广东省佛山市南海区狮山镇官窑初级中学2023-2024学年九年级上学期10月月考数学试卷_第1页
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文档简介

第1页(共1页)2023-2024学年广东省佛山市南海区官窑初中九年级(上)月考数学试卷(10月份)一、单选题(本题共10小题,每小题3分,共30分)1.(3分)方程x2﹣2=0的两个根为()A.x1=x2=2 B.x1=2,x2=﹣2 C.x1=x2= D.x1=,x2=﹣2.(3分)矩形具有而菱形不一定具有的性质是()A.对角相等 B.对角线相等 C.对边相等 D.对角线互相平分3.(3分)方程2x2+3x+1=0的根的情况是()A.有两个相等的实数根 B.只有一个实数根 C.没有实数根 D.有两个不相等的实数根4.(3分)若菱形的一条边长为5cm,则这个菱形的周长为()A.20cm B.18cm C.16cm D.12cm5.(3分)下列等式是一元二次方程的是()A.ax2+bx+c=0(a,b,c为常数) B.x(x+1)(x﹣2)=x2 C.x2=0 D.6.(3分)如图,把矩形ABCD沿EF对折,若∠1=50°,则∠AEF等于()A.50° B.80° C.65° D.115°7.(3分)若方程x2﹣2x﹣3=0的一个实数根为m,则2020+m2﹣2m的值是()A.2024 B.2023 C.2022 D.20218.(3分)如图,某小区有一块长为18米、宽为6米的矩形空地,计划在其中修建两块相同的矩形绿地(图中阴影部分),它们的面积之和为60平方米,两块绿地之间及周边留有宽度相等的人行通道.若设人行通道的宽度为x米,则下列所列方程正确的是()A.(18﹣2x)(6﹣2x)=60 B.(18﹣3x)(6﹣x)=60 C.(18﹣2x)(6﹣x)=60 D.(18﹣3x)(6﹣2x)=609.(3分)对角线相等且互相垂直平分的四边形是()A.矩形 B.正方形 C.菱形 D.平行四边形10.(3分)如图,在矩形ABCD中,E为AD中点,作EF∥AB,交对角线BD于点O,连结EC.取OB中点P,取CE中点Q,连结PQ.若AD=6,AB=8,则PQ的长度为()A. B. C. D.二、填空题(本题共6小题,每小题3分,共18分)11.(3分)如图,在矩形ABCD中,AC=6,则OB的长是.12.(3分)已知(x+y)2﹣2(x+y)﹣3=0,则x+y=.13.(3分)在数学活动课上,小明用四根长度相同的木条首尾相接制作了一个如图1的正方形,而后将正方形的BC边固定,平推成图2的图形,并测得∠B=60°,若图1中的边长AB=10,则变形后图2中图形的面积是.14.(3分)2022年东阳市初中男生篮球比赛在小组初赛之后,每个小组的第一名再进行决赛,决赛采用单循环比赛(单循环比赛是指所有参赛队伍可在比赛中相遇一次)方式,单循环比赛共进行了15场,参加比赛的队伍共有支.15.(3分)若x1,x2是一元二次方程x2+2x﹣5=0的两个根,则x1+x2=.16.(3分)如图,在边长为4的正方形ABCD中,点E是边CD的中点,AE的垂直平分线交边BC于点G,交边AE于点F,连接DF,EG,以下结论:①DF=,②DF∥EG,③△EFG≌△ECG,④BG=,正确的有:(填写序号)三、解答题(本大题共9小题,共72分)17.(4分)解方程:x2+8x=9.18.(4分)如图,菱形ABCD中,过点C分别作边AB,AD上的高CE,CF,求证:BE=DF.19.(6分)如图,矩形ABCD的对角线AC,BD相交于点O,CE∥BD,DE∥AC.求证:四边形DOCE是菱形.20.(6分)已知2是关于x的方程x2+ax+a﹣3=0的一个根,求a的值及方程的另一个根.21.