江苏省金陵中学2023-2024学年物理高二年级上册期末调研模拟试题含解析

江苏省金陵中学2023-2024学年物理高二上期末调研模拟试题

注意事项

1.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.

2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.

3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.

4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他

答案.作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.

5.如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示为某静电除尘装置的原理图，废气先经过一个机械过滤装置再进入静电除尘区。图中虚线是某一带负电的

尘埃（不计重力）仅在电场力作用下向集尘极迁移并沉积的轨迹，4、5两点是轨迹与电场线的交点。不考虑尘埃在迁

移过程中的相互作用和电量变化，则以下说法正确的是（）

A.A点的电场强度小于5点的电场强度

B4点的电势高于5点的电势

C.尘埃在A点的电势能大于在5点的电势能

D.尘埃在A点受到的静电力小于在B点的受到的静电力

2、在物理学发展的过程中观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起了重要作用，下列叙述符合史实的是（）

A.奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系

B.洛伦兹根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说

C.法拉第在对理论和实验资料进行分析后总结出法拉第电磁感应定律

D.楞次认为磁场变化时会在空间激发出一种电场，叫感生电场

3、如图所示，虚线“、氏c代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动

轨迹，P、R、。是这条轨迹上的三点，由此可知（）

A.带电粒子在R点时的速度大于在。点时的速度

B.带电粒子在尸点时的电势能比在。点时的电势能大

C.带电粒子在R点时的动能与电势能之和比在Q点时的小，比在尸点时的大

D.带电粒子在R点时的加速度小于在Q点时的加速度

4、如图，一有界区域内，存在着磁感应强度大小均为B,方向分别垂直于光滑水平桌面向下和向上的匀强磁场，磁场

宽度均为L.现有一边长为交L的正方形线框abed,在外力作用下，保持ac垂直磁场边缘，并以沿x轴正方向的速

2

度水平匀速地通过磁场区域，若以逆时针方向为电流正方向，下图中能反映线框中感应电流变化规律的图是（）

XXX

XXX

XXX

XXX

XXX

XXX

XXX

XXX

5、如图所示的弹簧振子，弹簧的劲度系数为鼠当弹簧伸长了x时，弹簧对小球的弹力大小为（

JV

6、两个分别带有电荷量-Q和+2Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为

F.两小球相互接触后将其固定距离变为r/2,这时A和B之间的作用力大小为F，，则F与F，之比为（）

A.1：2B.2：1

C.1：4D.4：1

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、带电粒子（不计重力）在匀强电场或匀强磁场中，可能存在的状态是：

A.在匀强电场中做匀加速直线运动B.在匀强磁场中做匀加速直线运动;

C.在匀强电场中保持静止；D.在匀强磁场中保持静止

8、在如图所示的电路中，Pi、P2分别为滑动变阻器Ri、&的滑动触头，以为定值电阻，平行金属板A、B构成电容

器C,M为电容器内的一点。开关S闭合且电路稳完时，下列说法正确的是

A.若滑片Pi向下移动,电容器的极板间电压变小

B.若滑片P2向下移动,电容器的极板间电压变小

C.若极板A向下移动，M点的电势升高

D.若极板A向下移动，M点的电势降低

9、电磁学的基本现象和规律在生产生活中有若广泛的应用.下列哪些科学仪器和生活电器在工作时.其主要器件成用

了电磁感应现象的是（）

A.金属探测器B.示波器

C.电子感应加速器D.质谱仪

10、质量为机的通电细杆成置于倾角为。的导轨上，导轨的宽度为d,杆成与导轨间的摩擦因数为"，有电流时，

成恰好在导轨上静止，如图所示，图中的四个侧视图中，标出了四种可能的匀强磁场方向，其中杆而与导轨之间的

摩擦力可能为零的图是（）

b

0

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）（1）图1螺旋测微器读数为mm,图2游标卡尺读数为mm。

图1图2图3

（2）选择电流表的量程为0.6A,则图3中电流表的读数为Ao

12.（12分）用如图所示电路测量电源的电动势和内阻，实验器材：待测电源（电动势约3V,内阻约20）,保护电阻

Ri（阻值10Q）和&（阻值5Q）,滑动变阻器电流表A,电压表V,开关S,导线若干。

实验主要步骤：

(i)将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大，闭合开关；

(ii)逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数U和相应电流表的示数I；

(iii)以。为纵坐标，/为横坐标，作U-/图线3、/都用国际单位)；

(iv)求出图线斜率的绝对值A和在横轴上的截距%

回答下列问题：

(1)电压表最好选用；电流表最好选用=

A.电压表(0~3V,内阻约15kQ)B.电压表(0~3V,内阻约3kQ)

