2023年安徽省六安市金安区七校联考中考物理模拟试卷（含答案）

2023年安徽省六安市金安区七校联考中考物理模拟试卷

1.用香樟树叶卷成圆筒，把其中一端稍稍捏扁，就可吹响，该声

音主要是由_____（选填“树叶”或“空气柱”）振动产生的。同一

片叶子可以卷成小筒，也可卷成较大的筒，两者相比，用小筒吹出

声音的音调（选填“较高”、“较低”或“相同”）。

2.如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡上标有“4V”字样，图乙是小灯泡的电流随其

电压变化的图像。滑动变阻器Rl的最大阻值为200,定值电阻夫2的阻值为10。，当开关都闭

合，调节滑动变阻器滑片到中点时，小灯泡恰好正常发光，在一分钟内电路消耗的电能为

Jo

3.熔喷布是口罩的核心材料，生产时，由喷丝孔挤出液态聚丙烯，通过高速空气流对其进

行牵伸，再经（填物态变化）形成超细纤维，组合成布。

4.萍萍使用了如图所示装置测滑动摩擦力，将A、8叠放在水平桌面上，分别用弹簧测力计

去拉，B不会从A上方落下，当A被拉动做匀速直线运动时，测力计α示数为3N,6测力计

示数为5N,则A与水平面间的摩擦力的大小为N。

5.小明同学用天平测物体的质量，调节横梁平衡时，在游码移动至标尺左端的零刻度线后，

发现指针如图甲所示，此时他应将平衡螺母向调；测量过程中，天平平衡时祛码使用

情况和游码位置如图乙所示，则被测物体的质量为g。

甲乙

6.通电线圈相当于一匝的通电螺线管，其两侧的磁极与线圈中

电流方向的关系也符合右手定则，把两个通电线圈A和8挂在水

平光滑的固定绝缘细杆MN上,通电线圈4和8将（填“靠

近”“距离不变”或“远离”）。

7.某同学家使用的燃气热水器每天将IOO依水从20°C升高到60℃,若燃气热水器所燃烧的天

然气的热值为8.0X107〃kg,天然气燃烧放热的70%被水吸收。则每天需要消耗天然气

kg。［c水=4.2X103∕∕（^.℃）］

8.用如图所示滑轮组拉着重为30N的物体A匀速前进0.2zn,若物体A与地面的摩擦力为9N,

若实际拉力尸=4N,则该滑轮组的机械效率为。

9.电阻为100的电铃（可看作是一个纯电阻），正常工作时的电压为5匕现只有一个8V的电

源，要使它正常工作，需要给它串联一个_____0的电阻。

10.请你在图中作出入射光线，并标出入射角的度数.

11.如图，在A点看到水中物体S的像在S',画出一条在A点看到

物体像S'的光路图。空气

水

S'∙

s∙

12.某小组在做“探究凸透镜成像规律”实验时，测量出物距和像距的数据，并绘制成如图

所示的图像。根据图像可知（）

A.该凸透镜的焦距是20cm

B.成倒立、放大的实像时，物距大于20a”

C.成倒立、缩小的实像时，物距小于20cm

D.当物距等于30CM时，成倒立、缩小的实像

A.实心球做曲线运动是手对实心球推力作用的结果

B.实心球在h点时，高度最高，动能最大

C.实心球从4点运动到C点的过程中，动能越来越大

D.实心球从。点运动到b点的过程中，动能转化为重力势能

14.2021年5月，我国“天问一号”探测器成功在火星着陆，下列说法错误的是（）

A.“天问一号”与地面控制中心联系是通过电磁波传递信息

B.“天问一号”的太阳能电池板工作时将太阳能转化为电能

C.太阳能来源于太阳内部核的裂变反应

D.太阳能是可再生能源，是未来理想能源的一个重要发展方向

15.如图所示，长方体物块A放置在上表面水平的小车上，水平拉力F作用在小车上，在拉

力厂的作用下，物块4随小车一起向右做匀速直线运动（不计空气阻力），下列分析正确的是

)

