云南省江川二中2017-2018学年高二下学期期末考试物理试题

云南省江川二中20172018学年高二下学期期末考试物理试卷一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分)1.关于磁感应强度B的概念，下列说法正确的是()A.根据磁感应强度B的定义式B＝FIL可知，通电导线在磁场中受力为零时该处BB.一小段通电导线放在磁感应强度为零处，它所受的磁场力不一定为零C.一小段通电导线在某处不受磁场力作用，该处的磁感应强度不一定为零D.磁场中某处磁感应强度的方向，与通电导线在该处所受磁场力的方向相同【答案】C【解析】试题分析：磁感应强度只与磁场本身性质有关，与外界因素无关，A错误；通电导线放在磁感应强度为零处，它所受的磁场力一定为零，通电导线在某处不受磁场力作用，可能是导线与磁感应强度方向平行，该处的磁感应强度不一定为零．B错误C正确；磁感应强度的方向与磁场力的方向垂直，D错误；考点：考查了对磁感应强度，安培力的理解2.如图所示，空间存在着由匀强磁场B和匀强电场E组成的正交电磁场，电场方向水平向左，磁场方向垂直纸面向里．有一带负电荷的小球P，从正交电磁场上方的某处自由落下，那么带电小球在通过正交电磁场时（）A.一定做曲线运动B.不可能做曲线运动C.可能做匀速直线运动D.可能做匀加速直线运动【答案】A【解析】当小球进入正交电磁场时，受到水平向右的电场力，竖直向下的重力，水平向左的洛伦兹力，因为小球在竖直方向上的速度不断增加，所以小球的洛伦兹力F1=B3.如图所示，匀强磁场的磁感应强度为B，有一矩形线圈abcd，且ab=L1，ad=L2，通有逆时针方向的电流I，让它绕cd边转过某一角度时，使线圈平面与磁场夹角为θ，则（）A.穿过线圈的磁通量为ϕB.穿过线圈的磁通量为ϕC.cd边受到的安培力为FD.ad边受到的安培力为F【答案】A【解析】【详解】在图示位置，穿过线圈的磁通量为零，当转过θ时，此时穿过线圈的磁通量为=BL1L2sinθ，故A正确，B错误；由于cd边始终和磁场垂直，故受到的安培力F=BIL1，故C错误；由于ab边始终和磁场垂直，所以受到的安培力F=4.导体A带5Q的正电荷，另一完全相同的导体B带Q的负电荷，将两导体接触一会儿后再分开，则B导体的带电荷量为()A.－QB.QC.2QD.4Q【答案】C【解析】试题分析：因为导体与其相同的导体接触时，导体间会平分电荷，所以两导体接触后的总电荷量是5Q＋（－Q）=4Q，再平分得2Q，这就是A和B导体所带的电荷量，选项C正确。考点：接触带电的计算。5.如图甲所示，M是一个小型理想变压器，原、副线圈匝数之比n1∶n2＝10∶1，接线柱a、b接上一个正弦交变电源，电压随时间变化规律如图乙所示．变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R2为用半导体热敏材料(电阻随温度升高而减小)制成的传感器，R1为一定值电阻．下列说法中不正确的是()A.电压表V的示数为22VB.当传感器R2所在处出现火警时，电压表V的示数减小C.当传感器R2所在处出现火警时，电流表A的示数增大D.当传感器R2所在处出现火警时，电阻R1的功率变大【答案】A【解析】A、由图象可知，输入的电压有效值为220V，变压器的电压与匝数的关系：U1U2=n1n2，由此可得副线圈的电压为U2=n2nB、副线圈两端的电压不变，由于副线圈的总电压不变，所以R2的电压即电压表示数就要减小，B正确；C、当出现火警时，温度升高，电阻R2减小，副线圈的电流变大，所以原线圈电流即电流表示数增大，C正确；D、副线圈的电流变大，R1的电压要增大，消耗的功率也增大，D正确；故选BCD。6.电阻R、电容器C与一个线圈连成闭合回路，条形磁铁静止在线圈的正上方，N极朝下，如图所示，现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是()A.从a到b，上极板带正电B.从a到b，下极板带正电C.从b到a，上极板带正电D.