2024届福建省泉州市永春第一中学高三年级模拟考试三物理试题

2024届福建省泉州市永春第一中学高三年级模拟考试（三）物理试题

考生须知：

1.全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色

字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。

2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。

3.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、据《世说新语》记载，晋明帝司马昭在回答“汝意谓长安与日孰远”时，一句“举目望日，不见长安”惊愕群臣。我们

生活的2020年初的地球，需经8分13秒才能看见太阳的光芒，但我们离长安却隔了将近1111年。距研究者发现，地

球与太阳的距离不断缩小，月球却在逐渐远去。下列说法正确的是

A.在2020初，地日距离约为150万千米

B.倘若月球彻底脱离了地球，则它受到地球对它的引力为0

C.与长安城中的人相比，我们的“一个月”在实际上应略长于他们的

D.与长安城中的人相比，我们的“一年”在实际上应略长于他们的

2、2018年2月7日凌晨，太空技术探索公司SpaceX成功通过“猎鹰重型”火箭将一辆红色的特斯拉跑车送上通往火

星的轨道，如图所示，已知地球到太阳中心的距离为加,火星到太阳中心的距离为灰，地球和火星绕太阳运动的轨迹

均可看成圆，且能=14方，若特斯拉跑车按如图所示的椭圆轨道转移，则其在此轨道上的环绕周期约为（）

C.1.4年D.2年

3、一人站在滑板上以速度％在冰面上滑行忽略滑板与冰面间的摩擦某时刻人沿水平方向向正前方距离滑板离开时人

相对冰面的速度大小为2%。已知人与滑板的质量分别为M,m（M>m）,则人离开时滑板的速度大小为（）

mmM-mM+m

A.—vB.--------vC.-----------%D.----------%

M0m+M0mm

4、如图所示，A、B两物块叠放在一起，在粗糙的水平面上保持相对静止地向右做匀减速直线运动，运动过程中B受

到的摩擦力

B

A.方向向左，大小不变

B.方向向左，逐渐减小

C.方向向右，大小不变

D.方向向右，逐渐减小

5、对磁现象的研究中有一种“磁荷观点”.人们假定，在N极上聚集着正磁荷，在S极上聚集着负磁荷.由此可以将

磁现象与电现象类比，引入相似的概念，得出一系列相似的定律.例如磁的库仑定律、磁场强度、磁偶极矩等.

在磁荷观点中磁场强度定义为：磁场强度的大小等于点磁荷在该处所受磁场力与点磁荷所带磁荷量的比值，其方向与

正磁荷在该处所受磁场力方向相同.若用H表示磁场强度，F表示点磁荷所受磁场力，qm表示磁荷量，则下列关系式

正确的是（）

HF

A.F=一B.H=—C.H=FqD.q=HF

%,mm

6、如图，两光滑导轨竖直放置，导轨平面内两不相邻的相同矩形区域I、II中存在垂直导轨平面的匀强磁场，磁感应

强度大小相等、方向相反。金属杆ab与导轨垂直且接触良好，导轨上端接有电阻H（其他电阻不计）。将金属杆ab从

距区域I上边界一定高度处由静止释放（）

A.金属杆在I区域运动的加速度可能一直变大

B.金属杆在n区域运动的加速度一定一直变小

c.金属杆在I、II区域减少的机械能一定相等

D.金属杆经过I、n区域上边界的速度可能相等

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、小滑块以100J的初动能从倾角为37。的固定斜面底端。上滑，小滑块沿斜面上滑、下滑过程中的动能队随离开O

点的位移上变化的图线如图中I、II所示。已知亘1137。=0.6,重力加速度取lOm/s?,贝！］（）

A.小滑块的质量为2kgB.小滑块与斜面间的动摩擦因数为0.5

C.x=lm时小滑块的动能为60JD.小滑块的最大位移为5m

8、如图甲所示，一个匝数为“的多匝线圈，线圈面积为S,电阻为广。一个匀强磁场垂直于线圈平面穿过该线圈。在

0时刻磁感应强度为纥，之后随时间变化的特点如图乙所示。取磁感应强度向上方向为正值。线圈的两个输出端P、Q

连接一个电阻在过程中（）

A.线圈的尸点的电势高于。点电势

nSBQR

B.线圈的尸、。两点间的电势差大小为

(R+叽

C.流过R的电荷量的大小为.

