2023年海南省屯昌县高考物理二模试卷(A卷) 答案解析(附后)

2023年海南省屯昌县高考物理二模试卷（A卷）

1.首位通过实验捕捉到电磁波的科学家是（）

A.赫兹B.法拉第C.麦克斯韦D.奥斯特

2.下面是柏尧同学物理笔记的一部分，说法正确的是（）

①冰水混合物的温度一定是（）c

②寒冬的长江烟波浩淼，说明分子在不断运动

③物体的内能增加，它的温度一定升髙

④夏天在河岸边觉得沙子热得发烫而河水却不怎么热，是因为水的比热容大

⑤柴油机、蒸汽机、汽油机工作时都是利用内能转化为机械能

A.2个B.3个C,4个D,5个

3.修正带是学生常用的学习工具之一，其结构如图所示，包括上下盖座、大小齿轮、压嘴

座等部件，大小齿轮分别嵌合于大小轴孔中，大小齿轮相互啮合，a、b两点分别位于大小齿

轮的边缘，则关于这两点的线速度大小、角速度关系说法正确的是（）

A.线速度大小相等，角速度不等B.线速度大小不等，角速度相等

C.线速度大小相等，角速度相等D.线速度大小不等，角速度不等

4.跳伞表演是人们普遍喜欢的观赏性体育项目。如图所示，当运

动员从直升机上由静止跳下后，在下落过程中将会受到水平风力的

影响。下列说法中正确的是（）

A.风力越大，运动员下落时间越长，运动员可完成更多的动作

B.运动着地时的速度方向竖直向下

C.运动员下落时间与风力无关

D.运动员着地速度与风力无关

5.如图所示，甲、乙为两根完全相同的轻质弹簧，甲弹簧一端固定在

天花板上，另一端悬挂一质量为，"4的物块乙弹簧一端固定在水平地面

上，另一端连接一质量为的物块，两物块止时，测得甲、乙两根弹

簧的长度分别为L和厶已知重力加速度大小为g,两弹簧均弹性限度*9,，

则这两根弹谶劲度系数为（）

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A+m8)gg("U-"3)gQ+〃3)g

/]—I2l\—1*2<1+h

6.两电荷量分别为狛和他的点电荷固定在x轴上的A、8

两点，两电荷连线上各点电势r随坐标x变化的关系图像如图

所示，其中P点电势最高，且匸廿<D3,贝4()

A.3和会都是负电荷

B.仏的电荷量大于外的电荷量

C.在厶、8之间将一负点电荷沿x轴从P点左侧移到右侧，

电势能先增大后减小

D.一点电荷只在电场力作用下沿x轴从P点运动到8点，加速度逐渐变小

7.如图所示电路中，电源的内电阻为r,Ri、%、国均

为定值电阻电表均为理想电表闭合电键S,当滑动变阻器小

的滑动触头P向右滑动时，电表的示数都发生变化,电流表和

电压表的示数变化量的大小分别为△/、AU,下列说法不

正确的是()

A.电压表示数变大

B.电流表示数变小

dU

王<

D.

△7>r

8.如图，物块A、8叠放在一起放在竖直弹簧上，现给物体A施加一个竖直向

上的逐渐增大的力F,使厶向上做匀加速运动。已知厶的质量为,8的质量为A

L5kg,飜的慶忽略不计,弹簧劲度系数为8()(LV仇港F作用时间为02s时AIB

与B分离。此过程中下列选项不正确的是(9取10，"//)()

A.施加力F的瞬间厶、8间弹力为69/V7

B.分离时F的值为168N

C.分离时弹簧的压缩量为0.()3,”

D,分离时B的加速度为6m/『

9.对于开普勒第三定律的公式£=卜，下列说法正确的是()

A.公式只适用于轨道是椭圆的运动

B.式中的k值，对于所有行星都相等

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c.式中的k值，只与中心天体有关，与绕中心天体旋转的行星无关

