2022-2023学年广西壮族自治区柳州市市第二十一中学高一物理期末试卷含解析

2022-2023学年广西壮族自治区柳州市市第二十一中学高一物理期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.如图所示，一个物体以v=10m/s的初速度水平抛出，s后物体到达A点时的速度与竖直方向的夹角为（g取10m/s2）（）A．45° B．30° C．60° D．90°参考答案：B【考点】平抛运动．【分析】平抛运动可分解为水平方向和竖直方向，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．根据速度公式求解即可．【解答】解：经s时物体的速度：vy=gt=10m/s．物体到达A点时的速度与竖直方向夹角的正切值：tanα===所以α=30°故B正确，A、C、D错误．故选：B2.下列说法正确的是（

）A．地心说是由托勒密提出的，引力常量是由卡文迪许测定的B．万有引力定律是由牛顿发现的，而引力常量是由胡克测定的C．围绕地球匀速转动的卫星的速度可以为第二宇宙速度D．第一宇宙速度指的是发射人造地球卫星的最小速度参考答案：AD3.关于布朗运动，下列说法中正确的是

（

）A．布朗运动是液体分子的无规则运动B．布朗运动是悬浮在液体中的小颗粒的无规则运动C．布朗运动的无规则运动是微粒中分子无规则运动的反映D．温度越高、颗粒越大则布朗运动越明显参考答案：B4.如图所示，水平桌面上平放着一副扑克牌，总共54张，每一张牌的质量都相等，牌与牌之间的动摩擦因数以及最下面一张牌与桌面之间的动摩擦因数也都相等．用手指以竖直向下的力按压第一张牌，并以一定的速度水平移动手指，将第一张牌从牌摞中水平移出(牌与手指之间无滑动)。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则（

）A．第1张牌受到手指的摩擦力方向与手指的运动方向相反B．从第2张牌到第54张牌之间的牌不可能发生相对滑动C．从第2张牌到第54张牌之间的牌可能发生相对滑动D．第54张牌受到桌面的摩擦力方向与手指的运动方向相反参考答案：BD5.（单选）做匀加速直线运动的物体,加速度为2m/s2,它的意义是（

）A．物体在任一秒末的速度是该秒初的速度的两倍B．物体在任一秒末速度比该秒初的速度大2m/sC．物体在任一秒的初速度比前一秒的末速度大2m/sD．物体在任一秒的位移都比前一秒内的位移增加2m参考答案：B二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.如图所示，质量为m的物体静止在倾角为θ的斜面上，物体与斜面的动摩擦因数为μ，现使斜面水平向左匀速移动距离L.则斜面对物体的弹力做的功为________，物体克服摩擦力做的功为________（重力加速度为g）参考答案：7.（4分）一个运动员将以水平速度8m/s飞来的足球一脚反向踢回，踢回后球速为12m/s，则此过程中球的速度变化量大小为

，若球与脚的作用时间约为0.1秒，则此过程中球的平均加速度大小为

。参考答案：20，2008.某同学发现屋檐上每隔相同的时间间隔滴下一滴水，当第5滴正欲滴下时，第1滴已刚好到达地面，于是他立即通过手中的电子表测出从某一滴水（计为第1滴）开始下落计时到第n滴水落到地面所用的时间为t，并用米尺测量出屋檐到地面的高度h，则第（n+2）滴水离地面的的高度为

，由此他计算出当地的重力加速度g=

．参考答案：

，9.如图所示，如果把钟表上的时针、分针、秒针看成匀速转动，那么它们的角速度之比为ω时∶ω分∶ω秒＝________；设时针、分针、秒针的长度之比为1∶1.5∶1.8，那么三个指针尖端的线速度大小之比为v时∶v分∶v秒＝________.参考答案：1:12:720

1:18:129610.如图所示，一半径为R=2m的圆环，以直径AB为轴匀速转动，转动周期T=2s，环上有M、N两点．M点的角速度ω=

rad/s．N点的线速度v=

m/s．参考答案：3.14，3.14．【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】根据角速度和周期的关系求出M点的角速度，结合几何关系求出N点转动的半径，根据线速度与角速度的关系求出N点的线速度．【解答】解：M点的角速度为：．根据几何关系知，N点转动的半径为：r=Rsin30°=2×m=1m，则N点的线速度为：v=rω=1×3.14m/s=3.14m/s．故答案为：3.14，3.14．11.位移表示物体

的变化，用从

到

的有向线段去表示。参考答案：位置

出位置

末位置12.某人在空中某处竖直上抛一物体经8s落地，其υ-t图像如图所示，则物体上升离抛出点最大的高度是

m，抛出点离地面的高度是______m.