从b到a，下极板带正电【答案】D【解析】试题分析：由图知，穿过系安全带磁场方向向下，在磁铁向下运动的过程中，线圈的磁通量在增大，故感应电流的磁场方向向上，再根据右手定则可判断，流过R的电流从b到a，电容器下极板带正电，所以A、B、C错误，D正确。考点：本题考查楞次定律视频7.在如图所示的四种磁场情况中能产生恒定的感生电场的是()A.B.C.D.【答案】C【解析】根据=，知磁场线性变化才会产生恒定的感生电场，选项C对。8.某同学利用如图所示的装置做“验证动量守恒定律的实验”，已知两球的质量分别为m1、m2(且m1＞m2)，关于实验下列说法正确的()A.如果M是m2的落点，则该同学实验过程中必有错误B.斜槽轨道必须很光滑C.实验需要验证的是m1·OP＝m2·OM＋m1·D.实验需要秒表、天平、圆规等器材【答案】A【解析】【详解】入射球要比靶球质量大，因此质量为m1的为入射小球，其碰前落地点为P，碰后落地点为M，故A正确；在同一组的实验中要保证入射球和靶球每次平抛的速度都相同，故每次入射球必须从同一高度由静止释放，由于摩擦作用对它们的影响相同，因此轨道是否光滑不影响实验，故B错误；不管是入射小球还是被碰小球，它们开始平抛的位置都是O点，图中P是入射小球不发生碰撞时飞出的落地点，N是被碰小球飞出的落地点，M是入射小球碰撞后飞出的落地点，由于它们都是从同一高度做平抛运动，运动的时间相同，故可以用水平位移代表水平速度，故需验证表达式为：m1·OP＝m1·OM9.如图所示为α粒子散射实验装置，α粒子打到荧光屏上都会引起闪烁，若将带有荧光屏的显微镜分别放在图中A、B、C、D四处位置．则这四处位置在相等时间内统计的闪烁次数可能符合事实的是()A.1305、25、7、1B.202、405、625、825C.1202、1010、723、203D.1202、1305、723、203【答案】A【解析】由于绝大多数粒子运动方向基本不变，所以a位置闪烁此时最多，少数粒子发生了偏转，极少数发生了大角度偏转。符合该规律的数据只有A选项．10.一束红光从空气射入折射率为1.5的玻璃，则这束红光的能量将()A.增大B.减小C.不变D.无法确定【答案】C【解析】试题分析：根据爱因斯坦的光子说，光子的能量为，光子的能量由光的频率决定，光的频率由光源决定与通过哪些介质无关，所以红光的能量不变，C项正确；A、B、D项错误。考点：本题考查了爱因斯坦光子说二、多选题(共6小题,每小题3.0分,共18分)11.有两只完全相同的电流计，分别改装成量程为3V和5V的两只电压表．改装后再把两电压表串联起来接入电路，则()A.将电流计与电阻并联才能改装成电压表B.将电流计与电阻串联才能改装成电压表C.两表指针的偏转角相等D.两表指示的电压值相等【答案】BC【解析】【分析】改装电压表需要串联电阻，因为串联关系，通过两表的电流大小相同，故偏转角相同，示数为两表的分压，因量程不同，内阻不同，分压不同，则示数不同。【详解】将电流计与电阻串联才能改装成电压表，故A错误，B正确；因是串联关系，通过两表的电流大小相同，故偏转角相同，示数为两表的分压，因量程不同，内阻不同，分压不同，则示数不同，故C正确，D错误。故BC正确，AD错误。【点睛】本题主要考查了表的改装问题，明确串联电阻的分压作用。12.平行板电容器C与三个可变电阻R1、R2、R3以及电源连成如图所示的电路．闭合开关S，待电路稳定后，电容器C两极板带有一定的电荷．要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是()A.只增大R1，其他不变B.只增大R2，其他不变C.只减小R3，其他不变D.只减小a，b两极板间的距离，其他不变【答案】BD【解析】试题分析：电路稳定后，电容器的电压等于电阻R2两端的电压，U2=R2ER1+R考点：欧姆定律；电容器【名师点睛】本题是电容器的动态变化分析问题，关键抓住不变量．电容不变，关键分析电压变化；电压不变，关键分析电容如何变化；要知道在电阻R3上无电压，电容器的电压与R3的阻值无关，只与R2的电压有关.13.电阻R、电容C与一线圈连成闭合回路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N极朝下，如图所示，现使磁铁由静止开始下落，在N极接近线圈上端的过程中，下列说法正确的是()A.