*>F

A.小车所受的重力和水平地面对小车的支持力是一对平衡力

B.小车所受的拉力和水平地面对小车的摩擦力是一对平衡力

C.物块A对小车压力和水平地面对小车的支持力是一对相互作用力

D.物块A所受水平向左的摩擦力和小车所受拉力是一对相互作用力

16.如图所示，在蹄形磁体的磁场中放置一根导线。利用此实验装

置进行实验，下列说法正确的是（）

A.在〃、匕间接入电源，可以探究电磁感应现象

B.在〃、6间接入电源，可以探究电动机的工作原理

C.在。、6间接入电流表，可以探究磁场对电流的作用

D.在6间接入电流表，只要使导线运动，电流表指针就会发生偏转

17.如图甲所示是小灯泡L和电阻R的/-U图像.小灯泡L的

额定电压为2匕若将乙和R以某种方式连接到电源两端，下列

说法中正确的有（）

①将L和R并联，当电路中总电流为0.7A时，灯L正常发光

②将L和R串联时电路的最大总功率与L和R并联时电路的最

大总功率之比为5：2

③将L和R串联在电压为1.4V的电源两端时，此时R两端电压为IV

④将Z,和R串联在电压为4V的电源两端时，电路中的电流约0.34

A.②③④B.①②③C.①@④D.①③④

18.如图所示，电源电压不变，闭合开关S,当滑动变阻器滑片

P向左移动时（假设灯泡的电阻不随温度改变），下列判断正确的

是（）

A.电流表的示数变大，Ll变亮

B.电压表的示数变大，⑦变亮

C.电压表的示数变小，电流表的示数变大

D.电压表的示数变小,电流表的示数变小

19.小强利用液体压强计和装有水的大烧杯来探究液体内部压强的特点。

(1)实验前，发现压强计U形管两边红墨水的高度不相等，如图A所示，接下来的操作应该

是；

A∙再多加一些红墨水

B.倒出一些红墨水

C.取下软管重新安装

D橡皮管漏气，更换新的橡皮管

(2)若使用调好的压强计，探究水内部压强特点的情景如图8、C、。所示；比较8、C、D,

可以得到的结论是：;

(3)如图E、尸所示，有两只相同的烧杯，分别盛有体积相同的水和酒精(没有标签)；小强采

用压强计进行探究：把金属盒分别浸入到这两种液体中，发现图F中U形管两边的液柱高度

差较大，小强则认为图尸烧杯中盛的是密度较大的水；他的结论正确吗？理由是：；

(4)小强换用其他液体探究液体压强与液体密度的关系，当金属盒在液体中的深度相同时，U

形管左右两侧液面的高度差对比不明显，你认为小强应采取下列哪些操作才能使实验现象更

加明显的有哪些______(选填序号).

①烧杯中换密度差更大的液体

②U形管中换用密度更小的液体

③换用更细的。形管

④换用稍长的U形管

20.物理实验课上，老师在水平实验台上组装了如图甲所示的实验装置，演示“杠杆的平衡

条件”的实验。

(1)老师向同学们提问：为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向(选填“左”或

“右”)调节;

(2)老师选用2个规格为50g的钩码挂在A处，用弹簧测力计在B处竖直向下拉杠杆，使杠杆

在水平位置平衡，如图乙所示。不计弹簧测力计自身的重量，弹簧测力计示数为M(g

取IoN∕kg)

21.实验小组的同学用“伏安法”测量标有2.5U字样的小灯泡的电阻。

(1)在图甲中用笔画线代替导线，将实物电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片向右滑动时接

入电路的电阻变大；

(2)闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，出现这种情况的原因可能是

(3)排除故障后继续实验、移动滑动变阻器，当小灯泡正常发光时电流表示数如图乙所示，则

小灯泡正常发光时的电阻为Ω;

(4)实验小组的同学利用已知阻值为Ro的定值电阻，一块电压表，三个开关和原电路的电源和

滑动变阻器，设计了如图丙所示的电路、也测出了小灯泡正常发光时的电阻，他们的步骤是：

①闭合开关S和Si,断开开关S2,调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数为2.5匕

②保持滑片位置不变，然后闭合开关S和S?,断开开关S],记下电压表示数为U；

③则可计算出小灯泡正常发光时灯泡的电阻为&=o(用已知量和测量量符号表示)

22.小牛放学后，背着重60N的书包沿水平路面走了400加，用时6min,又用2min爬上了大

约9m高的四楼回到了家，小牛的重力为700M则他回家的过程中，求：

(1)他对书包所做的功；

(2)他所做总功的功率。

23.如图甲所示，在容器底部固定一轻质弹簧，弹簧上端连有一边长为IOCVn的正方体物块

A,当容器中水的深度为30cvn时，物块A有I体积露出水面，此时弹簧恰好处于自然伸长状

33

态(P次=IXlθkg∕m')0求:

(1)物块A的密度；

(2)物体A受到的浮力；

(3)往容器缓慢加水(水未溢出)至物块A恰好浸没时水对容器底部压强的增加量4p(整个过程

中弹簧受到的拉力跟弹簧的伸长量关系如图乙所示)。

24.如图甲所示是一款电火锅，图乙是其简化电路图。通过控制挡位开关Si、S2可以获得由

低到高即保温、低温、中温、高温四档加热功率。已知电热丝％=440、/?2=882求：[c水=

4.2X103J∕(kg•℃)]

(1)保温档时电路中的电流；

(2)高温档时电路的功率；

(3)当开关Si断开，S2与触点1接通时，220V电火锅将2依水加热升高50°C需要Iomin,它加

热的效率是多少？

答案和解析

1.【答案】空气柱较高

【解析】解：用香樟树叶卷成筒，把其中一端稍稍捏扁，吹出的声音是由空气柱振动产生，卷成

小筒时空气柱细，振动快，故小筒吹出的音调较高。

故答案为：空气柱；较高。

声音是由物体振动产生的，物体振动的快慢叫频率，频率越高，音调越高。

解决此类题目要结合音调与振动频率的关系进行分析解答，明确吹出的声音是由空气柱振动产生

是关键。

2.【答案】702

【解析】解:

由图甲可知，当开关都闭合时，灯泡L和电阻&并联，再与滑动变阻器Rl串联，电压表测灯泡L

或电阻&两端的电压，电流表测干路电流或通过滑动变阻器Rl的电流；

调节滑动变阻器滑片到中点时，此时滑动变阻器接入电路的电阻为10。，小灯泡恰好正常发光，

即电压表示数为4匕电阻两端的电压的电压为4匕通过电阻/?2的电流为：

U4V

/2,=—=—=04A-

R2ion,

由图乙可知，当灯泡两端电压为4V时，电流为0.54。则干路电流即通过滑动变阻器Rl的电流为:

I1=I2+IL=OAA+0.5A=0.94；

滑动变阻器Rl两端的电压为：U1=I1R1=0.94X10/2=9V；

根据串联电路的电压规律可知，电源电压为：Uf⅛=Uι+U=9U+4U=13L

在一分钟即60S内电路消耗的电能为：加=U∕]t=13VX0.9AX60s—7027,

故答案为:702o

由图甲可知，当开关都闭合时，灯泡A和电阻&并联，再与滑动变阻器Rl串联，电压表测灯泡L

或电阻/?2两端的电压，电流表测干路电流或通过滑动变阻器Rl的电流；

根据灯泡正常发光时的电压得出R2两端的电压，根据欧姆定律求出通过电阻R2的电流；

根据灯泡的额定电流，利用并联电路的电流规律求出干路中的电流；

根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压,根据串联电路的电压规律求出电源电压;然后根据W=

U/t求出消耗的电能。

本题考查串联和并联电路的特点、欧姆定律、电功公式的灵活运用，知道灯泡正常发光时灯泡两

端的电压等于额定电压是解题的关键。

3.【答案】凝固

【解析】解：生产熔喷布时，由喷丝孔挤出液态聚丙烯，通过高速空气流对其进行牵伸，再凝固

成固态的超细纤维，组合成布。

故答案为：凝固。

物质由液态变成固态的过程叫凝固，凝固放热。

本题考查了凝固现象，属于基础题，难度不大。

4.【答案】2

【解析】解：对B进行受力分析，当A被拉动时，8受到A对B向右的摩擦力和弹簧测力计。对

B向左的拉力，由于B处于静止状态，因此弹簧测力计a的示数等于A、B两物体间的滑动摩擦力，

即/=3N；

如果物体A做匀速直线运动，则物体A受到弹簧测力计b对A向右的拉力作用和地面、B分别对

A向左的摩擦力；并且弹簧测力计b的示数等于两个摩擦力之和，A与水平面间的摩擦力的大小为

5N-3N=2N。

故答案为：20

(1)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上；对物体8进

行受力分析，并结合二力平衡的条件判断出A、B间的滑动摩擦力；

(2)对A进行受力分析，A受到弹簧测力计力对A向右的拉力作用和地面、B分别对A向左的摩擦

力。

本题考查了二力平衡的条件的应用；关键是对物体进行正确受力分析，然后根据物体的状态和二

力平衡的条件判断测力计的示数与摩擦力的关系。

5.【答案】左26,8

【解析】解：

(1)调节横梁平衡时，在游码移动至标尺左端的零刻度线后，发现指针如图中所示，即指针偏右,

则调节横梁平衡时，应将平衡螺母向左调。

(2)如图乙所示，标尺的分度值是0.2g,则被测物体的质量为：20g+5g+1.8g=26.8g。

故答案为：左；26.8。

(1)调节天平平衡时，如果指针偏向分度盘的左侧，应向右调节平衡螺母；如果指针偏向分度盘的

右侧，应向左调节平衡螺母。

(2)在读数时，被测物体的质量等于右盘中祛码的总质量加上游码所对的刻度值。

本题主要考查了天平的调节、读数方法，属于基础实验题，难度不大。

6.【答案】靠近

【解析】解：由图知，两个线圈A和8中的电流方向都向上，用右手握住线圈A、B,让四指指向

线圈中电流的方向，则大拇指所指的那端就是线圈的N极，所以线圈A的左端为N极、右端为S

极，线圈B的左端为N极、右端为S极，根据磁极间的相互作用规律可知，线圈A和B会相互吸

引，则它们将互相靠近。

故答案为：靠近。

安培定则：用右手握螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管

的N极。

本题考查了学生对安培定则的理解和应用，以及对磁极间相互作用规律的应用。

7.【答案】0.3

【解析】解：水吸收的热量为：Q吸=C水m次(t-to)=4.2×103J∕(kg∙°c)×IOOkgX(60°c-

20°c)=1.68×IO77:

天然气燃烧放出的热量：Q成=?="歌%=2.4X107∕≡

Q24x7y

由Q=7∏q可得，消耗天然气的质量：T∏=^=y=03kg.

qβ.0×107J∕kgi7

故答案为：0.3O

己知水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q=cτn(t-to)求水吸收的热量：根

据天然气燃烧放出的热量有70%被水吸收求出天然气放出的热量；最后根据Q=mq求出消耗天然

气的质量。

本题考查了学生对吸热公式Q收=ɑn(t-5)、燃料完全燃烧放出的热量公式Q成=Mq的掌握和运

用。

8.【答案】75%

【解析】解：根据图示可知，该装置为水平拉动物体匀速前进，有用功应为克服摩擦力做的功，

即W有用=fs物=9NX0.2m-1.8/；

有3段绳子拉动物体前进，所以S=3s初=3X0.2m=0.6m,则拉力做的总功为W总=FS=4Nx

0.6m=2.4/；

故滑轮组的机械效率：η=?X100%=詈X100%=75%。

W&4知

故答案为：75%。

由图可知，摩擦力的大小由3股绳子承担，S=3s',克服摩擦力做的功为有用功，利用W"?=∕s'

求解；拉力做的功为总功，利用W总=FS求总功，再利用机械效率的公式求滑轮组的机械效率。

本题考查了使用滑轮组时承担物重绳子股数的确定方法、有用功、总功、机械效率的计算方法，

确定克服摩擦力做功为有用功是本题的关键。

9.【答案】6

【解析】解：

因为串联电路的总电压等于各分电压之和，所以，电铃正常工作时，串联的电阻R两端的电压：

UR=U-U额=8V-5V=3V；

电铃正常工作时电路中的电流：/=/电绛=兽=荒=0.54；

电铃

根据/=g可得串联电阻的阻值：R串=字=孺=6必

K中/U.□Zi

故答案为：6。

因为电铃正常工作，电铃两端的电压等于额定电压，串联电阻两端的电压等于电源电压减去电铃

的额定电压；

已知电铃的电阻，则利用欧姆定律求此时通过电铃的电流，则串联电阻的阻值利用R=彳计算。

本题考查了学生对欧姆定律、电阻串联特点的掌握和运用，应熟练掌握相关内容并能灵活应用。

10.【答案】解：因为反射角与镜面的夹角为60。，所以反射角为30。，可得入射角也为30。，在法

线下侧画出入射光线，度数等于反射角为30。，如图所示：

【解析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法

线两侧，反射角等于入射角，作出入射光线并标出入射角及其度数.