R+r

D.磁场的能量转化为电路中电能，再转化为电阻R、厂上的内能

9、一笊核;H自A点以某一初速度垂直进入场强为E的匀强电场，运动过程中经过3点。忽略空气阻力，不计重力,

下列说法正确的是（）

A.把气核换成动能相同的气核;H,其他条件不变，气;核还能经过3点

B.把气核换成动量相同的负;核;H,其他条件不变，气核还能经过3点

C.把气核换成动能相同的氢核;He,其他条件不变，氢核还能经过B点

D.把气核换成速度相同的氢核;He,其他条件不变，氢核还能经过3点

10、如图，理想变压器原.副线圈匝数比"I："2=3:1,灯泡A、B完全相同，灯泡L与灯泡A的额定功率相同，但额定

电压不同，当输入端接上"=450豆11100加（丫）的交流电压后，三个灯泡均正常发光，图中两电流表均为理想电流表,

且电流表A2的示数为2A,则（）

A.电流表Ai的示数为12A

B.灯泡L的额定功率为20W

C.灯泡A的额定电压为5V

D.将副线圈上的灯泡A撤去，灯泡L不能正常发光

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）实验小组的同学用如图所示的装置做“用单摆测重力加速度”的实验。

（1）实验室有如下器材可供选用：

A.长约1m的细线

B.长约1m的橡皮绳

C.直径约2cm的铁球

D.直径约2cm的塑料球

E.米尺

F.时钟

G.停表

实验时需要从上述器材中选择：—（填写器材前面的字母）。

（2）在挑选合适的器材制成单摆后他们开始实验，操作步骤如下:

①将单摆上端固定在铁架台上

②测得摆线长度，作为单摆的摆长

③在偏角较小的位置将小球由静止释放

④记录小球完成n次全振动所用的总时间t,得到单摆振动周期T=-

n

⑤根据单摆周期公式计算重力加速度的大小。其中有一处操作不妥当的是——。（填写操作步骤前面的序号）

（3）按照以上的实验步骤，测量多组摆长和对应的周期，并根据实验数据做出了图像，根据该图像得出重力加速度

的测量值为—m/s2o

（4）实验后同学们进行了反思。他们发现由单摆周期公式可知周期与摆角无关，而实验中却要求摆角较小。请你简

要说明其中的原因_____。

12.（12分）（1）有一螺旋测微器，用它测量一根圆形金属的直径，如图所示的读数是mm；

（2）在用自由落体运动验证机械能守恒定律的实验中，使质量为1.00kg的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系

列的点，选取一条符合实验要求的纸带如图所示。。为第一个点，A、3、C为从合适位置开始选取连续点中的三个点。

己知打点计时器每隔0.02s打一个点，当地的重力加速度为g=9.8m/s2,那么:

?O，A，B，C•

；^—15.55cm・■♦；

M-------I9JOcm-

-----------------2123em一►

①根据图上所得的数据，应取图中。点到点来验证机械能守恒定律;

②从。点到①问中所取的点，重物重力势能的减少量_J,动能增加量A"=J（结果取三位有效数字）;

③若测出纸带上所有各点到。点之间的距离，根据纸带算出各点的速度v及物体下落的高度队则以L为纵轴，以〃

2

为横轴画出的图象是下图中的。

0

0

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，光滑水平面上有一被压缩的轻质弹簧，左端固定，质量为机A=lkg的光滑A紧靠弹簧右端（不

