2023年河北省邢台市中考物理模拟试卷（含答案解析）

2023年河北省邢台市中考物理模拟试卷

1.下列数据最符合实际的是（）

A.考场教室的门宽约为B.一只小白兔的质量约为10依

C.河北省6月的平均气温约为0℃D.正常人步行的速度约为1.2∕0n"

2.音乐会上，艺术家们用编钟、二胡和古筝等乐器演奏乐曲《春江花月夜》，听众能够分

辨出不同乐器的声音，是根据声音的（）

A.响度B.音调C.音色D.速度

3.夏天，冰棒从冰柜拿出来，它的周围会冒“白气”，如图所示。“白气”的成C

因与下列谚语中加点的字涉及的物态变化相同的是（）（Xr

A.水缸出汗，不用挑担B.下雪不冷，化雪冷

C.扬汤止涉，不如釜底抽薪D.*冻三尺，非一日之寒

4.如图所示的光现象，是由光的反射形成的是（）

5.下列与惯性有关的说法中，正确的一组是（）

①驾驶员和乘客都系安全带是为了减小惯性

②跳远运动员快速助跑提高成绩，是利用自身的惯性

③公交汽车突然刹车时，站立的乘客向前倾倒是由于人具有惯性

④锤头松了，撞击锤柄下端锤头便套紧在锤柄上，是由于锤头具有惯性

A.①②③B.②③④C.①②④D.①③④

6.“珍爱生命，注意安全”是人们必备安全意识。下列做法中，符合安全用电原则的是（）

A.保险丝熔断后用铜丝代替B.用湿毛巾擦拭家用电器

C.开关接在电灯和零线之间D.更换灯泡前断开电源开关

7.下列与内能有关的说法，正确的是（）

A.0℃的冰没有内能

B.对物体做功，其内能一定增加

C.在热传递过程中，热量只能自发地从高温物体转移到低温物体

D.水在沸腾过程中，吸收热量温度不变，内能不变

8.如图是一款不用电池的手电筒，当沿图中箭头方向来回摇动时，灯泡就能

发光。在选项图中能解释上述现象的实验是（）

电源

sT

—↑二.

D.:E：

9.由于热胀冷缩，户外的导线在夏天会变得松弛，冬天又

拉的很紧。某些地方用图所示的滑轮组来控制导线的松紧程

度。一次导线对滑轮N的拉力为凡配重水泥块4（重为G）被

匀速拉升的高度为/?,拉力F和配重水泥块A的运动速度分

别为W和%，（不考虑滑轮自重、绳重和绳与滑轮间的摩擦）。

下列说法中不正确的是（）

A.M是定滑轮B.拉力F=2GC.VA=2VFD.尸做的功为Fh

10.小明在探究凸透镜成像的规律时，正确操作实验器材，当点燃的蜡烛置于如图所示位置

时，在光屏上得到烛焰等大清晰的像。下列说法正确的是（）

叩

∣llll∣llll∣llll∣llll∣llll∣llll∣llll∣llll∣llll∣llll∣llll∣llll∣llll∣llll∣llll∣llll∣llll∣llll∣llll∣

Ocm102030405060708090100

A.该透镜的焦距是15Cm

B.当物距为25cm时，凸透镜成放大的像，放大镜是根据这一原理制成的

C.当物距为35cm时，凸透镜成缩小的像，照相机是根据这一原理制成的

D.若把蜡烛从距离凸透镜25cτw处向透镜方向移动，光屏上一直能得到清晰的像

11.图是两种物质发生物态变化时温度随时间变化的曲线。下列说法正确的是（）

A.图甲是晶体熔化时温度随时间变化的曲线

B.图乙是晶体凝固时温度随时间变化的曲线

C.图甲表明晶体在熔化过程中，温度不变，是由于没有从外界吸热

D.图乙表明非晶体凝固过程中，温度降低，不断向外界放热

12.如图所示电路中，电源电压可调，灯泡人、功分别标有“6K6W”