(8分)某种商品平均每天可销售30件,每件盈利50元,为了促进销售,商场决定采取适当的降价措施,经调查发现,每件商品每降价1元,商场平均每天可多售出2件,设每件商品降价x元.据此规律,请回答:(1)降价后,每件商品盈利元,日销售量件.(用含x的代数式表示);(2)在上述条件不变的情况下,要更大程度地让利顾客,每件商品降价多少元时,商场日盈利可达到2100元?22.(10分)如图,已知,在直角梯形ABCD中,AD∥BC,∠B=90°,AB=8cm,AD=24cm,BC=26cm,动点P从A开始沿AD边向点D以1cm/s的速度运动,动点O从点C开始沿CB边向B以3cm/s的速度运动,P、Q分别从点A、C同时出发,当其中一点到达端点时,另一点也随之停止运动,设运动时间为t.(1)t为何值时,PQ∥CD?为什么?(2)当PQ=2cm时,求t的值.23.(10分)在边长为6的正方形ABCD中,E是BC上的一个动点(不与点B、C重合),连接AE.现将△ABE沿AE折叠,使点B落在点F处,连结BF并延长交AE于点H,交CD于点P.(1)如图1,求证:CP=EF;(2)如图2,延长AF交DC的延长线于点Q.①求证:QF=QP;②若,求出线段PQ的长.24.(12分)饲养场准备利用现成的一堵“7”字形的墙面(粗线A﹣B﹣C表示墙面)建饲养场,已知AB⊥BC,AB=3米,BC=15米,现计划用总长为38米的篱笆围建一个“日”字形的饲养场BDEF,并在每个区域开一个宽2米的门,如图(细线表示篱笆,饲养场中间用篱笆GH隔开),点F在线段BC上.(1)设EF的长为x米,则DE=米;(用含x的代数式表示)(2)若围成的饲养场BDEF的面积为132平方米,求饲养场的宽EF的长;(3)所围成的饲养场BDEF的面积能否为171平方米?如果能达到,求出EF的长;如果不能,请说明理由.25.(12分)如图,在矩形ABCD中,AD=2AB=8,E,F是对角线BD上的动点,且BE=DF,M,N分别是边AD,边BC上的动点.(1)如图2,连接AC交BD于O点,若E、F、M、N分别是OB、OD、AD、BC的中点,求证:四边形MENF是平行四边形;(2)当四边形MENF是正方形时,用无刻度的直尺和圆规在图3中作出符合题意的图形并求BE的长;(3)当时,且四边形MENF是矩形,直接写出BN的长.2023-2024学年广东省佛山市南海区双语实验中学九年级(上)段考数学试卷(10月份)参考答案与试题解析一、单选题(本题共10小题,每小题3分,共30分)1.(3分)方程x2﹣2=0的两个根为()A.x1=x2=2 B.x1=2,x2=﹣2 C.x1=x2= D.x1=,x2=﹣【解答】解:方程x2﹣2=0,移项得:x2=2,开方得:x=±,∴x1=,x2=﹣.故选:D.2.(3分)矩形具有而菱形不一定具有的性质是()A.对角相等 B.对角线相等 C.对边相等 D.对角线互相平分【解答】解:矩形具有而菱形不一定具有的性质是对角线相等,故选:B.3.(3分)方程2x2+3x+1=0的根的情况是()A.有两个相等的实数根 B.只有一个实数根 C.没有实数根 D.有两个不相等的实数根【解答】解:∵b2﹣4ac=32﹣4×2×1=1>0,∴方程有两个不相等的实数根.故选:D.4.(3分)若菱形的一条边长为5cm,则这个菱形的周长为()A.20cm B.18cm C.16cm D.12cm【解答】解:∵菱形的四条边都相等,∴其边长都为5cm,∴菱形的周长=4×5=20cm.故选:A.5.(3分)下列等式是一元二次方程的是()A.ax2+bx+c=0(a,b,c为常数) B.x(x+1)(x﹣2)=x2 C.x2=0 D.【解答】解:A.当a=0时,ax2+bx+c=0不是一元二次方程,选项A不符合题意;B.该方程整理可得x3﹣2x2﹣2x=0,含未知数的项的最高次数是3,不是一元二次方程,选项B不符合题意;C.x2=0是一元二次方程,选项C符合题意;D.