睛】
本题用将-的值直接代入递推公式的方法求某一项,适用于所求项数低的题目,若求
-I
项数较高则需要求数列通项公式。
3、A
【解析】
由频率和为1,可算得成绩大于90分对应的频率,然后由频数+总数=频率,即可得到
本题答案.
【详解】
由图,得成绩大于90分对应的频率=1-(0.0025+0.0075x2)x20=0.65,
130
设该校参加初赛的人数为x,则一=0.65,得x=200,
x
所以该校参加初赛的人数约为200.
故选:A
【点睛】
本题主要考查频率直方图的相关计算,涉及到频率和为1以及频数+总数=频率的应用.
4、C
【解析】
由平面向量的坐标运算与共线定理,列方程求出X的值.
【详解】
向量”=(-4,5),(,'=()-,1),
则.-,=(-4-34),
又(“-,.)//',
所以-4%软=0,
解得X=-'.
5
故选C.
【点睛】
本题考查了平面向量的坐标运算与共线定理应用问题,是基础题.
5、A
【解析】
试题分析:因为::与正相关,排除选项c、D,又因为线性回归方程恒过样本点的中
心「':,故排除选项B;故选A.
考点:线性回归直线.
6、B
【解析】
给出具体角度,可以得到终边相同角的表达式.
【详解】
角J终边相同的角可以表示为a=?+2%r,(keZ),当左=一1时,“=-乎,所以答案
666
选择B
【点睛】
判断两角是否是终边相同角,即判断是否相差2〃整数倍.
7、B
【解析】
1<p(S〃-4〃)43
对任意neN*都成立,
当〃=1时,
当〃=2时,2<p<6
4
当〃=3时,一<〃44
3
归纳得:2<p<3
故选3
点睛:根据已知条件运用分组求和法不难计算出数列{%}的前"项和为S“,为求,的
取值范围则根据〃为奇数和〃为偶数两种情况进行分类讨论,求得最后的结果
8、A
【解析】
试题分析:当.、=-时,-kW[时,--是偶函数,当;?=;5匕1卜;曲绯是
偶函数时,=>-k-.k€Z,所以不能推出是0=;,所以是充分不必要条件,故
选A.
考点:三角函数的性质
9、B
【解析】
由边之间的比例关系,设出三边长,利用余弦定理可求.
【详解】
因为a:0:c=2:3:4,所以c边所对角最大,设a=2Z1=3Z,c=4k,由余弦定理
4女2+9/_16攵2
得cosC=故选B.
2-2k-3k4
【点睛】
本题考查余弦定理,计算求解能力,属于基本题.
10、A
【解析】
由向量减法法则计算.
【详解】
BC=AC-AB=(-4,-3)-(3,1)=(-7,-4).
故选A.
【点睛】
本题考查向量的减法法则,属于基础题.
二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分。
11>9
【解析】
利用平均数公式可求得结果.
【详解】
由题意可知,数据7、9、8、11、10、9的平均数为7+9+8+"+*)+9=9.
6
故答案为:9.
【点睛】
本题考查平均数的计算,考查平均数公式的应用,考查计算能力,属于基础题.
12、63
【解析】
首先画出轴截面,然后结合圆台的性质和轴截面整理计算即可求得最终结果.
【详解】
画出轴截面,
如图,过A作AM_LBC于
则BM=5-2=3(cm),
AM=NAB?-BM°=9(cm),
_(4+10)x9
2
所以sHiS®ABC«=----------------------=63(c/n).
2
【点睛】
本题主要考查圆台的空间结构特征及相关元素的计算等知识,意在考查学生的转化能力
和计算求解能力.
13、4x—3y+1=0或%-2=0
【解析】
讨论斜率不存在时是否有切线,当斜率存在时,运用点到直线距离等于半径求出斜率
【详解】
圆V:/-2x+y?=0即(x-l)-+;/=1
①当斜率不存在时,x=2为圆的切线
②当斜率存在时,设切线方程为y一3=Z(x—2)
即kx—y—2k+?>=G
行‘
4
解得%=§
41
此时切线方程为一x—y+§=0,即4x-3y+l=0
综上所述,则直线/的方程为4x-3y+l=0或x-2=0
【点睛】
本题主要考查了过圆外一点求切线方程,在求解过程中先讨论斜率不存在的情况,然后
讨论斜率存在的情况,利用点到直线距离公式求出结果,较为基础。
14、(-1,1).
【解析】
把圆的一般方程化为圆的标准方程,得出表示圆的条件,即可求解,得到答案.
【详解】
由题意,方程f+y+Zax-4y+2/+3=0可化为(x+/n)2+(y-2)2=1-m2,
方程表示圆,贝1J满足1-加>0,解得-1<机<1.
【点睛】
本题主要考查了圆的一般方程与圆的标准方程的应用,其中熟记圆的一般方程与圆的标
准方程的互化是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础.
15、-V3
【解析】
试题分析:
tan20+tan40+tan120tan60:(l-tan20:tan40s)+tan120s卜
tan20tan40tan20:tan40;
考点:两角和的正切公式
点评:本题主要考查两角和的正切公式变形的运用,抓住和角是特殊角,是解题的关键.