D.该公式也适用于围绕地球运行的所有卫星

10.一列沿x轴正方向传播的简谐横波在,=（）时刻的波形如图所示，质点P在「一3”，处。

已知任意振动质点连续两次经过平衡位置的时间间隔为。下列说法正确的是（）

A.波的频率为5Hz

B.波速为

C.『一2"?处的质点在/=0.1s时恰好位于波峰

D../=12m处的质点在，=（）3、-时恰好位于波谷

11.一定质量的理想气体从状态厶经过状态8和C又回到状态

C.BTC过程，气体对外做功OV

D.8一。过程，气体放热

12.某同学要探究类平抛运动的规律，设计了如图所示实验装置，他将一块足够大平整方

木板的一端放在水面地面上，另一端用支撑物垫起，形成一个倾角为"的斜面；他先将一个

小木块轻轻放在斜面上，放手后发现小木块会沿斜面向下运动；接着该同学将木块置于木板

左上角，同时给小木块一个平行于木板上沿的水平向右初速度”>,测量木块的运动轨迹，并

沿平行于木板上沿和沿斜面向下方向建立xOy坐标系来研究木块的运动。木块与木板上表面

间的动摩擦因数处处相同均为〃，不计空气阻力，重力加速度为g,下列说法正确的是（）

A.小木块在斜面上的运动轨迹为一条抛物线，该同学实验方案可行

B.小木块获得初速度八，开始运动的瞬间，其加速度大小为9V&7涓1为

C,小木块沿y轴方向的分运动为匀加速直线运动

D.小木块最终沿与y轴平行的方向做匀加速直线运动，加速度大小〃=g（疝4//cos（?）

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13.在“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中，某实验小组进行实验的主要步骤是:

将橡皮筋的一端固定在木板上的厶点，另一端拴上两根细绳套，每根绳套分别连着一个弹簧

测力计。沿着两个方向拉弹簧测力计，将橡皮筋与绳套的结点拉到某一位置，将此位置标记

为。点，读取此时弹簧测力计的示数，分别记录两个拉力£、田的大小，再用笔在两绳的

拉力方向上分别标记B、C两点，并分别将其与O点连接，表示凡、R的方向：再用一个

弹簧测力计将结点仍拉至。点，记录此时拉力F的大小，同样用笔在绳的拉力方向上标记。

点，也将其与。点连接，表示F的方向。

（1）已知两弹簧测力计的示数分别为Q-3.0.V和&.请在方框中利用平行四边形定

则做出Q和6和合力F的力的图示（所选标度已给定），并由所做图示可以得到合力厂的大

小为'（结果保留两位有效数字

（2）比较F与尸可知，方向一定沿厶。方向的是。

B.