和“6匕3W”字样，通过开关闭合，保证至少有一只灯泡正常发光的

情况下（不考虑温度对灯丝电阻的影响）。下列说法正确的是（）

A.电路中的最大电流为1.54

B.电源电压的调节范围是61/〜12U

C.电路电功率的变化范围是3W〜9/

D.灯泡员的电功率可能大于Ll的电功率

13.如图所示,我国航天员在“天宫课堂”做实验的精彩画面是

通过（选填“超声波”“次声波”或“电磁波”）传到祖

国各地的。以地面为参照物，宇航员是的。

14.如图所示，条形磁铁置于水平桌面上，电磁铁的右端固定，闭合开关S,电磁铁的左端

是它的（选填"N”或"S”）极，此时条形磁铁处于静止状态，当滑动变阻器的滑片P

向左移动时，条形磁铁仍保持静止，在此过程中，条形磁铁受到的摩擦力大小（选填

“逐渐增大”“逐渐减小”或“保持不变”）。

15.电能表上标有““〃・八”字样，它的物理意义是O一个电功率为500W的电吹

风工作3h消耗kW-∕ι的电能。

16.小明家的天然气热水器可以为洗澡提供热水。如果他家一天需要将100伙温度是20°C的

水加热到60℃,水吸收的热量是J,如果该天然气热水器的效率为75%,他家一天用于

洗澡需要消耗根3的天然气。

田友燃气=3∙2X107∕M3,C次=4.2X103J∕（kg∙°c）］

17.放置在水平桌面上的薄壁圆柱形容器A,它的底面积为200Cm2、质量为0.6kg,其内部

盛有水如图所示。容器对水平桌面的压强是Pa,把质量为1.2kg的正方体物块8缓慢

放入容器中（水未溢出），物块8静止后，水对容器底部的压强增加了Pa.S次=LOX

IO3kg∕m3,g^t>L10N/kg）

18.如图所示,AO是射向平面镜的一束光，请在图中画出它的反射光线并标出反射角大小。

19.如图是小明探究“物体动能的大小与质量的关系”的实验装置。将钢球从某一高度处由

静止释放，钢球摆到竖直位置时，撞击水平木板上的木块，木块被撞出一段距离。实验数据

如下表：

实验钢球质量钢球下摆高度木块滑行距

次数/9/cm离/cm

120-25~

2402049

3-6(∏20-

(1)从表中数据可以知道，实验是通过观察来判断钢球动能的大小。

(2)分析表中数据可以得出：在速度一定的情况下，物体的动能随其质量的增大而o

(3)查阅资料得知，①抛出去的篮球动能约为30J；②行走的牛动能约为60J；③飞行的步枪

子弹动能约为5×103/。分析数据可知：物体的(选填“质量”或“速度”)对物体的

动能影响较大。

20.小明在探究“影响浮力大小的因素”时，做了如图所示的实验。请根据他的实验，回答

下列问题。(g取ION"g,=l∙θ×103kg∕m3)