该方程是分式方程,不是一元二次方程,选项D不符合题意.故选:C.6.(3分)如图,把矩形ABCD沿EF对折,若∠1=50°,则∠AEF等于()A.50° B.80° C.65° D.115°【解答】解:∵把矩形ABCD沿EF对折,∴AD∥BC,∠BFE=∠2,∵∠1=50°,∠1+∠2+∠BFE=180°,∴∠BFE==65°,∵∠AEF+∠BFE=180°,∴∠AEF=115°.故选:D.7.(3分)若方程x2﹣2x﹣3=0的一个实数根为m,则2020+m2﹣2m的值是()A.2024 B.2023 C.2022 D.2021【解答】解:∵方程x2﹣2x﹣3=0的一个实数根为m,∴m2﹣2m﹣3=0.∴m2﹣2m=3.∴2020+m2﹣2m=2020+(m2﹣2m)=2020+3=2023.故选:B.8.(3分)如图,某小区有一块长为18米、宽为6米的矩形空地,计划在其中修建两块相同的矩形绿地(图中阴影部分),它们的面积之和为60平方米,两块绿地之间及周边留有宽度相等的人行通道.若设人行通道的宽度为x米,则下列所列方程正确的是()A.(18﹣2x)(6﹣2x)=60 B.(18﹣3x)(6﹣x)=60 C.(18﹣2x)(6﹣x)=60 D.(18﹣3x)(6﹣2x)=60【解答】解:设人行通道的宽度为x米,根据题意可得:(18﹣3x)(6﹣2x)=60,故选:D.9.(3分)对角线相等且互相垂直平分的四边形是()A.矩形 B.正方形 C.菱形 D.平行四边形【解答】解:∵四边形的对角线互相平分,∴此四边形是平行四边形;又∵对角线相等,∴此四边形是矩形;又∵对角线互相垂直,∴此四边形是正方形.故选:B.10.(3分)如图,在矩形ABCD中,E为AD中点,作EF∥AB,交对角线BD于点O,连结EC.取OB中点P,取CE中点Q,连结PQ.若AD=6,AB=8,则PQ的长度为()A. B. C. D.【解答】解:∵四边形ABCD是矩形,AD=6,AB=8,E为AD中点,∴BC=AD=6,CD=AB=8,AE=DE=AD=3,AD∥BC,AB∥CD,∵EF∥AB,∴四边形ABFE是平行四边形,EF∥CD,∵∠A=90°,∴四边形ABFE是矩形,∴BF=AE=3,∠OFB=∠OEA=90°,∴CF=BF=DE=3,∠OFB=∠OED=90°,在△OFB和△OED中,,∴△OFB和≌△OED(AAS),∴OB=OD,∴OE=AB=4,连结OC,取OC的中点G,连结PG、QG,∵∠BCD=90°,∴BD===10,∴OC=OB=OD=BD=5,∵P、Q分别是OB、CE的中点,∴PG∥BC,PG=BC=3,GQ∥OE,GQ=OE=2,∴GQ∥CD,∴∠OGP=∠OCB,∠OGQ=∠OCD,∴∠PGQ=∠OGP+∠OGQ=∠OCB+∠OCD=∠BCD=90°,∴PQ===,故选:B.二、填空题(本题共6小题,每小题3分,共18分)11.(3分)如图,在矩形ABCD中,AC=6,则OB的长是3.【解答】解:在矩形ABCD中,AC=6,∴BD=AC=6,∴,故答案为:3.12.(3分)已知(x+y)2﹣2(x+y)﹣3=0,则x+y=3或﹣1.【解答】解:设t=x+y,则原方程转化为t2﹣2t﹣3=0,整理,得(t﹣3)(t+1)=0.解得t1=3,t2=﹣1.所以x+y=3或x+y=﹣1.故答案为:3或﹣1.13.(3分)在数学活动课上,小明用四根长度相同的木条首尾相接制作了一个如图1的正方形,而后将正方形的BC边固定,平推成图2的图形,并测得∠B=60°,若图1中的边长AB=10,则变形后图2中图形的面积是50.【解答】解:将正方形的BC边固定,平推成菱形,则边长长度不改变,∴BC=AB=10.过点A作AE⊥BC于点E,如图,∵∠B=60°,∴∠BAE=30°,∴BE=AB=5,∴AE===5.