C

14.某实验小组要测量阻值为几十欧的定值电阻/?,,实验室提供了如下实验器材.：

A电源E（电动势为3丿，内阻不计）；

B.电流表.41（量程为0~100m/，内阻»i约为3。）；

C.电流表4（量程为（）~内阻，2为10。）；

。・定值电阻用（阻值为9（）。）；

E.滑动变阻器小（最大阻值为i（in）；

F.滑动变阻器/?•.（最大阻值为决。）；

G.开关及导线若干。

（1）实验要求多测几组数据，且电表示数从零开始连续可调，请选择合适的实验器材设计电路,

将电路图画在图（“）的线框中，并标上器材符号。

（2）闭合开关S,调节滑动变阻器滑片，读取多组电流表•%的示数厶和与之对应的电流表必

的示数厶，厶和厶的函数图像如图®所示，则电阻兄

（3）仅从系统误差的角度考虑，电阻忆的测量值（填“大于”“等于”或“小于”）

真实值。

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//mA

15.在光滑水平面上有一质量，n=2。的木块，在水平拉力F—6N作用下，木块做匀加

速直线运动。求：

(1)木块的加速度大小：

(2)木块2s末速度的大小；

(3)木块第3s内通过的位移大小。

16.现代人越来越依赖手机，有些人喜欢躺着刷手机，经常出现手机掉落伤眼睛或者额头

的情况，若有一手机质量为120g,从离人额头为20cm的高度无初速掉落，磕到额头后手

机的反弹忽略不计，额头受到手机的冲击时间为().05s。取g=10，〃//,求：

(D手机与额头作用过程中，手机的动量变化量；

(2)手机对额头平均作用力的大小。

17.如图所示，在xoy平面坐标系的第I象限内有沿x轴负方向的匀强电场，场强大小为E,

第象限有垂直平面向里的匀强磁场，一个带正电粒子以初速度”，，从x轴上A点沿y轴正方

向射入电场，并从C点进入磁场，粒子恰好不射入第三象限，已知0八一d,OC=2d,粒

子的重力不计，求：

(1)该粒子的比荷；

(2)磁感应强度8的大小。

(3)粒子第2次从电场进入磁场经过y轴时的纵坐标值。

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答案和解析

1.【答案】厶

【解析】解麦克斯韦提出了电磁场理论后，赫兹是最早用实验证实电磁波存在，故厶正确，BCD

错误。

故选：除

明确物理学史，知道最早用实验证实电磁波存在、证明麦克斯韦电磁场理论的科学家是赫兹，从

而即可求解.

对于电磁学发展史上重要发现、发明，可结合时代背景、实验或理论内容来加强记忆.

2.【答案】厶

【解析】解：

①只有在标准大气压下，冰水混合物的温度才是。C,①错误；

②寒冬的长江烟波浩淼，是水蒸气的液化现象，是物态变化的现象，不能直接说明分子在不断运

动，②错误；

③物体的内能增加，它的温度可以不变，例如晶体熔化时内能增加，但温度不变，③错误；

④夏天在河岸边觉得沙子热得发烫而河水却不怎么热，是因为水的比热容大，④正确；

⑤柴油机、蒸汽机、汽油机工作时都是利用内能转化为机械能，⑤正确。

说法正确的有两个，故厶正确，8C0错误；

故选：A。

找出笔记中记录内容所对应的物理知识，结合物理知识，逐一做出判断即可。

本题考点综合，考查学生对一些简单物理知识的记忆力，难度不髙。

3.【答案】厶

【解析】解：根据题意可知，大小齿轮由于边缘啮合，所以边缘上的点的线速度大小相等，而齿

轮的半径不一样，由公式〃=0.可知，角速度的大小不等，故厶正确，8co错误。

故选：Ao

同缘传动时，边缘点的线速度相等；同轴传动时，角速度相等；结合，二3,分析。

本题关键明确同缘传动、同轴传动的特点，注意两点属于同缘转动，线速度大小一定相等。

4.【答案】C

【解析】解：AC、运动员下落时间只与竖直方向上的运动有关，与风力的大小无关，故厶错误，C

正确；

8、运动员在水平方向上受到风力的作用会有速度，风力越大，则水平方向的速度越大，运动沿

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着地时的速度不是竖直向下的，且速度的大小与风力有关，故8。错误；

故选：Co

根据运动的独立性分析出运动员落地的时间的影响因素；

根据水平方向的运动特点，结合矢量合成的特点完成分析。

本题主要考查了运动的合成和分解问题，理解运动的独立性，结合矢量的合成特点即可完成分析。

5.【答案】厶

【解析】解：设弹簧原长为八，劲度系数为k,对甲图根据共点力平衡条件得："49=卜出-厶))

对乙图根据共点力平衡条件得：，=A-(/o-/..)