0

1

22.8N

33

4

55

(1)小明通过比较乙与丙初步得出浮力的大小与深度有关，但他通过比较两实验否定

了自己的结论，进而得出物体受到的浮力大小与有关。

(2)通过比较丙与戊两实验可知，物体受到的浮力大小还与有关。

【拓展】综合分析上述实验可以得出：盐水的密度是kg∕m∖

21.在“测量小灯泡电功率”的实验时，实验室提供了如下器材：额定电压为3.8U小灯泡(正

常工作时电阻大于100),电源(电压恒为6V),两个滑动变阻器规格分别为“10。，1A”和

“500,0.54”，电流表(“0〜0.64”和“0〜34”)、电压表("0〜3V”“0〜15口j和

开关各一个，导线若干。

(1)选出合适变阻器后，把实验器材连成如图1甲所示电路，经检查，其中有一条导线连接错

误，请在该导线上打“x”，再画线把它改接到正确的位置上。

(2)电路连接正确后，移动变阻器滑片，记录多组电流表示数/和电压表示数U的值，如下表

所示。

电压U/V1233.8

电流〃40.10.180.26

当电压表示数为3V时，电流表示数(如图1乙所示)为Ao分析表中数据可知，为了完

成实验，应该选取规格为的变阻器，小灯泡的额定电功率为〃(保留2位小数

)。

【拓展】同学们认为上述实验方案中，电压表读数不准确，利用原器材又设计了如图2所示

的实验电路，比较准确的完成了该小灯泡额定电功率的测量。实验步骤如下：

①连接电路时，电压表选择量程；

②闭合开关S,O

③根据测量物理量计算小灯泡额定电功率。

22.如图所示，轻质杠杆。P长加，能绕。点转动，P端用细绳悬于N点。现有一个重为

7N的合金块A通过滑环悬挂于M点,M点距离。点20”〃。倾斜的杆OP与水平方向成30°角，

滑环刚好能从M向P端以2czn∕s的速度匀速滑动，若滑环从M点开始用时30s滑动到某点Q(

图中未画出)时，细绳恰好断裂。(g取ION∕kg)求：

(1)细绳能承受的最大拉力。

(2)滑环自M点滑动到。点的过程中，合金块A所受重力做的功和重力做功的功率。

23.如图1所示电路中，电源电压恒定不变,定值电阻Ro为150,电压表量程为“0〜15V”，

电流表量程为“0~34”，灯泡L的额定电压为12匕图2是它的/关系图象。只闭合开

关S],调节滑动变阻器滑片尸，当变阻器接入电路的阻值为其最大阻值的!时，电压表示数为

3匕电流表示数为IAo求：

(D灯泡L正常发光时的电阻。

(2)电源电压和变阻器的最大阻值。

(3)Si、S2、S3都闭合时，变阻器的最大功率和最小功率.

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：4成年人一步的距离在75c"左右，一般门的宽度略大于75c%,约90a”，故A符合