由于题目已经作出法线，根据反射角等于入射角在同一平面内法线的另一侧画出入射光线即可，

注意完成题目的要求.要注意入射角是入射光线与法线之间的夹角.

IL【答案】解：S的光由水进入空气后进入人眼，人眼逆着折射光线看到S的像点，连接4S'交水

面于点O,连接So画出入射光线，连接OA画出折射光线，如图所示：

水

【解析】S'是S点的虚像，是折射光线的反向延长线的会聚点；所有由S发出的经过水面折射后

进入空气中的光线，反向延长后一定经过像点S',由此确定折射光线的位置和入射点，然后画出

入射光线。

本题考查了光的折射光路图，理解由于光的折射所成像的原理是关键。

12.【答案】D

【解析】解:A、分析图象中有关数据可知，物距等于2倍焦距，像距等于物距，故"=2/=20cm,

则∕=10cτn,该透镜的焦距为10c∙"i,故4错误；

B、当物距大于20CTO,即U>2/时，成倒立、缩小的实像，故B错误；

C、当物距小于20c∙"i,若∕<n<2∕■时，成倒立、放大的实像；若a=/不成像；若u<f成正立

放大的虚像，故C错误；

D、当物距等于30c,〃时，u>2f成倒立、缩小的实像，故。正确，

故选：Do

先由物距等于像距，计算焦距，然后根据透镜成像规律解题。

此题是利用凸透镜成像的规律，分析像距、成像特点与物距的关系，焦距的计算。

13.【答案】D

【解析】解：

A、实心球做曲线运动是因为受到了重力的作用，手对实心球没有推力，故A错误；

B、实心球在6点时，高度最高，速度最小，动能最小，故B错误；

CD.实心球从。点运动到6点的过程中，质量不变，高度增大，重力势能增大，速度减小，动能

减小，动能转化为重力势能；从b点运动到C点的过程中，速度变大，动能变大，高度减小，重

力势能减小，重力势能转化为动能，实心球从4点运动到C点的过程中，动能先变小后变大，故

C错误，。正确。

故选：Do

(1)力是改变物体运动状态的原因；

(2)动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度。

本题考查动能与重力势能的转化、力的作用效果等，要求我们对相关知识有一个熟练的掌握.