联立解得：k=叱*，

<1—7*2”

故厶正确，BCD错误；

故选：A。

根据胡克定律表示两弹簧的弹力，根据共点力平衡条件列式求解弹簧的劲度系数。

本题考查胡克定律，注意/••=3•中的x指弹簧的形变量。

6.【答案】厶

【解析】解：厶、由图可知，越靠近两点电荷，电势越低，则两点电荷均为负电荷，故厶正确；

8、//图像切线的斜率表示电场强度，由图像得，P点场强为零，则两电荷在P处产生的场强

大小相等，方向相反，即卜£-=人+二

XAPXBP

/」/，<〃，〃，则如的电荷量小于软的电荷量,故8错误;

C、由图可知，在厶、8之间沿X轴从P点左侧到右侧，电势先增加后减小，根据片，96可知

负点电荷的电势能先减小后增大，故C错误；

。、/」图像的斜率表示电场强度，由图像得，沿X轴从P点运动到8点场强逐渐增大。由

«些可知，电荷只在电场力作用下沿x轴从P点运动到8点，加速度逐渐增大，故。错误。

m

故选：Ao

离负点电荷越近，电势越低；//图像的斜率表示电场强度，根据点电荷电场强度公式判断两

电荷的电荷量的大小；根据牛顿第二定律判断加速度的变化；根据电势的变化判断电势能的变化。

本题考查。/图像，解题关键是能根据图像分析电势的高低和场强的大小，掌握点电荷电场的

电场强度公式和电势能公式。

7.【答案】D

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【解析】解：设自、R】、凭、用的电流分别为厶、厶、厶、厶，电压分别为5、5、％、

3.干路电流为/,路端电压为U,电流表电流为/。

厶、色变大，外电阻变大，小变小，UE-/r变大，g变大。故A正确。

8、乙变大，/，变小，由厶=/总一厶变小，3变小，而G=U-S，U变大，则5变大，h

变大，/总=/+厶，/变小。故8正确。

A77

C、D,由欧姆定律U=E-%r,得国^=r.由/总=/+八，/变小，乙变大，/总变小，贝U

△U△1/Ar

<加7［故27<r,故c正确，。错误。

本题选不正确的，故选：。。

由图，/?,,足并联，再与国串联，与几।并联，电压表测量路端电压，等于小电压.由小接入

电路的电阻变化，根据欧姆定律及串并关系，分析电流表和电压表示数变化量的大小.

本题的难点在于确定电流表示数变化量与干路电流变化△/的大小，采用总量法，这是常用

方法.

8.【答案】厶

【解析】解('D.设初始时刻弹簧的压缩量为八，根据平衡条件和胡克定律有—=(""+m〃)9

解得以,0.15»n

当f=().2.s后厶离开了B,0.2s时厶、8间挤压力恰为零，设此时弹簧压缩量为八,对B根据牛

顿第二定律有

kx\—m/g=rnija

由运动学公式

2

x0-xi=-ae

解得“=6，n/./,J'i:0.03ru

故CD正确；

B.A,B分离时，对A由牛顿第二定律F-mAg=mAa

解得F=168.V

故B正确；

A施加力F的瞬间，设A、8间弹力为N,以B为对象，由牛顿第二定律人F)-“mg-N=

解得N—96.V

故厶错误。

本题选择错误的，故选：A。

根据平衡条件和胡克定律，求弹簧初始压缩量，对8根据牛顿第二定律、运动学公式求加速度和

弹簧，=()2、的压缩量，厶、8分离时，对厶由牛顿第二定律，求分离时F的值，施加力F的瞬

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间，设厶、8间弹力为/V,以8为对象，由牛顿第二定律，求弹力。