C.电流表(0~200mA,内阻约2。)D.电流表(0~30mA,内阻约2。)

(2)滑动变阻器滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大，两导线与滑动变阻器接线柱连接情况是;

A.两导线接在滑动变阻器电阻丝两端的接线柱

B.两导线接在滑动变阻器金属杆两端的接线柱

C.一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱，另一条导线接在电阻丝左端接线柱

D.一条导线接在滑动变阻器金属杆右端接线柱，另一条导线接在电阻丝右端接线柱

(3)选用晨a、Ri、&表示待测电源的电动势E和内阻r的表达式/=,r=,代入数值可得E和r的

测量值。

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)ABC表示竖直放在电场强度为E=104v/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的5c部分是半径

为R的,圆环，轨道的水平部分与半圆环相切.A为水平轨道上的一点，而且A3=R=O.2m,把一质量机=0.1kg,带电

4

量为q=+l(T,c的小球，放在A点由静止释放后，求：(g=10m/s2)

⑴小球到达C点的速度大小

⑵小球在C点时，轨道受到的压力大小

14.（16分）如图，两根间距为L=0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E=3V、内阻r=l。的电源，导轨平面与

水平面间的夹角0=37。.金属杆ab垂直导轨放置，质量m=0.2kg.导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不

计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中.当Ro=112时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g=10m/s2,5也37。=0.6,

cos37°=0.8

（1）求磁感应强度B的大小；

（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度

15.（12分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板b相距d=0.10m,“、5间的电场强度为E=5.0X105N/C,b

板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为/n=4.8xl0-25kg,电荷

量为9=1.6xl（）isc的带正电的粒子（不计重力），从贴近a板的左端以vo=l.OxlO6m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好

从狭缝尸处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到8板的。处（图中未画出）.求P、。之间的距离L

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】根据电场线的疏密可分析场强的大小，进而判断尘埃在A、3两点受到的静电力的大小；根据电场方向，可

判断电势高低；分析尘埃所受的电场力的方向，确定电场力对尘埃做功的情况，从而分析出电势能的变化情况。

【详解】AD.由图可知，A点电场线比3点密集，因此A点的电场强度大于5点的电场强度，故尘埃在A点受到的静

电力大于在8点受到的静电力，故A、D均错误；

BC.由图可作过8的等势线，交A所在电场线于小，则可知，0点靠近正极板，故3点的电势高于A点电势，因为负

电荷在电势越高的地方电势能越小，在电势越低的地方电势能越大，所以尘埃在3点的电势能小于在A点的电势能，

故B错误，C正确；

故选C。

2、A

【解析】A.奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系，故A项符合题意.

B.安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说，故B项不合题意.

C.法拉第电磁感应定律是由纽曼、韦伯在对理论和实验资料进行严格分析后总结出的规律，故C项不合题意.

D.麦克斯韦认为磁场变化时会在空间激发一种电场，这种电场与静电场不同，它不是由电荷产生的，叫感生电场，故

D项不合题意.

3、A

【解析】AB.电荷做曲线运动，电场力指向曲线的内侧，所以电场力的方向向右；若粒子从P经过R运动到0,电场

力做负功，电荷的电势能增大，动能减小，知道R点的动能大，即速度大，而P点电势能较小，故A正确，B错误；

C.根据能量守恒定律，带电质点在运动过程中各点处的动能与电势能之和保持不变。故C错误；

D.由电场线疏密确定出，尺点场强大，电场力大，加速度大，故D错误。

故选Ao

4、C

【解析】t在0-当时间内，线框右边开始进入磁场时，由楞次定律可知，电流方向为逆时针，为正值；线框有效切割

2V

长度均匀增大，由£=151^可知，感应电动势均匀增大，感应电流均匀增大；在且时间内，由楞次定律可知，电

2Vv

流方向为逆时针，为正值；线框有效切割长度均匀减小，由£=81^可知，感应电动势均匀减小，感应电流均匀减小；

T21

在------时间内，由楞次定律可知，电流方向为顺时针，为负值；线框两边都切割磁感线，产生感应电动势，感应电

VV

动势是进入过程的2倍，线框有效切割长度先均匀增大后均匀减小，由£=]«^可知，感应电动势先均匀增大后均匀减

小，感应电流也先均匀增大后均匀减小，感应电流的最大值是0-2过程最大值的2倍；在一-二时间内，由楞次定

VVV

律可知，电流方向为逆时针，为正值；线框有效切割长度先均匀增大后均匀减小，由£=81^可知，感应电动势先均匀

增大后均匀减小，感应电流也先均匀增大后均匀减小.故C正确；故选C

【点睛】本题分段分析有效切割长度的变化情况是解答的关键.图象往往由解析式选择.本题采用排除法，分成线性

和非线性两类图象，对比同类图象的不同之处进行选择

5、C

【解析】由胡克定律可知，当弹簧伸长了x时，弹簧对小球的弹力大小为

F=kx

故C正确，ABD错误。

故选c。

6、B

【解析】清楚两小球相互接触后，其所带电量先中和后均分.根据库仑定律的内容，根据变化量和不变量求出问题

【详解】相距r时，根据库仑定律得：

PQ2QQ2

r=k——--=2k-T-

rr

接触后，各自带电量变为Q/2,则此时有：

QQ

所以二=2,故B正确

F'