参考答案：45

8013.为了测定一根轻弹簧压缩到最短时具有的弹性势能的大小，可以将弹簧固定在一带有凹槽光滑轨道的一端，并将轨道固定在水平桌面边缘上，如图所示，用已知质量为m钢球将弹簧压缩至最短，而后突然释放，钢球将沿轨道飞出桌面，实验时可用的测量仪器只有一把量程足够大的刻度尺。（1）实验中还需要测定的物理量是_____________________________；（2）用已知量和测得的量表示弹性势能EP=

_______________。参考答案：（1）桌面高度h和钢球落地点与桌面边缘的水平距离s（2）三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.在上图中，根据通电螺线管上方小磁针N极的指向，标出电源的“十”“一”极。参考答案：15.如图所示，在光滑水平面上，一辆质量M=2kg、长度L=9.6m、上表面粗糙的平板车紧靠着被固定的斜面体ABC，斜面体斜边AC长s=9m、倾角。现将质量m=lkg的小木块从斜面顶端A处由静止释放，小木块滑到C点后立即速度大小不变地水平冲上平板车。已知平板车上表面与C点等高，小木块与斜面、平板车上表面的动摩擦系数分别为=0.5、=0.2,sin37°=0.6,cos37=0.8，g取10m/s2，求：(1)小木块滑到C点时的速度大小？(2)试判断小木块能否从平板车右侧滑出，若不能滑出，请求出最终小木块会停在距离车右端多远？若能滑出，请求出小木块在平板车上运动的时间？参考答案：（1）6m/s（2）不会滑出，停在距车右端3.6m【详解】（1）木块在斜面上做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可得：mgsin37°-f=ma

其中：f=μ1mgcos37°

解得a=2m/s2，

根据速度位移关系可得v2=2as

解得v=6m/s；

（2）木块滑上车后做匀减速运动，根据牛顿第二定律可得：μ2mg=ma1

解得：a1=2m/s2

车做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可得：μ2mg=Ma2

解得a2=1m/s2，

经过t时间二者的速度相等，则：v-a1t=a2t

解得t=2s

t时间木块的位移x1=vt-a1t2

t时间小车的位移x2=a2t2

则△x=x1-x2=6m

由于△x=8m＜L，所以木块没有滑出，且木块距离车右端距离d=L-△x=3.6m四、计算题：本题共3小题，共计47分16.（8分）如图所示，匀强电场方向与水平线间夹角θ＝30°，斜向右上方，电场强度为E，质量为m的小球带负电，以初速度v0开始运动，初速度方向与电场方向一致。

（1）若小球的带电量为q＝，为使小球能做匀速直线运动，应对小球施加的恒力F1的大小和方向如何？（2）若小球的带电量为q＝，为使小球能做直线运动，应对小球施加的最小恒力F2的大小和方向如何？参考答案：解析：（1）欲使小球作匀速直线运动，必使其合外力为0，如图甲所示，设对小球施加的力F1与水平夹角为α，则：F1·cosα＝Eq·cosθ

（2分）F1·sinα＝Eq·sinθ+mg

（2分）解得，α＝60°，

（2分）（2）为使小球能做直线运动，则小球受的合力必和运动方向在一条直线上，故要求F2与mg的合力与Eq在一条直线上，如图乙所示F2＝mg·sin60°＝，方向斜向左上与水平夹角60°

（2分）17.如图所示，位于竖直平面上的光滑圆弧轨道，半径为R，OB沿竖直方向，上端A距地面高度为H=2R，质量为m的小球从A点由静止释放，到达B点时的速度为，最后落在地面上C点处，不计空气阻力，求：（1）小球刚运动到B点时的向心加速度为多大？（2）小球刚运动到B点时对轨道的压力多大？（3）小球到达落地点C速度为多少？参考答案：解：（1）在B点根据可知：（2）在B点根据牛顿第二定律可知：，解得：FN=3mg根据牛顿第三定律可知对轨道的压力为3mg（3）从B到C根据动能定理可知：解得：答：（1）小球刚运动到B点时的向心加速度为2g（2）小球刚运动到B点时对轨道的压力3mg（3）小球到达落地点C速度为【考点】机械能守恒定律；向心力．【分析】（1）根据求得向心加速度；（2）根据牛顿第二定律求得物体与轨道的作用力；（3）根据动能定律求得速度18.如图，有一水平传送带以2m/s的速度匀速运动，现将一物体轻轻放在传送带上，若物体与传送带间的动摩擦因数为0.5，则传送带将该物体传送10m的距离所需时间为多少？(g=10m/s2)参考答案：解：以传送带上轻放物体为研究对象，如图2－29在竖直方向受重力和支持力，在水平方向受滑动摩擦力，做v0=0的匀加速运动。据牛顿第二定律：F=ma有水平方向：f=ma①竖直方向：N－mg=0②f=μN