本题考查学生对平衡条件、胡克定律、牛顿第二定律、运动学公式的掌握，解题关键是正确选择

整体法、隔离法去选择研究对象。

9.【答案】CD

【解析】解△.圆是椭圆的特例，故公式既然适用于椭圆轨道的行星，肯定也能适用于圆轨道的

行星，但此时公式中的a为圆轨道半径即可，故A错误；

BC.比例系数k是一个由中心天体决定而与行星无关的常量，但不是恒量，不同的星系中，k值

不同，k值是只与中心天体决定，与绕中心天体旋转的行星无关，故8错误，C正确：

。、只要是围绕同一中心天体运行的不同行星，公式都适用，包括以地球为中心天体的系统，故。

正确。

故选：CD。

开普勒运动定律不仅适用于椭圆运动，也适用于圆周运动，不仅适用于行星绕太阳的运动，也适

用于卫星绕行星的运动.式中的k是与中心星体的质量有关的。

本题需要掌握：开普勒运动定律不仅适用于椭圆运动，也适用于圆周运动，不仅适用于行星绕太

阳的运动，也适用于卫星绕行星的运动，式中的k是与中心星体的质量有关的。

10.【答案】BC

【解析】解：.工依题意，波的周期为()」.%则频率/=，，解得/2.5〃：

故厶错误；

8.该波波长入-bn,所以波速”=奈，解得?，=10m/s

故8正确；

心因£=0.13=1T

4

图中/=处的质点在，=0时刻正向上运动，故在，=().1、时，质点恰好位于波峰，故C正确;

。,根据周期性特点，丁=12/〃处的质点与/=I〃，处的质点振动情况完全相同，1=力〃处的质

点在f=()时刻正向下运动，因，=0.3s==T

则在f=0.3s时,质点恰好位于波峰,故「=12m处质点在t=0.3s时恰好位于波峰，故D错误。

故选：BC。

根据题意确定周期，频率/=(，求频率；

波速求波速；

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r=o.i.s,为周期的;，在，=()时刻正向上运动，，=0.卜时，质点恰好位于波峰；

根据周期性特点和振动方向以及振动时间，求质点位置。

本题考查学生对周期频率关系、波速公式、振动规律的掌握，解题关键是分析出质点初始的位置

和振动时间，确定下一时刻质点振动位置。

11.【答案】AC

【解析】解：.48.由图可知4-B过程中，绝热膨胀，气体对外做功，1「＜Q,Q0,根据

热力学第一定律AU=田+Q可知＜0,则内能减小，温度降低，气体分子的平均动能减小，

则厶状态速率大的分子比例较B状态的多，故厶正确，8错误；

CDB-C过程中是等压变化，体积增大，则气体对外做功田＜0,由盖-吕萨克定律V—OT,

可知气体温度升高，所以气体内能增大，根据热力学第一定律au=W+Q,气体吸热，C正确，

。错误。

故选：AC.

根据图象分析各个过程的温度、体积和压强的变化情况，结合热力学第一定律和理想气体的状态

方程进行分析解答。

本题考查了热力学第一定律的应用，根据图象判断出气体体积如何变化，从而判断出外界对气体

做功情况，再应用热力学第一定律与题目所给条件即可正确解题；要知道：温度是分子平均动能

的标志，理想气体内能由问题温度决定。

12.【答案】BD

【解析】解：.48/).小木块获得初速度，，，开始运动的瞬间，受重力、支持力、滑动摩擦力，滑动

摩擦力的方向与人方向反向，把重力分解为垂直斜面向上和沿斜面向下的两个力，支斜面对木块

的支持力则木块受到的滑动摩擦力/"八“""‘cos。，则根据牛顿第二定律

有in2g2sin20+n2in-g2cos20=ma

解得“=ysin20-f-p-cos20

此后木块在y方向做加速运动，X方向做减速运动，当X方向速度减为零时X方向不再运动，最

终木块在y方向做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律"均sin।-4mgeos。=ma,解得加速度

大小为”=g(疝1&-4CO6。)，因此木块不是做类平抛运动，故厶错误，BO正确；

C.滑动摩擦力的方向从最初与，”方向反向，逐渐变为沿y轴负方向，则小木块沿y轴方向的分运

动为先做加速度减小的加速直线运动，后做匀加速直线运动，故C错误。

故选：BD.