14.【答案】C

【解析】解：A、电磁波能传递信息且能在真空中传播，“天问一号”与地面控制中心联系是通过

电磁波传递信息的，故A正确；

8、太阳能电池板工作时将太阳能转化电能，实现光电转换，故8正确；

C、太阳能来源于太阳内部氢核的聚变，故C错误；

。、太阳能是可再生能源，清洁、无污染，可以保证不会严重影响环境，是未来理想能源的一个

重要发展方向，故。正确。

故选：Co

(1)电磁波能传递信息且能在真空中传播；

(2)太阳能电池板工作时将太阳能转化电能，实现光电转换：

(3)核能分为裂变和聚变两种，裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在

核反应堆中，后者应用在原子弹中；聚变主要应用在氢弹上，核聚变又称热核反应；

(4)可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不

可再生能源。

本题考查了电磁波的利用、太阳能的利用、能源的分类以及核能的有关知识，是一道基础题。

15.【答案】B

【解析】解：A、小车与物块4所受重力的合力和水平地面对小车的支持力是一对平衡力，故A

错误；

8、小车所受的拉力和水平地面对小车的摩擦力是一对平衡力，故B正确；

C、物块A对小车压力和水平地面对小车的支持力作用在同一个物体上，大小也不相等，所以不

是一对相互作用力，故C错误；

。、物块A不受摩擦力，故。错误。

故选：Bo

一对平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在同一个物体上；

相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在两个物体上。

此题考查了对物体的受力分析及平衡力与相互作用力的区别，其区别主要在于：平衡力是作用在

同一物体上的两个力，相互作用力是作用在两个物体上的力。

16.【答案】B

【解析】解：AB,在m。间接入电流表，电路中无电源，闭合电路中的部分导体只有在磁场中

做切割磁感线运动时，会产生感应电流，可以探究电磁感应现象，与发电机的原理相同，故错误，

3正确；

CD,在“、b间接入电流表，电路中无电源，闭合电路中的部分导体只有在磁场中做切割磁感线

运动时(若导线沿磁感线方向竖直上下运动，测不会产生感应电流，电流表指针不会发生偏转)，

会产生感应电流，电流表指针才会发生偏转，可以探究电磁感应现象，故CD错误。

故选：Bo

闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这就是电磁感应现象，

利用该现象制成了发电机；

通电导体在磁场中会受到力的作用，据此制成了电动机。

本题中的实验装置设计的很有特点；要熟练掌握磁生电和电生磁的电路的特点。

17.【答案】C

【解析】解：

①将L和R并联，L和R两端的电压相同，当电路中总电流为0.74时，由图可知，此时灯泡两端

的电压为2匕小灯泡正常发光，故①正确；

②将L和R串联时,灯泡两端的最大电压为2匕此时通过灯泡的电流为0.54；R的电阻为:R=牛=

ɪ=100；串联电路中电流处处相等，此时电阻R两端的电压为：U'=IR=0.54XIOP=5V；

0.2AλR

电源电压为：U=2V+5V=7V-,电路的最大功率为：P=Ul=IV×0.5Λ=3.5W；

将L和R并联，灯泡两端的最大电压为2匕电源电压为2HL和R两端的电压相同，由图可知，

电路中总电流为0.54+0.24=0.74时，电路的最大功率为：P'=U'I'=2V×0.7A=IAW；

心和R串联时电路的最大总功率与L和R并联时电路的最大总功率之比为P：P，=3.5勿：1.4〃=5：

2,故②正确；

③由图可知，当灯泡两端的电压为2V时，通过灯泡的电流为0.54此时灯泡的电阻为：RL=毕=

l2

2V

—=4/2；

0.5A，

将L和R串联在电源两端时，若R两端电压为1匕此时电路中的电流为：/，=字=羔=0.14

由于灯丝的电阻受温度的影响，电压越低，灯丝的温度越低，灯丝的电阻越大，所以电路中电流

为0.14时，灯泡的电阻要大于通过灯泡电流为0.5A时的电阻，所以此时灯泡两端的电压要大于

0.1A×4Ω=OAV,即电源电压要大于l.(Ψ+0.4V=1.4V,故③错误；

④将Z,和R串联在电压为4V的电源两端时，由图像可知，此时L两端的电压为1匕R两端的电

压为3匕此时电路中的电流约0.34故④正确；

故选：C。

(1)并联电路各支路两端的电压相等；并联电路中，干路中的电流等于各支路电流的和，据此结合

图像可知灯泡两端的实际电压，从而判断灯泡是否正常发光；

(2乂和R串联时，根据灯泡的额定电压判定电路中的电流；根据串联电路的电压规律求出电源电

压；Z,和R并联时，根据灯泡的额定电压判定干路中的最大电流；然后根据P=U/分析功率之比；

(3)R两端电压为1%据此求出电路中的电流，根据电流读出灯泡两端的电压，根据串联电路的电

压规律求出总电压；

(4)将L和R串联在电压为4V的电源两端时,根据图像得出灯泡和R两端的电压和电路中的电流。

本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象读出

对应的电压和电流，对学生获取信息的能力要求较高。