流过R的电流方向是a到bB.电容器的下极板带正电C.磁铁下落过程中，加速度保持不变D.穿过线圈的磁通量不断增大【答案】BD【解析】试题分析：在N极接近线圈上端的过程中，线圈中向下的磁通量在变大，所以D项正确；根据楞次定律可以得出，感应电流方向为逆时针（俯视图），流过R的电流方向是b到a，A项错误；线圈的下部相当于电源的正极，电容器的下极板带正电，所以B项正确；磁铁下落过程中，重力不变，线圈对磁铁的作用力变化，所以合力变化，加速度变化，所以C项错误。考点：本题考查了楞次定律14.如图所示，木块B与水平弹簧相连，放在光滑水平面上，子弹A沿水平方向射入木块后留在木块B内，入射时间极短，而后木块将弹簧压缩到最短．关于子弹和木块组成的系统，下列说法中正确的是()A.子弹射入木块的过程中系统动量守恒B.子弹射入木块的过程中系统机械能守恒C.木块压缩弹簧过程中，系统总动量守恒D.木块压缩弹簧过程中，子弹、木块和弹簧组成的系统机械能守恒【答案】AD【解析】【详解】子弹射入木块的过程时间极短，弹簧尚未形变，系统合力为零，所以动量守恒，故A正确；在子弹射入木块的过程中，子弹与木块之间有摩擦力，子弹将一部分机械能转化为系统的内能，即系统的机械能不守恒，故B错误；木块压缩弹簧过程中，系统受到水平向右的弹力作用，合外力不为零，系统的总动量不守恒，故C错误；木块压缩弹簧过程中，由子弹、木块和弹簧组成的系统，只有系统内的弹力做功，所以系统的机械能守恒，故D正确。所以AD正确，BC错误。15.关于原子核的有关知识，下列说法正确的是()A.天然放射性射线中β射线实际就是电子流，它来自原子核内B.放射性原子经过α、β衰变致使新的原子核处于较高能级，因此不稳定从而产生γ射线C.氡222经过衰变变成钋218的半衰期为3.8天，一个氡222原子核四天后一定衰变为钋218D.比结合能越大，原子越容易发生衰变【答案】AB【解析】【详解】天然放射性射线中β射线实际就是电子流，它来自原子核内，故A正确；γ衰变总是伴随α衰变或β衰变，放射性的原子核发生衰变后产生的新核从高能级向低能级跃迁时，发生γ衰变，辐射出γ射线，故B正确；因为半衰期是统计规律，对单个原子核没有意义，故C错误；比结合能描述原子核的稳定性，比结合能越大，原子核越稳定，越不容易发生衰变，故D错误。所以AB正确，CD错误。16.下列说法正确的是()A.微观粒子的能量变化是跳跃式的B.能量子与电磁波的频率成正比C.红光的能量子比绿光大D.电磁波波长越长，其能量子越大【答案】AB【解析】【详解】微观粒子的能量变化是跳跃式的，故A正确；由ɛ＝hν可知，能量子与电磁波的频率成正比，故B正确；红光的频率比绿光小，由ɛ＝hν可知，红光的能量子比绿光小，故C错误；电磁波波长越长，其频率越小，能量子越小，故D错误。所以AB正确，CD错误。三、实验题(共2小题,共15分)17.某同学在做“自来水电阻率的测定”课题时，先在一根均匀的长玻璃管两端各装了一个电极，两电极相距L＝0.700m，其间充满待测的自来水，器材如下：电压表(量程15V，内阻约30kΩ)、电流表(量程300μA，内阻约50Ω)、滑动变阻器(100Ω，1A)、电池组(电动势E＝12V，内阻r＝6Ω)、单刀单掷开关一个、导线若干．表中是他测量通过管中自来水柱的电流及两端电压的实验数据，实验中他还用20分度的游标卡尺测量了玻璃管的内径，结果如图所示.根据以上材料请回答下面的问题：(1)玻璃管内径D的测量值为________cm；(2)根据表中数据中下图坐标中作出U－I图象，根据图象求出电阻R＝______________；(保留两位有效数字)(3)用直接测量值计算自来水电阻率的公式是ρ＝__________，测量值为__________Ω·m(保留两位有效数字)；(4)请画出测量自来水电阻率的电路图．【答案】(1).3.065(2).4.6×104Ω(4.3×104～4.9×104Ω)(3).RπD【解析】（1）游标卡尺读数为d=30mm+15×0.05mm=30.75mm=3.075cm；