∴S菱形ABCD=BC•AE=10×5=50.故答案为:50.14.(3分)2022年东阳市初中男生篮球比赛在小组初赛之后,每个小组的第一名再进行决赛,决赛采用单循环比赛(单循环比赛是指所有参赛队伍可在比赛中相遇一次)方式,单循环比赛共进行了15场,参加比赛的队伍共有10支.【解答】解:设参加比赛的队伍共有x支,根据题意得:x(x﹣1)=15,解得x=6或x=﹣5(舍去),∴参加比赛的队伍共有6支;故答案为:6.15.(3分)若x1,x2是一元二次方程x2+2x﹣5=0的两个根,则x1+x2=﹣2.【解答】解:∵x1,x2是一元二次方程x2+2x﹣5=0的两个根,∴x1+x2=﹣2,故答案为:﹣2.16.(3分)如图,在边长为4的正方形ABCD中,点E是边CD的中点,AE的垂直平分线交边BC于点G,交边AE于点F,连接DF,EG,以下结论:①DF=,②DF∥EG,③△EFG≌△ECG,④BG=,正确的有:①④(填写序号)【解答】解:如图,设FG交AD于M,连接BE.∵四边形ABCD是正方形,∴AB=BC=CD=AD=4,∠ADC=∠C=90°,∵DE=EC=2,在Rt△ADE中,AE===2.∵AF=EF,∴DF=AE=,故①正确,易证△AED≌△BEC,∴∠AED=∠BEC,∵DF=EF,∴∠FDE=∠FED=∠BEC,∴DF∥BE,∵BE与EG相交,∴DF与EG不平行,故②错误,∵AE⊥MG,易证AE=MG=2,由△AFM∽△ADE,可知=,∴FM=,FG=,在Rt△EFG中,EG==,在Rt△ECG中,CG==,∴BG=BC﹣CG=4﹣=,故④正确,∵EF≠EC,FG≠CG,∴△EGF与△EGC不全等,故③错误,故答案为①④.三、解答题(本大题共9小题,共72分)17.(4分)解方程:x2+8x=9.【解答】解:x2+8x=9,x2+8x﹣9=0,(x+9)(x﹣1)=0,x+9=0或x﹣1=0,解得x1=﹣9,x2=1.18.(4分)如图,菱形ABCD中,过点C分别作边AB,AD上的高CE,CF,求证:BE=DF.【解答】证明:∵四边形ABCD是菱形,∴BC=CD,∠B=∠D,∵CE,CF分别边AB,AD上的高,∴∠BEC=∠DFC=90°,在△BCE和△DCF中,,∴△BCE≌△DCF(AAS),∴BE=DF.19.(6分)如图,矩形ABCD的对角线AC,BD相交于点O,CE∥BD,DE∥AC.求证:四边形DOCE是菱形.【解答】证明:∵CE∥BD,DE∥AC,∴四边形DOCE是平行四边形,∵四边形ABCD是矩形,∴,,∵AC=BD,∴OC=OD,∴四边形DOCE是菱形.20.(6分)已知2是关于x的方程x2+ax+a﹣3=0的一个根,求a的值及方程的另一个根.【解答】解:将x=2代入方程x2+ax+a﹣3=0得4+2a+a﹣3=0,解得a=﹣,方程为x2﹣x﹣=0,即3x2﹣x﹣10=0,解得设x1=﹣,x2=2.所以另一个根为﹣.21.(8分)某种商品平均每天可销售30件,每件盈利50元,为了促进销售,商场决定采取适当的降价措施,经调查发现,每件商品每降价1元,商场平均每天可多售出2件,设每件商品降价x元.据此规律,请回答:(1)降价后,每件商品盈利(50﹣x)元,日销售量30+2x件.(用含x的代数式表示);(2)在上述条件不变的情况下,要更大程度地让利顾客,每件商品降价多少元时,商场日盈利可达到2100元?【解答】解:(1)商场日销售量增加2x件,每件商品盈利(50﹣x)元,故答案为:(50﹣x),30+2x;(2)根据题意可得(30+2x)(50﹣x)=2100,解得:x=15或x=20,∵该商场为了尽快减少库存,∴降的越多,越吸引顾客,∴选x=20,答:每件商品降价20元,商场日盈利可达2100元.22.