上海市徐汇区华理附中2020-2021学年高一上学期期中考试物理试卷（教师版）

华理附中2020学年第一学期高一年级物理学科期中考试卷一、单选题（每小题3分，共36分）【答案】D【解析】当时间极短时，某段时间内的平均速度可以代替瞬时速度，该思想是极限的思想方法。故D正确，A.B.

C错误。故选：D.2．下列关于质点的说法中正确的是()A.体积很小的物体都可看成质点B.质量很小的物体都可看成质点C.不论物体的质量多大，只要研究问题的尺度远大于物体时，就可以看成质点D.只有低速运动的物体才可看成质点，高速运动的物体不可看成质点【答案】C【解析】AB、质量很小、体积很小的物体不一定能看成质点，如原子的质量和体积都很小，在研究原子内部结构的时候是不能看成质点的，故AB错误。C.物体的形状和大小在所研究的问题中可以忽略时，物体就能看做质点，所以只要物体的尺寸跟物体间距离相比甚小时，就可以看成质点，故C正确；D.能否看成质点与速度无关，故D错误。故选：C3.关于位移和路程,下列说法中正确的是()A.物体沿直线向某一方向运动，通过的路程就是位移B.几个运动质点有相同的位移时，它们的路程也一定相同C.几个运动质点通过的路程不相等时，它们的位移也可能相同D.质点通过的路程不等于零，其位移也一定不等于零【答案】C【解析】A.当单向直线运动时，则位移大小等于路程，而不能说通过的路程就是位移，因路程是标量，而位移是矢量。故A错误。B.几个物体有相同的位移时，它们的路程不一定相同。故B错误。C.物体两次通过的路程不等，但位移可能相等。故C正确。D.物体通过的路程不为零，首末位置可能重合，位移可能为零。故D错误。4.关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是（ ）A.加速度很大，说明速度一定很大B.加速度很大，说明速度的变化一定很大C.加速度很大，说明速度的变化率一定很大D.只要有加速度，速度就会不断增加【答案】C【解析】A.加速度大，知速度变化快，速度不一定很大。故A错误。B.加速度大，知速度变化快，速度变化量不一定大。故B错误。C.加速度是反映速度变化快慢的物理量，加速度大，说明速度的变化率一定很大。故C正确。D.物体有加速度，速度不一定增加，可能速度在减小。故D错误。5.下列说法正确的是（）

A.

两个物体接触必有相互作用的弹力

B.

重物挂于绳下端，重物对绳的拉力就是重物的重力

C.

支持力一定沿竖直方向

D.

书放在桌面上静止，桌面的形变产生了对书的支持力【答案】D【解析】A、弹力产生的条件需要形变故A错；B、

重物挂于绳下端，重物对绳的拉力和重物的重力只是大小相等，故错；

C、

斜面上的物体受到支持力不是沿竖直方向，故错。故选D．伽利略为了研究自由落体运动的规律，将落体实验转化为著名的“斜面实验”，从而创造了一种科学研究的方法．利用斜面实验主要是考虑到（）A、实验时便于测量小球运动的路程B、实验时便于测量小球运动的速度C、实验时便于测量小球运动的时间D、斜面实验可以通过观察与计算直接得到落体的运动规律【答案】C【解析】伽利略最初假设自由落体运动的速度是随着时间均匀增大，但是他所在的那个时代还无法直接测定物体的瞬时速度，所以不能直接得到速度随时间的变化规律．伽利略通过数学运算得到结论：如果物体的初速度为零，而且速度随时间的变化是均匀的，那么它通过的位移与所用的时间的二次方成正比，这样，只要测出物体通过通过不同位移所用的时间，就可以检验这个物体的速度是否随时间均匀变化．但是物体下落很快，当时只能靠滴水计时，这样的计时工具还不能测量自由落体运动所用的较短的时间．伽利略采用了一个巧妙的方法，用来“冲淡”重力．他让铜球沿阻力很小的斜面滚下，二小球在斜面上运动的加速度要比它竖直下落的加速度小得多，所以时间长，所以容易测量．故选：C．7.在竖直上抛运动中,当物体到达最高点时（ ）A.速度为零，加速度也为零B.速度为零，加速度不为零C.加速度为零，速度方向竖直向下D.速度和加速度方向都向下【答案】B【解析】因为竖直上抛的物体只受重力，由牛顿第二定律得：mg=ma所以运动的全过程是匀变速直线运动，即加速度一直保持重力加速度不变。即竖直上抛运动中，当物体到达最高时速度为零，加速度仍然为重力加速度g，故选：B8.试判断下列几个速度中哪个是平均速度()A.子弹出枪口的速度800m/sB.小球第3s末的速度6m/sC.汽车从甲站行驶到乙站的速度40km/hD.汽车通过站牌时的速度72km/h【答案】C【解析】A.子弹出枪口的速度是研究的某一位置的速度，是瞬时速度。故A错误。

