浙江省温州市瑞安安阳第一中学高一物理期末试卷含解析

浙江省温州市瑞安安阳第一中学高一物理期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.设土星绕太阳的运动是匀速圆周运动，若测得土星到太阳的距离是r，土星绕太阳运动的周期是T，万有引力常量G已知，根据这些数据无法求出的量是(

)Ａ．土星的线速度大小

Ｂ．土星的加速度大小Ｃ．土星的质量

D．太阳的质量参考答案：C2.（单选）在描述物体的运动情况时，以下关于质点的说法正确的是（

）A．在研究“嫦娥”二号飞船调整飞行姿态时，飞船可视为质点B．计算火车从北京开往上海的所用时间时，火车可视为质点C．观察＂辽宁舰＂航空母舰上的＂歼15＂战斗机起飞时，可以把航空母舰看做质点D．研究自行车的运动时，因为车轮在转动，所以无论什么情况下，自行车都不能看成质点参考答案：B3.如图8所示，轻绳连接、两物体，物体悬在空中距地面高处，物体放在水平面上。若物体质量是物体质量的2倍，不计一切摩擦。由静止释放物体，以地面为零势能参考面。当的动能与其重力势能相等时，距地面的高度是（

）A．

B．

C．

D．参考答案：B4.（多选题）如图，近地人造卫星和月球绕地球的运行轨道可视为圆．设卫星、月球绕地公转周期分别为T卫、T月，地球自转周期为T地，则（）A．T卫＜T月 B．T卫＞T月 C．T卫＜T地 D．T卫=T地参考答案：AC【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【分析】根据万有引力定律提供向心力，写出相应的牛顿第二定律的方程=，即可解答．【解答】解：卫星和月球都绕地球做圆周运动，根据万有引力提供向心力，=，r=R+h解得：由于近地卫星的环绕半径小于同步卫星的半径，同步卫星的半径又小于月球绕地球的半径，所以，近地卫星的周期最小，月球的周期最大．又由于同步卫星的周期等于地球自转周期为T地，所以：T卫＜T地＜T月．故A、C正确，BD错误．故选：AC5.物体做初速为零的匀加速直线运动，加速度为3m/s2。下列说法正确的是（

）A该物体在第1秒末的速度是3m/s

B该物体在第2秒内的平均速度是3m/sC该物体在第3秒内的位移是7.5m

D该物体在前3秒内的平均速度是4.5m/s参考答案：ACD二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.质量为5㎏的物体，从足够高的地方自由落下，开始2S内重力对物体做功的平均功率为

W，2S末重力对物体做功的瞬时功率为

W（取g=10m/s2）参考答案：

500

；

10007.如图，倾角为30°的斜面上有一个质量为1kg的物块，物块从静止开始以2.5m/s2的加速度加速下滑1m．在物块下滑过程中（重力加速度g取10m/s2）物块的重力做功

J，支持力做功

J，摩擦力做功

J．参考答案：5；

0；﹣2.5【考点】功的计算．【分析】根据牛顿第二定律，求解运动中物体受力情况，根据机械能守恒知识点确定机械能是否守恒，再分别由动能和势能表达式求的动能和势能的变化量，结合力作功知识求解摩擦力功．【解答】解：物块从静止开始以2.5m/s2的加速度加速下滑1m，由△Ep=mgh=mgLsinθ=1×10×1×0.5=5J支持力与位移垂直，不做功斜面方向：mgsinθ=5N，根据牛顿第二定律，F合=ma=2.5N，所以物体在运动中受到阻力作用，大小为：f=F合﹣mgsinθ=2.5N，摩擦力做功W=﹣fx=2.5×1=﹣2.5J，故答案为：5；

0；﹣2.58.一做匀变速直线运动的质点经过3s后速度由向东的8m／s变为向东的5m／s，则质点的加速度大小为

，方向

。参考答案：1，向西9.（2分）有两个力，它们合力为0，现把其中一个水平向右的6Ｎ力改为向竖直向下，大小不变，则它们的合力大小变为________。参考答案：

10.如图为一皮带传动装置，右轮的半径为r，a是它边缘上的一点．左侧是一轮轴，大轮的半径为4r，小轮的半径为2r，b点和c点分别位于轮轴小轮和大轮的边缘上．若在传动过程中，皮带不打滑．则a、b、c三点的线速度大小之比为

；a、b、c三点的角速度大小之比为

；a、b、c三点的向心加速度大小之比为

．参考答案：2：1：2；2：1：1；4：1：2．【考点】向心加速度；线速度、角速度和周期、转速．【分析】皮带传动装置，在传动过程中不打滑，则有：共轴的角速度是相同的；同一皮带的与皮带接触边缘的线速度大小是相等的．所以当角速度一定时，线速度与半径成正比；当线速度大小一定时，角速度与半径成反比．因此根据题目条件可知三点的线速度及角速度关系．【解答】解：如图所示，a与c同一皮带下传动，则va=vc，因为ra：rc=1：2，根据v=ωr，所以ωa：ωc=rc：ra=2：1c、b、d三点共轴，则ωc=ωb=ωd，因为rb：rc：rd=1：2：4，所以va：vb：vc=2：1：2根据v=ωr得角速度之比ωa：ωb：ωc=2：1：1又因为a=vω，所以aa：ab：ac=4：1：2故答案为：2：1：2；2：1：1；4：1：2．11.图7为电场中的一条电场线，一个正电荷从A点沿直线向B点运动时，速度逐渐减小，则Ua_____Ub（填＞、＝、＜）参考答案：12.某同学采用半径R=25cm的1/4圆弧轨道做平抛运动实验，其部分实验装置示意图如图甲所示。实验中，通过调整使出口末端B的切线水平后，让小球从圆弧顶端的A点由静止释放。图乙是小球做平抛运动的闪光照片，照片中的每个正方形小格的边长代表的实际长度为4.85cm。己知闪光频率是10Hz。则根据上述的信息可知：