(10分)如图,已知,在直角梯形ABCD中,AD∥BC,∠B=90°,AB=8cm,AD=24cm,BC=26cm,动点P从A开始沿AD边向点D以1cm/s的速度运动,动点O从点C开始沿CB边向B以3cm/s的速度运动,P、Q分别从点A、C同时出发,当其中一点到达端点时,另一点也随之停止运动,设运动时间为t.(1)t为何值时,PQ∥CD?为什么?(2)当PQ=2cm时,求t的值.【解答】解:(1)由题意知,AP=tcm,CQ=3tcm,PD=(24﹣t)cm,当四边形PQCD为平行四边形时,PQ∥CD,∵AD∥BC,∴PD=CQ,四边形PQCD为平行四边形,∴24﹣t=3t,解得:t=6,即当t=6s时,PQ∥CD.(2)如图1,过P作PH⊥BC于D,∵∠B=90°,∴AB∥PH,∵AP∥BH,∴四边形ABHP是矩形,∴BH=AP=t(cm),PH=AB=8(cm),∠PHQ=90°,∴HQ=BC﹣BH﹣CQ=(26﹣4t)(cm),在Rt△PHQ中,HQ=(26﹣4t)cm,PH=8cm,PQ=2cm,∴PH2+HQ2=PQ2,∴82+(26﹣4t)2=(2)2,解得:t1=6,t2=7(舍弃);如图2,过P作PH⊥BC于D,则四边形ABHP是矩形,∴BH=AP=t(cm),PH=AB=8(cm),∠PHQ=90°,∴HQ=BH﹣BQ=(26﹣4t)(cm),在Rt△PHQ中,HQ=(26﹣4t)cm,PH=8cm,PQ=2cm,∴PH2+HQ2=PQ2,∴82+(26﹣4t)2=(2)2,解得:t1=6(舍弃),t2=7;综上所述,满足条件的t的值为6s或7s.23.(10分)在边长为6的正方形ABCD中,E是BC上的一个动点(不与点B、C重合),连接AE.现将△ABE沿AE折叠,使点B落在点F处,连结BF并延长交AE于点H,交CD于点P.(1)如图1,求证:CP=EF;(2)如图2,延长AF交DC的延长线于点Q.①求证:QF=QP;②若,求出线段PQ的长.【解答】(1)证明:∵正方形ABCD,∴AB=BC,∠ABC=∠C=90°,∵△ABE沿AE折叠,使点B落在点F处,∴BE=EF,AE⊥BF,∴∠AHB=∠ABE=90°,∴∠BAE=∠HBE=90°﹣∠ABH,在△ABE和△BCP中,,∴△ABE≌△BCP(ASA),∴BE=CP,又∵BE=EF,∴CP=EF;(2)①证明:∵将△ABE沿AE折叠,使点B落在点F处,∴AB=AF,∴∠ABF=∠AFB,∵正方形ABCD,∴AB∥CD,∴∠ABF=∠QPF,又∠AFB=∠QFP,∴∠QPF=∠QFP,∴QF=QP;②解:∵正方形ABCD,边长为6,∴AB=AD=BC=CD=6,∠D=90°,由(1)知,∴DP=CD﹣CP=4,∵将△ABE沿AE折叠,使点B落在点F处,∴AF=AB=6,设PQ=x,由①得:QF=PQ=x,则:AQ=AF+FQ=6+x,DQ=DP+PQ=4+x,在Rt△ADQ中,AQ2=AD2+DQ2,∴(6+x)2=62+(4+x)2,∴x=4,即:PQ=4.24.(12分)饲养场准备利用现成的一堵“7”字形的墙面(粗线A﹣B﹣C表示墙面)建饲养场,已知AB⊥BC,AB=3米,BC=15米,现计划用总长为38米的篱笆围建一个“日”字形的饲养场BDEF,并在每个区域开一个宽2米的门,如图(细线表示篱笆,饲养场中间用篱笆GH隔开),点F在线段BC上.(1)设EF的长为x米,则DE=(45﹣3x)米;(用含x的代数式表示)(2)若围成的饲养场BDEF的面积为132平方米,求饲养场的宽EF的长;(3)所围成的饲养场BDEF的面积能否为171平方米?如果能达到,求出EF的长;如果不能,请说明理由.【解答】解:(1)设EF的长为x米,则DE=38+2+2﹣(3x﹣3)=(45﹣3x)(米).故答案为:(45﹣3x).(

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