（2）用直尺将各点连接，舍去偏离较远的点，画出的图象如图所示：可求出电阻为：R=（3）根据电阻定律，有：R=ρLS，由欧姆定律可得：R=（4）对照实物图画出原理图，如图所示：18.(1)用多用电表测量直流电流时，红表笔和黑表笔相比，________表笔电势高．用多用电表测量电阻时，红表笔和黑表笔相比，______表笔电势高．(2)用多用电表正确测量了一个6kΩ电阻后，需要继续测量一个阻值大概是50Ω左右的电阻．在用红表笔、黑表笔接触这个电阻之前，以下哪些操作步骤是必须的，请选择其中有用的，按操作步骤顺序写出：__________A．调节调零旋钮使表针指着欧姆零点B．把选择开关旋转到“×1kΩ”位置C．把选择开关旋转到“×10Ω”位置D．调节表盘下中间部位的调零螺丝，使表针指零E．将红表笔和黑表笔接触【答案】(1).红(2).黑(3).CEA【解析】试题分析：⑴在使用多用电表时应使电流从红表笔流入，从黑表笔流出多用电表，所以当使用多用电表测电流时，红表笔与电源正极相连，电势高；用多用电表测电阻时，电表内部有电源，所以黑表笔与电表内部电源正极相连，所以黑表笔电势高；⑵待测电阻50Ω较小，所以应换小赔率“×10Ω”位置，改换赔率后接着进行欧姆调零，然后测量，所以按操作步骤顺序CEA考点：本题考查多用电表的使用，意在考查学生的动手实验能力。四、计算题19.如图所示，A、B为两块平行金属板，A板带正电、B板带负电．两板之间存在着匀强电场，两板间距为d、电势差为U，在B板上开有两个间距为L的小孔．C、D为两块同心半圆形金属板，圆心都在贴近B板的O′处，C带正电、D带负电．两板间的距离很近，两板末端的中心线正对着B板上的小孔，两板间的电场强度可认为大小处处相等，方向都指向O′.半圆形金属板两端与B板的间隙可忽略不计．现从正对B板小孔紧靠A板的O处由静止释放一个质量为m、电量为q的带正电微粒(微粒的重力不计)，求：(1)微粒穿过B板小孔时的速度多大；(2)为了使微粒能在CD板间运动而不碰板，CD板间的电场强度大小应满足什么条件；(3)从释放微粒开始，经过多长时间微粒第一次通过半圆形金属板间的最低点P点？【答案】(1)2qUm(2)E＝4UL(3)(2【解析】试题分析：（1）设微粒穿过B板小孔时的速度为v，根据动能定理，有qU＝12mv2解得v=（2）微粒进入半圆形金属板后，电场力提供向心力，有qE半径R＝12联立得E＝（3）微粒从释放开始经t1射入B板的小孔，d=则t1设微粒在半圆形金属板间运动经过t2第一次到达最低点P点，则t2所以从释放微粒开始，经过t1+t2=所以经过时间t=考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】此题是带电粒子在电场中的运动问题；了解研究对象的运动过程是解决问题的前提，根据题目已知条件和求解的物理量选择物理规律解决问题．圆周运动问题的解决析关键要通过受力分析找出向心力的来源.20.如图甲所示，横截面积为0.2m2的100匝圆形线圈A处在变化的磁场中．磁场方向垂直纸面，其磁感应强度B随时间t的变化规律如图乙所示，设向外为B的正方向．R1＝4Ω，R2＝6Ω，C＝30μF【答案】7.2×10－6C【解析】根据图象，结合题意可知，在0到1秒内，磁场方向向里，且大小减小，由楞次定律，则有线圈产生顺时针的电流，从而给电容器充电，电容器上极板带正电；

在1秒到2秒内，磁场方向向外，大小在增大，由楞次定律，则有线圈产生顺时针的电流，仍给电容器充电，则电容器上极板带正电；由法拉第电磁感应定律，得：E=N△B⋅S△t=100×0.02×0.21V=0.421.如图所示，在匀强磁场中有一个内阻r＝3Ω、面积S＝0.02m2的半圆形导线框可绕OO′轴旋转．已知匀强磁场的磁感应强度B＝52πT．若线框以ω＝100πrad/s(1)若从图示位置开始计时，求线框中感应电动势的瞬时值表达式；(2)从图示位置开始，线框转过90°的过程中，流过导线横截面的电荷量是多少？该电荷量与线框转动的快慢是否有关？(3)由题给已知条件，外电路所接小灯泡能否正常发光？如不能，则小灯泡实际功率为多大？【答案】(1)e＝102cos(100πt)V(2)260πC无关(3)不