①小球到达轨道最低点B时的速度大小vB=__________m/s，小球在D点时的竖直速度大小vDy=________m/s，当地的重力加速度g=___________m/s2；（取三位有效数字）。②小球在圆弧槽轨道上是否受到了摩擦力：_____________（填“受到”、“未受到”或“条件不足，无法确定”）。参考答案：（1）vB=1.94m/s，vDy=1.94m／s，g=9.70m/s2；

（2）受到13.足球以6m/s的速度飞来，运动员把它以8m/s的速度反向踢出，踢球时间为0.1s，设飞来的方向为正方向，且踢球过程球做匀变速运动，则球的加速度为______m/s2。参考答案：-140三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.质量为2kg的物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F，其运动的v–t图象如图所示。g取10m/s2，求：（1）物体与水平面间的动摩擦因数μ；（2）水平推力F的大小；（3）0～10s内物体运动位移的大小。参考答案：（1）u=0.2，（2）F=6N，（3）46m试题分析：（1）由题中图象知，t＝6s时撤去外力F，此后6～10s内物体做匀减速直线运动直至静止，其加速度为又因为联立得μ＝0．2。（2）由题中图象知0～6s内物体做匀加速直线运动其加速度大小为由牛顿第二定律得F－μmg＝ma2联立得，水平推力F＝6N。（3）设0～10s内物体的位移为x，则x＝x1＋x2＝×（2＋8）×6m＋×8×4m＝46m。考点：牛顿第二定律【名师点睛】本题是速度--时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，并结合匀变速直线运动基本公式及牛顿第二定律求解．属于中档题。15.（6分）某质点在恒力F作用下，F从A点沿下图中曲线运动到B点，到达B点后，质点受到的力大小仍为F，但方向相反，试分析它从B点开始的运动轨迹可能是图中的哪条曲线？参考答案：a解析：物体在A点的速度方向沿A点的切线方向，物体在恒力F作用下沿曲线AB运动时，F必有垂直速度的分量，即F应指向轨迹弯曲的一侧，物体在B点时的速度沿B点的切线方向，物体在恒力F作用下沿曲线A运动到B时，若撤去此力F，则物体必沿b的方向做匀速直线运动；若使F反向，则运动轨迹应弯向F方向所指的一侧，即沿曲线a运动；若物体受力不变，则沿曲线c运动。以上分析可知，在曲线运动中，物体的运动轨迹总是弯向合力方向所指的一侧。四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示，半径R＝0.9m的四分之一圆弧形光滑轨道竖直放置，圆弧最低点B与长为L＝1m的水平面相切于B点，BC离地面高h＝0.8m，质量m＝1.0kg的小滑块从圆弧顶点D由静止释放，已知滑块与水平面间的动摩擦因数μ＝0.1，(不计空气阻力，取g＝10m/s2)求：小滑块刚到达圆弧轨道的B点时的速度大小和对轨道的压力；小滑块刚到达C点的速度；小滑块落地点距C点的距离。参考答案：解析：(1)设小滑块运动到B点的速度为vB，圆弧轨道对小滑块的支持力为FN，由机械能守恒定律得：mgR＝mvB2①……3分解得vB=3m/s……1分17.已知一足够长斜面倾角为θ=37°，一质量M=5kg物体，在斜面底部受到一个沿斜面向上的F=50N的力作用由静止开始运动，物体在2秒内位移为4m，2秒末撤销力F，（sin37°=0.6,cos37°=0.8，g=10m/s2）求：（1）物体与斜面间的动摩擦因数μ；（2）从撤销力F开始2秒末物体的速度v；（3）物体在这4秒内通过的路程。参考答案：

，方向沿斜面向下

（1）物体沿斜面向上做匀加速运动，已知物体在2s内的位移为4m，根据匀变速直线运动的位移时间关系有：得物体上滑的加速度为：物体在拉力F作用时沿斜面方向所受合力为：根据牛顿第二定律有：得动摩擦因数为：（2）设撤销力F的瞬间物体的速度为v1，则设撤销力F以后，物体沿斜面减速上滑的加速度为a2，由牛顿第二定律有：代入数据得：设从撤销力F至达最高点历时t2，由得：，设物体达最高点后沿斜面加速下滑的加速度为a3，则由代入数据得：加速下滑时间为：故撤销力F后2s末物体的速度为：，方向沿斜面向下．（3）由（2）分析知，物体向上匀减速运动的位移为：物体运动到最高点下滑的位移为：所以物体在4s内通过的路程：。18.（计算）（2014秋?城东区校级月考）重力G=40N的物体，与竖直墙壁间的动摩擦因数μ=，现用与水平方向成角θ=53°的斜向上的推力F托住物体．（取sin53°=0.8，cos53°=0.6）（1）若F=50N时，物体处于静止状态，则这时物体受到的摩擦力是多大？（2）要使物体能沿着竖直墙壁作匀速直线运动，则推力F的大小应满足什么条件？（结果保留两位有效数字）参考答案：（1）静止物体受到的摩擦力是0N．（2）物体匀速下滑，推力F的大小应为40N或67N．牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算；共点力平衡的条件及其应用（1）对物体静止时受力分析并正交分解如图：则：F1=Fsin53°=40NF2=Fcos53°=30N在竖直方向上：Ff+F1=G，代入数据得：Ff=0（