栓接），弹簧的弹性势能为Ep=32J。质量为机B=lkg的槽B静止在水平面上，内壁间距L=0.6m,槽内放有质量为限=2kg

的滑块C（可视为质点），C到左端侧壁的距离d=0.1m,槽与滑块C之间的动摩擦因数现释放弹簧，滑块A

离开弹簧后与槽B发生正碰并粘在一起。A、B整体与滑块C发生碰撞时，A、B整体与滑块C交换速度。（g=10m/s2）

求

⑴从释放弹簧，到B与C第一次发生碰撞，整个系统损失的机械能；

（2）从槽开始运动到槽和滑块C相对静止经历的时间。

14.（16分）如图所示，圆心为0、半径为r的圆形区域外存在匀强磁场，磁场方向垂直于纸面向外，磁感应强度大

小为及尸是圆外一点，OP=3r,一质量为机、电荷量为q（g>0）的粒子从尸点在纸面内沿着与。尸成60。方向射出（不

计重力），求：

⑴若粒子运动轨迹经过圆心O,求粒子运动速度的大小；

⑵若要求粒子不能进入圆形区域，求粒子运动速度应满足的条件。

15.(12分)第24届冬奥会将于2022年在北京举行，冰壶是比赛项目之一。如图甲，蓝壶静止在大本营圆心。处,

红壶推出后经过尸点沿直线向蓝壶滑去，滑行一段距离后，队员在红壶前方开始。不断刷冰，直至两壶发生正碰为止。

已知，红壶经过尸点时速度vo=3.25m/s,尸、。两点相距乙=27m,大本营半径R=1.83m,从红壶进人刷冰区域后某时

刻开始，两壶正碰前后的修图线如图乙所示。假设在未刷冰区域内两壶与冰面间的动摩擦因数恒定且相同，红壶进入

刷冰区域内与冰面间的动摩擦因数变小且恒定，两壶质量相等且均视为质点。

(1)试计算说明碰后蓝壶是否会滑出大本营；

(2)求在刷冰区域内红壶滑行的距离s。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解题分析】

A.由x=a可得，地日距离约为

x=3xl08x493m®1.5xlO8km

故A错误；

B.倘若月球彻底摆脱了地球，由万有引力定律可知，地球对它仍然有引力作用，故B错误；

C.由于月地距离增大，故月球的公转周期变长，故现在的一月应该长于过去，故C正确；

D.由于日地距离不断缩小，故地球的公转周期变短，因此现在的一年应该略短于过去，故D错误；

故选C。

2、B

【解题分析】

根据开普勒第三定律可得：

/地,跑车

解得

（力+.）3

琮车=T-4一品=12位年xL3年

VrB

故选B。

3、C

【解题分析】

规定初速度vo的方向为正方向，根据动量守恒定律可知：

+m）v0=M-2v0+mv

解得

M—m

y=----------%

m

M—

负号表示速度与正方向相反，大小为------%;

m

故选C。

4、A

【解题分析】

试题分析:A、B两物块叠放在一起共同向右做匀减速直线运动，对A和B整体根据牛顿第二定律有K（mA+mB）g,

然后隔离B,根据牛顿第二定律有：fAB=mBa=p.mB^大小不变；物体B做速度方向向右的匀减速运动，故而加速度

方向向左，摩擦力向左；故选A.

考点：本题考查牛顿第二定律、整体法与隔离法.

【名师点睛】1、整体法：整体法是指对物理问题中的整个系统或整个过程进行分析、研究的方法.在力学中，就是把

几个物体视为一个整体，作为研究对象，受力分析时，只分析这一整体对象之外的物体对整体的作用力（外力），不考

虑整体内部之间的相互作用力（内力）.

整体法的优点：通过整体法分析物理问题，可以弄清系统的整体受力情况和全过程的受力情况，从整体上揭示事物的

本质和变体规律，从而避开了中间环节的繁琐推算，能够灵活地解决问题.通常在分析外力对系统的作用时，用整体

法.

2、隔离法：隔离法是指对物理问题中的单个物体或单个过程进行分析、研究的方法.在力学中，就是把要分析的物体

从相关的物体体系中隔离出来，作为研究对象，只分析该研究对象以外的物体对该对象的作用力，不考虑研究对象对

其他物体的作用力.

隔离法的优点：容易看清单个物体的受力情况或单个过程的运动情形，问题处理起来比较方便、简单，便于初学者使

用.在分析系统内各物体（或一个物体的各个部分）间的相互作用时用隔离法.

5、B

【解题分析】

试题分析：根据题意在磁荷观点中磁场强度定义为：磁场强度的大小等于点磁荷在该处所受磁场力与点磁荷所带磁荷

量的比值，其方向与正磁荷在该处所受磁场力方向相同，所以有

故选B。

【名师点睛】

磁场强度的大小等于点磁荷在该处所受磁场力与点磁荷所带磁荷量的比值，运用类比思想，类比电场强度的定义公式

F

E=一列式分析即可.