B、第3s末是一时刻，该时刻的速度表示瞬时速度。故B错误。

C、汽车从甲站行驶到乙站的速度表示一段位移内的速度，为平均速度。故C正确。

D、汽车通过站牌时的速度，是对应一个位置的速度，是瞬时速度。故D错误。9.运动员在立定跳远时，脚蹬地起跳瞬间的受力示意图是A．B．C．D．【答案】A【解析】依据受力分析，受到竖直向下的重力，垂直地面的向上的弹力，还受到水平向右的静摩擦力，因为运动员立定跳远脚蹬地起跳瞬间，有相对地面向左运动的趋势，由上分析，可知，故A正确，BCD错误；10.如图所示,一只小甲虫沿着倾斜的树枝向上匀速爬行,则()A.甲虫速度越大所受摩擦力越大B.树枝对甲虫的摩擦力方向沿树枝向下C.树枝对甲虫的作用力与甲虫所受的重力是一对平衡力D.甲虫匀速向下爬行与向匀速上爬行所受摩擦力方向相反【答案】C【解析】AB、设倾角为θ，根据平衡条件可知甲虫所受的摩擦力f=mgsinθ，方向沿树枝向上，匀速运动过程中，θ不变，则摩擦力不变，故AB错误。C.匀速运动，受力平衡，树枝对甲虫的作用力与甲虫所受的重力是一对平衡力，故C正确；D.甲虫匀速向下爬行与向匀速上爬行所受摩擦力方向相同，均为沿树枝向上，11.如图所示乌龟和兔子从同一位置出发进行“龟兔赛跑”在时间t1内的位移−时间图象,则下列说法中正确的是()A.兔子比乌龟早出发B.到时刻t1乌龟与兔子的位移相同C.在比赛过程中，乌龟与兔子都做匀速运动D.在整个比赛过程中，乌龟与兔子相遇两次【答案】D【解析】A.由图读出，兔子和乌龟都是从原点出发的，但不是同时刻出发的，乌龟在t=0时刻出发，兔子在t=0时刻后出发，则乌龟比兔子早出发。故A错误。B.根据位移等于s的变化量,可知到时刻t1乌龟的位移比兔子的位移大，故B错误。C.根据位移图象的斜率表示速度，可知乌龟一直做匀速直线运动，兔子先做匀速运动，中途停留一段时间后再做匀速运动，故C错误。D.兔子和乌龟位移图象有两个交点，说明兔子和乌龟在比赛途中相遇过两次。12.如图,当轿车以18km/h的速度匀速驶入高速公路ETC收费通道时,ETC天线完成对车载电子标签的识别后发出“滴”的一声。此时轿车距自动栏杆7m,司机发现栏杆没有抬起,于是采取制动刹车,使轿车刚好没有撞杆。已知刹车的加速度大小为5m/s2.则司机的反应时间为()A.

0.5sB.

0.7sC.

0.9sD.