480.将木块所受重力沿斜面向下和垂直斜面分解，根据滑动摩擦力公式求摩擦力，根据力的合

成求合力，根据牛顿第二定律求加速度；根据运动的合成与分解分析木块沿x方向和沿y方向的

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运动情况，然后作出判断；

C.对木块减小受力分析，然后分析木块沿y方向所受的合力，结合牛顿第二定律分析运动情况。

本题考查了物体(木块)在斜面上的曲线运动，对于曲线运动可以采用“化曲为直”的方法进行研

究；由于斜面粗糙，因此木块的运动不是类平抛运动。

13.【答案】6.0F

【解析】解：(1)用线段的长短表示出人、6的大小，以这两条边为邻边，作出平行四边形，对

角线即表示尸'的大小，通过测量、计算得F'=6.0.Y

(2)/是通过作平行四边形得到的合力，是理论值，F是实际的合力，方向一定沿厶O方向。

故答案为：(1)6.0；(2)FO

(1)用力的图示法做岀平行四边形，测量对角线计算合力；

(2)通过平行四边形得到的合力为理论值，通过一个弹簧测力计拉至O点是实际值。

本题考查探究两个互成角度的力的合成规律实验，要求掌握实验原理和数据处理。

厶(12+R")等于

八一厶

【解析】解(1)没有电压表，可以用已知内阻的电流表4与定值电阻4串联改装成电压表测电

压，另一电流表小测电流，实验要求电表示数从零开始可以连续条件，则滑动变阻器应采用分压

接法，为方便实验操作，滑动变阻器应选择最大阻值较小的滑动变阻器外，电流表采用外接法,

实验电路图如图所示

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(•3)根据图示电路图可知，电压的测量值等于真实值，电流的测量值等于真实值，从系统误差角度

考虑，不存在系统误差，电阻的测量值等于真实值。

+Rl)

(3)等于。

h-h

(H根据实验原理与实验要求作出实验电路图。

(2)根据电路图应用欧姆定律求出电阻阻值。

(3)根据实验电路图分析实验误差。

理解实验原理是解题的前提，要掌握实验器材的选择原则；作出实验电路图，根据实验电路图应

用欧姆定律即可解题。

15.【答案】解：(1)对木块，根据牛顿第二定律可得：F^ma

代入数据解得：“=3”i/s2

末的速度为u-at-3x2m/8-/s

(3)木块第3s内通过的位移大小为八一=雜一：x3X32m-x3x22m=7.5m

答：(1)木块的加速度大小为3，n/M；

⑵木块2s末速度的大小为6m/s；

(3)木块第3s内通过的位移大小为7.5，"。

【解析】(1)根据牛顿第二定律求解加速度；

(2)根据速度-时间公式求解速度：

(3)根据位移-时间公式求解通过的位移。

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本题主要考查了牛顿第二定律和运动学公式，抓住加速度是解决此类问题的中间桥梁。

16.【答案】解（1）选取竖直向下为正方向，根据自由落体运动规律，手机掉落到人额头位置时

的速度为"=2gh=x10x0.2m/s=2m/s

手机与额头作用后手机的速度变为0,所以手机与额头作用过程中动量变化量为

Ap=0—mv=-0.12x2kg-m/s=-0.2Akg'in/s

即手机动量变化量的大小为02川.，”人，方向竖直向上。

（2）选取竖直向下为正方向，手机与额头作用过程中，设额头对手机平均作用力的大小为F,对手

机由动量定理得（"ig-

代入数据解得

F=6N

根据牛顿第三定律知，手机对额头平均作用力的大小为6N。

答：（1）手机与额头作用过程中，手机的动量变化量为0.2小伊，”厶，方向竖直向上；

（2）手机对额头平均作用力的大小为6N。

【解析】（1）根据自由落体运动求出手机下落至额头的速度和反弹的速度，根据动量公式解得：

（2）对