Vs—1布+1
1K6>--------<q<--------
22
【解析】
设三边按递增顺序排列为a,aq,aq2,其中。>0应21.
则即/一.解得
22
由起1知4的取值范围是1与<上g.
2
设三边按递减顺序排列为a,aq,aq-,其中a>0,0<q<1.
则aq2+aq>a,即/+,一1>0.
解得正二
2
综上所述,萼
三、解答题:本大题共5小题,共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步
骤。
17、(I)见证明;(II)」
8
【解析】
(I)折叠前,AClDEt,从而折叠后,DELPF,DELCF,由此能证明。E_L平面
PCF.
再由DC//AE,DC=AE能得到DC//EB,DC=EB.说明四边形DEBC为平行四边形.可
得CB//DE.由此能证明平面P8C_L平面PCF.
(II)由题意根据勾股定理运算得到PF_LC「,又由(I)的结论得到8C_LPF,
可得PF±平面BCDE,再利用等体积转化有VE_PBC=VP_BCE=|xS&BCExPF,计
算结果.
【详解】
(I)折叠前,因为四边形AEC。为菱形,所以AC_LOE;
所以折叠后,DELPF,DEA.CF,又PFcCF=F,PF,CFu平面PCF,
所以平面PCF
因为四边形AEC。为菱形,所以AE//DC,AE=DC.
又点E为线段A3的中点,所以EB//DC,EB=DC.
所以四边形OE3C为平行四边形.
所以CB//DE.
又。石,平面PC产,所以平面PCE.
因为BCu平面PBC,所以平面PBCJ"平面PC广.
(H)图1中,由已知得Af=C/=@,BC=BE=1,NCBE=60°
2
所以图2中,PF=CF=B,又PC二旦
22
所以所以PFJ_CF
又8C_L平面PCF,所以8C,PF
又BCcCF=C,BC,CFu平面BCDE,
所以PF_L平面BCDE,
所以Vg-psc=Vp_BCE=LxSABCExPF=—x—xlxlxsin60x^~=—.
33228
所以三棱锥E-PBC的体积为1.
o
【点睛】
本题考查线面垂直、面面垂直的证明,考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基
础知识,考查了三棱锥体积的求法,运用了转化思想,是中档题.
18、(1)0==|(2)|;(3)(1+73,+K)
【解析】
Q
(D根据A(0,、%),C(-,0)两点可确定①,9的值;
(2)由(1)知,f(x)=2>/2sin(—xH—),求出sin(—0H—)9cos(—0H—)的值,
434343
然后根据/(。-1)=2V2[sin(-^+-)cos-+cos(-0+^)sin,求出其值即可;
434434
(3)/(x)-根<0在xel,自上恒成立,只需相>/(幻,皿,求出/(x)在xei,
才上的最大值即可.
【详解】
(1)由./'(。)=遥得:20sin°=\/^,即sinQ=^^,
由时知,夕=?,
7T
/./(x)=272sin69X+—
3。<。后,
由/偿)=0得:2夜sin8冗
-69+—=0,即+q=
33
即0=^^-?(AwZ),由0<&<、得,0=?,所以/(x)=20sin(7x+。
(2)由/(e)=苧得:2夜sin[?e+?)=苧,即sin(?e+g)=1,
71
“8-1)=20sin
4
八万、冗(乃C7t\.7t
2,2sin一夕+—cos----cos一夕+—sin—
(43)4(43)4
由得:乃八兀2万5万
(3)xw-4,|—0+—&
43行'77
.•.当xe-4,-时,f(x}=2V2sin—=272sin(-+-U1+V3,
3JJ\小12(46J
A实数〃?的取值范围为(1+6,+oo).
【点睛】
本题主要考查了三角函数的图象与性质,三角函数值的求法,以及在闭区间上的三角函
数的值域问题的求法,意在考查学生整体思想以及转化与化归思想的应用能力.
19、详见解析
【解析】
[2222
将两式作差可得」--(1+«)=—,由上一>0、/二=0和/二<0可得大小
1—a1—ci1—a1—a1-a
关系.
【详解】
2
l-(l+a)(l-a)_l-(l-a)_a
1—ci1—a
当。<1且QW()时,
当a=0时,—=0
\-a
当a>l时,-^―<0:.-^—<l+a
\—a\—ci
综上所述:当ae(F,0)(0,1)时,—>l+a;当a=0时,—=l+a;当
ae(l,+oo)时,<l+a
【点睛】
本题考查作差法比较大小的问题,关键是能够根据所得的差进行分类讨论;易错点是忽
略差等于零,即两式相等的情况.
20、(1)。“=272-1;(2)q=0,c2=-1,c3=-2,cn=1一〃;(3)(=――———
【解析】
(1)根据题意,化简医=铝得s„==’+,痴1,运用已知s”求明
公式,即可求解通项公式;
(2)根据题意,写出“通项,根据c“定义,令〃=1,〃=2,”=3,可求解。,c2,c3
的值,再判断4一〃"单调递减,可求数列{c,,}的通项公式;
⑶由(1)⑵的数列{凡}、{%}的通项公式,代入数列,中,运用错位
相减法求和.
【详解】
(1)•:厄,:.S=。+2%+1,
、2"12J4
当〃=1时,=>+2q+l,化简得才-24+1=(),,卬=1,
12;4
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