1s【答案】C【解析】轿车的为：v0=18km/h=5m/s,设司机的反应时间为△t,轿车在这段时间内做匀速直线运动,位移为：x1=v0t,随后做匀减速直线运动,位移为：x2=v02/2a,由题意可知两段位移之和为：L=x1+x2，代入数据联立解得：△t=0.9s，故C正确，ABD错误。二、填空题（每题4分，共40分）13.如图所示，以Ox方向为正方向，则质点从A到D的位移为___，从C到E，再到A的总位移为___.【答案】4m；−3m.【解析】位移的大小等于首末位置的距离,质点从A到D的位移为x1=2−(−2)=4m,从C到E,再到A的总位移x2=−2−1=−3m.14.图为用每隔1s拍摄一次的频闪照相机拍摄的小轿车行驶的照片，小轿车的车身长约为5m，由此可以估算出小轿车在1s内发生的位移为m，估算出行驶的平均速度约为___m/s.【答案】15；15【解析】小轿车的车身长约为5m,则一次曝光时间内轿车前进的位移约为15米,由平均速度的定义式可得：v=x/t=15m/s15.一质点沿Ox坐标轴运动，t=0时位于坐标原点，质点做直线运动的v−t图象如图所示，由图象可知，在时间t=______s时，质点距坐标原点最远，在前4s内该质点的位移随时间变化的关系式是s=______.【答案】2；6t−1.5t2【解析】由图读出质点的初速度为v0=6m/s,加速度a=△v/△t=−6/2m/s2=−3m/s2,则质点的位移−−时间关系式为x=v0t+1/2at2=6t−1.5t2，在0−2s内质点沿x轴正方向运动，在2−4s内沿x轴负方向运动，故在t=2s时质点与坐标原点有最大距离；16.质量为10kg的物体,在水平地面上向左运动,物体与水平面间的动摩擦因数为0.2.与此同时,物体受到一个水平向右的推力F=20N的作用,则物体的加速度大小a=______,加速度的方向______.(g=10m/s2)【答案】4m/s2；水平向右。【解析】在水平地面上向左运动，竖直方向受重力、支持力，水平方向受水平向右的拉力、水平向右的摩擦力。水平向右的拉力F=20N，摩擦力f=μN=20N，所以合力大小为F合=(20+20)N=40N，方向水平向右，根据牛顿第二定律得：a=F合/m=40/10=4m/s2，水平：水平向右；17.物体重为40N，用大小为300N的水平力F压在竖直墙上，物体与墙间的动摩擦因数为0.2，物体对墙的摩擦力为N，若将F减小到150N，物体对墙的摩擦力为N.【答案】40N；30N【解析】若物体运动受滑动摩擦力则f=μF=0.2×300=60N(1)物体的重力40N<60N，故物体处于静止状态，受静摩擦力，根据平衡条件：f=G=40N，方向竖直向上；(2)若F减小到150N，则f=μF=0.2×150=30N；小于重力，则物体开始滑动，物体受到的摩擦力大小为30N；一个物体从某一高度做自由落体运动，已知它第一秒内的位移恰为它最后一秒内位移的一半，则它开始下落时距地面的高度为______m，它落地的速度大小为______m/s.(g=10m/s2)【答案】11.25；15.【解析】由h=1/2gt2可得：第1秒内的位移h1=1/2×10m/s2×(1s)2=5m；则最后一秒内的位移h2=2h1=10m；则设下落总时间为t；最后1s内的位移h2=1/2gt2−1/2g(t−1)2=10m；解得：t=1.5s；则物体下落的总高度h=1/2gt2=11.25m；落地时的速度v=gt=15m/s；19.从离地15m高处以10m/s竖直上抛一物体，则物体从起抛点上升的最大高度距地为___m，物体在空中飞行过程的最后1s内的平均速度大小为___m/s.【答案】20，15.【解析】从离地15m高处以10m/s竖直上抛一物体，根据速度位移公式，上升的高度为：h=v2/2g=102/(2×10)=5m故离地的最大高度为：H=15m+5m=20m下降的总时间为：t=;下降的过程中第1s内的位移是5m，故最后1s的平均速度为：=15m/1s=15m/s20.因测试需要，一辆汽车在某雷达测速区沿平直路面从静止开始匀加速一段时间后，又接着做匀减速运动直到最后停止。下表中给出了雷达每隔2s记录的汽车速度数值。时刻s02.04.06.08.010.012.014.016.018.020.022.0速度m/s04.08.012.016.016.513.510.57.54.51.50由表中数据可知：汽车减速过程的加速度大小为___，汽车在测试过程中的最大速率为___.【答案】1.5m/s2，18m/s.【解析】①由图表可知在0−8s内匀加速,8−10s内匀速,而12s后匀减速,根据a=△v/△t得,匀减速的加速度为：a=−1.5m/s2;负号表示加速度的方向,大小为1.5m/s2则匀减速直线运动到零的时间为21s时刻。②由数据可得,匀加速的加速度大小为：a′=2m/s2匀加速直线运动的时间为t.由于汽车在21秒时已经停止，故有：则有：a′t=a(21−t)解得：t=9s.则汽车的最大速度为：v=a1t=18m/s.21.如图为小车做直线运动的s−t图，则小车在BC段做______运动，图中B点对应的运动状态的瞬时速度大小是______m/s.【答案】匀速，1.86【解析】x−t图象的斜率等于物体的速度，由图可知BC段是斜向上直线，表明BC段物体做匀速直线运动。vB=x/t=(4.8−2)/1.5m/s=1.86m/s22.如图所示是用光电门传感器测定小车瞬时速度的情境，轨道上ac间距离恰等于小车长度，b是ac中点。某同学采用不同的挡光片做了三次实验，并对测量精确度加以比较。(1)挡光片安装在小车中点处，光电门安装在c点，它测量的是小车前端P抵达______点(选填a、b或c)时的瞬时速度；(2)若每次小车从相同位置释放，记录数据如表所示，那么测得瞬时速度较精确的值为______m/s.次数挡光片宽(m)挡光时间(s)速度(m/s)10.0800.0362.2220.0400.0202.0030.0200.01051.90【答案】(1)b;(2)1.90.【解析】(1)挡光片安装在小车中点处，光电门