18.【答案】D

【解析】解：

由图可知，闭合开关S,灯泡G与滑动变阻器R并联后与灯泡Ll串联，电流表测量通过滑动变阻

器R的电流，电压表测灯泡Ll两端的电压；

闭合开关S,当滑片向左移动时，变阻器R接入电路的电阻变大，根据并联电路的电阻关系可知，

并联部分的电阻变大，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知，干路中的电流变小；

干路中的电流变小，根据U=/R可知，灯泡Ll两端的电压变小，即电压表示数变小，根据P=(可

知Ll的实际功率变小，则灯泡Ll变暗；

因电源电压不变，刀两端的电压变小，则根据串联电路的电压特点可知，并联部分电压变大，由

欧姆定律可知通过乙2的电流变大，根据P=KR可知，42的实际功率变大，则G变亮；

因干路中的电流变小，通过G的电流变大，根据并联电路的电流特点可知，通过滑动变阻器R的

电流变小，即电流表示数变小；

综上所述，A8C错误，Z)正确。

故选：Do

由图可知，闭合开关S,灯泡G与滑动变阻器R并联后与灯泡Ll串联，电流表测量通过滑动变阻

器R的电流，电压表测灯泡Ll两端的电压；

闭合开关S,当滑片向左移动时，根据变阻器接入阻值的变化分析并联部分电阻的变化，根据串

联电路的电阻关系分析电路总电阻的变化，由欧姆定律分析干路中电流的变化和灯泡Ll两端电压

的变化；根据P=:分析灯泡Ll实际功率的变化，则可知Ll亮度的变化；根据串联电路的电压特

点分析并联部分两端电压的变化，再根据欧姆定律分析通过灯泡G的电流变化；根据P=//?分析

灯泡G实际功率的变化，则可知G亮度的变化；根据并联电路的电流特点分析通过滑动变阻器电

流的变化，从而判定电流表示数的变化。

本题主要考查了串并联电路的特点、欧姆定律的应用，关键是电路连接方式和电表所测电路元件

的判断。

19.【答案】C在同一液体的同一深度处，液体向各个方向的压强相等不正确，没有控制金属盒

浸入液体中的深度相同①②

【解析】解：(1)若在使用压强计前发现U形管内水面有高度差,说明软管内封闭的气体不受力时，

压强与外界气压不相等，对实验结果会造成影响，应拆除软管重新安装，故选C；

(2)B图、C图和。图，橡皮膜所处的深度相同，U形管两边的液面高度差相同，说明在同一液体

的同一深度处，液体向各个方向的压强相等；

(3)由E、尸知，橡皮膜所处的深度不同，无法通过压强的大小判断液体密度的大小，故结论不正

确，理由是没有控制金属盒浸入液体中的深度相同；

(4)根据p=pg∕l可知，液体的密度越大，深度越大，压强越大，液体的压强与U形管粗细和长度

无关，所以在“烧杯中换密度差更大的液体”和“U形管中换用密度更小的液体”U形管左右两

侧液面的高度差都将变大；“换用更细的U形管”和“换用稍长的U形管”不能使两侧液面高度

差对比更加明显，故选①②。

故答案为：(I)C;(2)在同一液体的同一深度处，液体向各个方向的压强相等；(3)不正确，没有

控制金属盒浸入液体中的深度相同：(4)①②。

(1)使用压强计前发现U形管内水面有高度差，说明软管内封闭的气体不受力时，压强与外界气压

不相等，应重新进行安装；

(2)液体压强与液体的密度和深度有关，分析BC。三图中控制的量和不同的量，得出液体压强大

小与方向的关系；

(3)要探究压强与液体密度的关系，需保持橡皮膜在液体中的深度相同；

(4)根据P=pg∕ι逐项分析。

此题主要考查了学生对液体内部压强规律的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的应用；压强

计的使用，是我们必须掌握的内容.

20.【答案】右1.5

【解析】解：(1)如图甲所示，要使它在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向右调节；

(2)设杠杆一格长为I,杠杆A处受到的拉力

3

F1=2G=2×50×10~kgX10N∕kg=IN

杠杆处于平衡状态时，由杠杆的平衡条件可知

F1×3/=F2×21

则尸2=膂ɪ=?XlN=1.5N,

故不计弹簧测力计自身的重量，弹簧测力计示数为1.5N。

故答案为：(I)右；(2)1.5。

(1)为使杠杆在水平位置平衡，应调节螺母向上翘的一端移动：

(2)根据杠杆的平衡条件求出拉力的大小。

此题为探究杠杆的平衡条件实验，灵活运用好杠杆平衡条件是解答此题的关键。

21.【答案】灯泡短路57^--R0

U-Δ.DV

【解析】解：

(1)图中应把滑动变阻器与灯泡串联，要求滑动变阻器的滑片向右滑动时接入电路的电阻变大，所

以应选择变阻器的左下接线柱与灯泡右侧接线相连，灯泡额定电压2.5U,所以电压表应选小量程

与灯泡并联，如图所示：

+

(2)闭合开关，电流表有示数，说明电路为通路，发现小灯泡不亮，电压表无示数，可能是灯泡短

路了;

(3)由图乙可知，电流表选用的是O〜0.64的量程，分度值为0.024,电流表的示数为0.54小灯

泡正常发光时的电阻为：

U2.5KUC

Rd=7=两=50；

(4)①闭合开关S和S「断开开关S2,调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数为2.5U,电压表测量