q

6、D

【解题分析】

AB.由于无法确定金属杆进入磁场区域时所受安培力与其重力的大小关系，所以无法确定此时金属杆加速度的方向。

若金属杆进入磁场时其所受安培力

B2I}V

---->m2

R

则有

B2I^V

-----m2—ma

R

且加速度方向向上，可知金属杆进入磁场区域后加速度一直减小或先减小至零再保持不变；若金属杆进入磁场时其所

受安培力

52£2V

---------<m2

R

则有

B2L2V

mg----—二ma

且加速度方向向下，可知金属杆进入磁场区域后加速度一直减小或先减小至零再保持不变；若金属杆进入磁场时其所

受安培力

B-I^v

丁世

则金属杆进入磁场区域后加速度为零且保持不变，故A、B错误；

c.根据功能关系得金属杆在I、n区域中减少的机机械能等于克服安培力做的功，由于无法确定金属杆经过两区域

过程中所受安培力的大小关系，所以无法确定金属杆经过两区域过程中克服安培力做功的关系，故故c错误；

D.若金属杆进入磁场时其所受安培力

B2L2V

--------->me

R

则金属杆在I区域中先做减速运动再做匀速运动或一直做减速运动，出I区域后在重力作用下再做加速运动，所以金

属杆经过I、II区域上边界的速度有可能相等，故D正确。

故选D。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ABD

【解题分析】

AB.设小滑块的质量为小，小滑块与斜面间的动摩擦因数为〃，小滑块沿斜面上滑x=3m过程中，根据动能定理，有

-mgxsin370-jumgxcos31=AEkl

AEkl=-6OJ

小滑块沿斜面下滑x=3m过程中，根据动能定理，有

mgxsin31°-〃nzgxcos370=AEk2

AEk2=12J

解得：m=2kg,〃=0.5,故AB正确；

C.由图像可知，小滑块上滑和下滑经过x=lm位置时，小滑块的动能为80J或16J,故C错误；

D.将图线延长，与x轴的交点横坐标为5m,此时动能为零，即小滑块的最大住移为5m,故D正确。

故选ABDo

8、ABC

【解题分析】

A.结合图乙知磁场方向向上且逐渐减小。由楞次定律知感应电流的方向由。点经线圈到P点，则P点电势高，A正

确；

B.感应电动势为

E=n---=nS—^~

Nt0

又有

1=-^—

R+r

电势差大小

U=IR

解得

U「ISBQR

(R+叽

B正确；

C.流过电路的电荷量大小为

q=i%

解得

鸣

R+r

C正确；

D.电磁感应的过程中磁场能量不转化，而是作为媒介将其他形式的能转化为电能，然后再在电阻R、厂上转化为内

能，D错误。

故选ABC,

9、AD

【解题分析】

根据粒子的运动特点

x=vot

y，吟

2m

整理得到

qEx2qEx2mqEx1

v-------------------------------

2

2/77VQ4Ek2p

A.该项动能和电荷量均相等，则y相同，即气核还能经过B点，选项A正确；

B.该项动量相等，但是质量和电荷量的乘积不相等，则y不同，气核不能经过B点，选项B错误;

C.该项动能相同，但是电荷量加倍，则y不同，氢核不能经过3点，选项C错误，

D.该项速度相等，比荷也相等，则y相同，即氢核还能经过B点，所以D正确.

故选ADo

10、BD

【解题分析】

A.因三个灯泡均正常发光，所以副线圈中总电流为

A=4A

由变压规律可知原线圈中电流为

4

即电流表Ai的示数为mA,故A错误；

BC.令副线圈两端电压为。2,则由变压规律可知原线圈两端电压为

q=Lu,=3U,

〃2

令灯泡L两端电压为则有

UJ=UJA

根据题意则有

u=UL+U[

U=45V

联立可得

U2=10V,4=15V

则灯泡A的额定电压为10V,灯泡L与灯泡A的额定功率相同，则灯泡L和A的额定功率

=2xl0W=20W

故B正确，C错误；

D.将副线圈上的灯泡A撤去，则输出电流变小，根据理想变压器中电流与匝数成反比可知，输入电流变小，灯泡L

不能正常发光，故D正确；

故选BDo

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11,ACEG②，单摆的摆长应等于摆线长度加摆球的半径;9.86T=2脸是单摆做简谐运动的周期公

式。当摆角较小时才可以将单摆的运动视为简谐运动。

【解题分析】

(1)[1].单摆的摆长不可伸长，为减小空气阻力的影响和实验误差，先选用长约1m的细线，直径约2cm的铁球,

要用米尺测量摆长，停表测量周期，故答案为：ACEG„

(2)[2].操作不妥当的是②.单摆的摆长应等于摆线长度加摆球的半径。

(3)[3].根据单摆的周期公式得

T=24

解得

4万2

g

由图像可知

,4万24.0,

k=-----=——=4

g1

解得

g=9.86m/s2

(4)[4],公式T=是单摆做简谐运动的周期公式。当摆角较小时才可以将单摆的运动视为简谐运动。

12、1.609B1.881.84A

【解题分析】

螺旋测微器的固定刻度为1.5mm,可动刻度为

10.9x0.01mm=0.109mm

所以最终读数为

1.5mm+0.109mm=1.609mm

(2)①⑵根据图上所得的数据，应取图中。点到B点来验证机械能守恒定律；

②⑶从。点到3点的过程中，重物重力势能的减少量

=mg/2=lx9.8x0.1920J=1.88J

⑷3点的瞬时速度等于AC段的平均速度，则有

x0.2323-0.1555...

v=AC=--------------m/s=1.92m/s

BR2T0.04

重物动能的增加量

11,

92

AEk=-/nv|=-xlxl.92J=1.84J

③⑸根据机械能守恒得

mgn,1=—mv2

则有

gh--v2

2

1,

可知一了-/Z的图线是过原点的倾斜直线，故A正确，B、C、D错误；

2

故选Ao

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13>(1)16.2J；(2)2s

【解题分析】

(1)弹簧将A弹开，由机械能守恒可得：

EmV

P=^A0

解得

%=8m/s

A、B发生碰撞，由动量守恒可得：

解得

Vj=4m/s

此过程机械能损失为

|钙卜;mAV0—g(m4+mBM=16J

接下来，A、B与C相对运动，到第一次发生碰撞，相对运动位移为d=

此过程机械能损失为

|AE2|=jumcgd=0.2J

因此整个过程机械能损失为

四|=|狗+四卜16.21

(2)设槽和滑块C