故选B

【点睛】本题考查库仑定律及带电题电量的转移问题.注意两电荷接触后各自电荷量的变化，这是解决本题的关键

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AD

【解析】当粒子从静止开始运动或者初速度方向与电场力同向时，在匀强电场中做匀加速直线运动，选项A正确；粒

子在匀强磁场中受洛伦兹力的方向与速度方向垂直，不可能做匀加速直线运动，选项B错误；带电粒子在匀强电场中

肯定受电场力作用，不可能保持静止，选项C错误；粒子若在匀强磁场中速度为零，则受磁场力为零，可保持静止，

选项D正确；故选AD

8、BC

【解析】A.电路稳定时，通过电阻Ri的电流为零，移动滑动变阻器滑片Pi,电容器的极板间电压不发生改变，故A

错误；

B.滑片P2向下移动，总电阻减小，电流增大，内电阻和后的电压增大，R2电压减小，电容器与处并联，电容器的极

板间电压等于段两端的电压，变小，故B正确；

C.如果仅将极板A向下移动，那么，平行板两极电压不变，平行板间电场强度增大，M点与零势点的电势差增大，M

点的电势升高，故C正确，D错误。

故选：BC

9、AC

【解析】A.金属探测仪是利用了电磁感应现象而工作的，故A正确；

B.示波管是利用了电场加速和电磁场偏转的原理，不是电磁感应现象，故D错误

C.电子感应加速器是利用感应电场对电子加速，利用了电磁感应现象，选项C正确；

D.质谱仪是利用电场加速，磁场使粒子偏转，不是电磁感应现象.故D错误

10、AB

【解析】A.杆子受重力、水平向右的安培力和斜面的支持力，若三个力平衡，则不受摩擦力。故A正确。

B.杆子受重力，竖直向上的安培力，若重力与安培力相等，则二力平衡，不受摩擦力。故B正确。

C.杆子受重力、竖直向下的安培力、支持力，要想处于平衡，一定受摩擦力。故C错误。

D.杆子受重力、水平向左的安培力，支持力，要想处于平衡，一定受摩擦力。故D错误。

故选AB.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、①.0.900②.14.45③.0.35

【解析】（1）[1].图1螺旋测微器读数为：0.5mm+0.01mmx40.0=0.900mm；

[2].图2游标卡尺读数为：14mm+0.05mmx9=14.45mm0

（2）[3].选择电流表的量程为0.6A,则图3中电流表的读数为0.35A.

12、①.A②.C③.C®.ka⑤4一尺2

【解析】（1）口]电压表并联在电路中，故电压表内阻越大，分流越小，误差也就越小，因此应选内阻较大的电压表A；

⑵当滑动变阻器接入电阻最小时，通过电流表电流最大，此时通过电流表电流大小约

E3

I=--------------=-------------A»176mA

&+R、+F10+5+2

因此，电流表选择C；

（2）[3]分析电路可知，滑片右移电压表示数变大，则说明滑动变阻器接入电路部分阻值增大。

A.两导线均接在金属柱的两端上，接入电阻为零，故A错误；

B.两导线接在电阻丝两端，接入电阻最大并保持不变，故B错误；

C.一导线接在金属杆左端，而另一导线接在电阻丝左端，则可以保证滑片右移时阻值增大，故C正确；

D.导线分别接右边上下接线柱，滑片右移时，接入电阻减小，故D错误；

故选C。

（3）[4][5]由闭合电路欧姆定律可知

U=E-I（r+处）

对比伏安特性曲线可知，图像的斜率为

k=r+Ri

则内阻

r=k—Ri

令。=0,则有

1r=---E----=—E

r+R^k

由题意可知，图像与横轴截距为“，则有

,E

a=1——

k

解得

E=ka

【点睛】本题考查测量电源的电动势和内电阻实验中的仪表选择以及数据处理，要注意明确根据图像分析数据的方法,

重点掌握图像中斜率和截距的意义。

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)vc=2m/s(2)3N

【解析】(1)设小球在C点的速度大小是vc,则对于小球由A-C的过程中，由动能定理得：

12

qE•2R—mgR=—mvc

解得：

vc=2m/s