灯泡两端的电压，故灯泡正常发光；

②保持滑片位置不变，然后闭合开关S和S2,断开开关a，记下电压表示数为U,电压表测量灯

泡和RO的总电压，此时电路的连接方式没有发生改变，所以灯泡仍然正常发光，

由串联电路特点和欧姆定律可得，通过电路的电流；

,U-2.5V

1=1r°=-∙'

小灯泡正常发光时灯泡的电阻为：

n_U额_2.5V_2.5Vn

~~~^E^~U^2SV'Ko°

RO

故答案为：(1)见上图；(2)灯泡短路；(3)5；(4)言专∙R。。

(1)本实验中，电流表、滑动变阻器、灯泡串联在电路中，电压表并联在灯泡两端，根据滑片向右

滑动时接入电路的电阻变大选择接线柱；

(2)电流表有示数，说明电路是通路，再灯泡灯泡不亮，电压表无示数分析判断故障；

(3)由图乙读出灯泡正常发光时的电流，由/=g计算灯泡电阻；

(4)根据图丙，为了测灯泡正常发光的电阻，先应使灯泡正常发光，再利用电压表和已知阻值的定

值电阻结合电路特点间接测出灯泡正常发光的电流，从而计算灯泡正常发光时电阻。

本题是测灯泡电阻的实验，考查了实物电路的连接、故障分析、电流表读数、电阻的计算以及特

殊方法测电阻，知道灯泡正常发光时两端电压等于其额定电压。

22.【答案】解：(1)小牛在水平路面上行走时，对书包的作用力竖直向上，但在竖直方向上移动

的距离是0,此过程对书包做功为0；在登楼时，将书包提升，克服书包重力做的功：

W=G^h=60N×9m=540J,

即他在回家的过程中对书包所做的功为540J。

(2)同理可得，他在回家的过程中克服自身重力所做的功：

W'=Gλh=700/V×9m=63007,

他克服重力所做的总功：

W&=540/+6300/=6840/,

总时间：t—6min+2min—8min—480s,

则他克服重力所做总功的功率：

UZ

D6840/.

P=-T=薪=11生25勿。

答：(1)他对书包所做的功为540J；

(2)他所做总功的功率为14.25”。

【解析】(1)力对物体做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在该力的方向上通过的距离。

小牛在水平路面上行走时，对书包的作用力竖直向上，但在竖直方向上移动的距离是0,此过程

对书包做功为OJ;在登楼时，将书包提升，根据勿=G#包九得出克服书包重力做的功：据此得出

他在回家的过程中对书包所做的功：

(2)同理，根据W'=G人九可得他在回家的过程中克服自身重力所做的功，进而得出他克服重力所

做的总功，根据P=?得出他克服重力所做总功的功率。

本题考查了功和功率的计算，掌握对物体做功的两个必要因素，有力有距离不一定做功，距离一

定是在该力的作用下通过的才能说该力做功。

23.【答案】解：(1)根据题意知道，当弹簧恰好处于自然状态时没有发生形变，所以产浮=G,即

P水gv排=P破V'

物块A体积为：

V=I?=(0.1m)3=O.OOlTn3

所以物体的密度：

P物=P”=(1—|)×1×103kg∕m3=0.6X103kg∕m3∙

(2)由产浮=P滋嗫知道，=(1-1)×0.001m3=6×lθ-4m3,物块4受到的浮力为：

F犷=P水gV推=1×103kg∕m3×ION∕kg×6×10^4m3=6/V.

(3)物块4刚好完全浸没水中时，弹簧的拉力：

Fl=F浮-G=p^gV-p^gV

=1×103kg∕m3×IoN∕kg×0.001m3—0.6×103kg∕m3×ION∕kg×0.OOlm3

=4N

由图乙知道，此时弹簧伸长了4c〃?，当容器中水的深度为30c加时，物块A有q的体积露出水面，

此时弹簧恰好处于自然伸长状态，则弹簧的原长：

2

LO=九次一h屋=30cm-(I-W)XIOcm=24cτn,

所以，物块A刚好完全浸没水中弹簧的长度：

L'=L0+ΔL=24cm+4cm—28cm,

则浸没时水面的高度为：

h2—L'+LA=28cm+IOcm=38cm,

则水面升高的高度：

∆h=h2-h=38Cm-30cm=8cm=0.08m,

物块A恰好浸没时水对容器底部压强的增加量：

33

∆p=P水g∆h=1×10kg∕mXIoN∕kgX0.08m=QOOPao

答：(1)物块A受到的浮力为6N