实际；

B.一只小白兔的质量约为IAg,故B不符合实际；

C河北省6月的平均气温约为30℃,故C不符合实际；

D正常人步行的速度约为ITn/s-3.6km∕h,故D不符合实际。

故选：Ao

首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的

换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的

选项即可。

2.【答案】C

【解析】解：不同的发声体因材料和结构不同，所发出声音的音色就不同；

所以，用不同种乐器演奏同一乐曲，听众能分辨出不同乐器的声音，是根据不同乐器的音色不同；

故选：Co

不同的发声体因材料和结构不同，所发出声音的音色就不同，音色是辨别不同发声体的重要依据。

本题考查了声音的产生和传播以及特征-音色，是一道基础题目。

3.【答案】A

【解析】解：“白气”是由水蒸气遇冷液化形成的小水珠，是液化现象；

4、水缸出汗的“汗”是由空气中的水蒸气遇冷变成小水珠的过程，是液化现象，故A符合题意；

下雪是凝华过程，凝华是放热过程，导致空气温度升高，空气的内能增加，人们感到不冷，故

B不符合题意；

C、扬汤止沸的“沸”是水沸腾变成水蒸气的过程，是汽化现象，故C不符合题意；

冰冻三尺是“冰”是由水变成冰的过程，是凝固现象，故O不符合题意。

故选：Ao

(1)物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气

态叫做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接

变成固态叫凝华；

(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；

吸热的有：熔化、汽化、升华。

本题考查的是物态变化现象的判断以及伴随的吸热和放热现象。

4.【答案】C

【解析】解：A、日全食属于日食的形成，是由于太阳、地球、月亮在同一直线上，月亮在中间挡

住太阳光而形成的，故A错误。

8、海市蜃楼是由于光的折射形成的，故B错误。

C、三塔倒影，属于平面镜成像现象，是由于光的反射形成的，故C正确。

。、插入水中的铅笔好像弯折了，这是铅笔的反射的光由水中斜射入空气中时在水面发生了折射，

故。错误。

故选：Co

(1)光在同一均匀介质中沿直线传播。光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食

和月食等；

(2)光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像就是具体应用；

(3)光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象。

此题主要考查了光的反射、光的折射、光的直线传播现象，平时要注意各个现象的形成原因。

5.【答案】B

【解析】解：①汽车驾驶员和乘客需要系上安全带，是为了减小汽车行驶中惯性带来的伤害，但

不能减小惯性，故①错误；

②惯性大小只跟物体的质量大小有关，跳远运动员要助跑后起跳，是为了利用惯性，故②正确；

③行驶中的公交车突然刹车时，乘客会向前倾，是由于乘客具有惯性，故③正确；

④锤头与锤柄原来都向下运动，锤柄撞在硬物上受到阻力作用，改变了它的运动状态，就停止了

运动，锤头要保持原来运动状态，继续向下运动，这样锤头就紧套在锤柄上了，这是由于锤头具

有惯性，故④正确。

综上所述，②③④正确。

故选：Bo

物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，惯性是物体的一种属性，惯性大小只跟物体的质量大

小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。

本题考查了惯性的知识，知道惯性的概念是正确解题的前提，解题时要根据实际物理情景进行分

析，作出判断。

6.【答案】D

【解析】解：

A、当用细铜丝代替后，细铜丝的熔点很高，温度即使升高到一定程度，它也不会自动熔断，起不

到保护电路的作用，故A错误；

8、生活用水是导体，用湿毛巾擦拭家用电器，容易发生触电事故，故B错误；

C、电灯的开关接在火线和灯泡之间，故C错误；

D,更换灯泡前，需先切断电源，这样不容易发生触电事故，故。正确。

故选：D∙

(1)保险丝的作用就是在电流增大到一定值时，自身熔断切断电流，从而起到保护电路安全运行的

作用；

(2)生活用水是导体；

(3)开关与用电器的连接方法：从火线先接入开关，再接入用电器，从用电器出来后回到零线；

(4)进行家电维修时，需先切断电源，再维修。

此题考查的是日常生活中的一些安全用电常识。只要同学们牢记安全用电常识，并正确规范操作，

就不会有危险发生。

7.【答案】C

【解析】解：4、一切物体都有内能，0℃的冰有内能，故4错误；

3、对物体做功，它的内能不一定增加，如把物体举高而做功时，其内能不变，故B错误；

C、热传递时，热量总是自发地从高温物体转移到低温物体，故C正确；

。、水在沸腾过程中，吸收热量温度不变，内能增加，故。错误。

故选：C。

(1)一切物体都有内能；

(2)对物体做功，物体的内能不一定增加；

(3)热传递的条件是有温度差；

(4)内能的大小跟质量、温度、状态有关。

本题考查内能、温度和热量的关系，难度不大。

8.【答案】B

【解析】解；灯泡就能发光的原理是电磁感应现象；

4的原理是通电导体在磁场中受力运动；B中的实验装置探究的是电磁感应现象；C中的装置是奥

斯特实验，是电流的磁效应；。中是电磁铁，其工作原理是电流的磁效应，故B正确。

故选：Bo

(1)手电筒是利用电磁感应现象制成的，当沿图中箭头方向来回摇动时，使线圈切割磁感线，从而

产生了感应电流，使小灯泡发光。

(2)逐个分析下面四个选择项中各个设备的制成原理，将两者对应即可得到答案。

本题关键是明确电磁感应现象的产生条件是导体做切割磁感线运动，是一道基础题目。

9.【答案】D

【解析】解：A、由图可知，M的轴固定不动是定滑轮，故A正确；

B、由图可知n=2,因为不计绳重和摩擦时G=LF,所以轴端拉力：F=TIG=2G,故B正确；

n

C、由图可知，拉力/移动的速度UFVA=2VF,故C正确；

D、由图可知，轴端拉力F移动的距离s=g∕ι,则轴端拉力尸做的功：W=Fs=Fxgh=^FZi,

故。错误。

故选：D.

(1)轴随物体一起移动的滑轮是动滑轮，轴固定不动的滑轮是定滑轮；

(2)由图可知n=2,利用不计绳重和摩擦时G=，F求轴端拉力F；

(3)由图可知，轴端拉力尸移动的速度V=；以；

(4)由图可知，由图可知，轴端拉力/移动的距离s=利用W=FS求轴端拉力尸做的功；

本题考查定滑轮和动滑轮的定义、水平使用滑轮组时滑轮组的特点、轴端拉力的计算、功的计算，

注意题中物体挂在绳端，拉力作用在轴端。

10.【答案】AC

【解析】解：A、由图像可知，u=v=30.0cτn,此时ιz=2f,f=15.0cm,故A正确；

B、当u=25cτn时，物距大于一倍焦距小于二倍焦距，凸透镜成倒立、放大的实像，根据这一原

理可制成投影仪，故B错误；

C、当〃=35Crn时，物距大于二倍焦距，凸透镜成倒立、缩小的实像，照相机就是依据这一原理

制成的，故C正确；

D,若把蜡烛从距离凸透镜25Cm处向透镜方向移动，当物距等于焦距时，不成像，当物距小于焦

距时，成正立、放大的虚像，虚像不能成在光屏上，故。错误。

故选：AC.

凸透镜成像的规律：物距小于焦距成正立放大虚像；

物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立放大实像，像距大于二倍焦距；

物距等于二倍焦距成倒立等大实像，像距等于二倍焦距；

物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距；

凸透镜成实像时，物距增大，像距减小。

此题是探究凸透镜成像的规律，关键是将熟悉成像规律，仔细分析即可。

11.【答案】AD

【解析】解：A、图甲中物质整体升温，因此是熔化图象，同时图线中有一段呈水平，说明该物质

有一定的熔点，因此是晶体熔化时温度随时间变化的曲线，故A正确；

8、图乙中物质整体降温，是凝固图象，但从图线看，没有一定的凝固点，随着放热温度一直下降，

因此是非晶体凝固时温度随时间变化的曲线。故8错误；

C、图甲中当晶体物质达到熔点时，温度虽不变，但仍要继续吸热。故C错误；

。、图乙中非晶体在凝固过程中，一边放热、一边降温、一边凝固，符合非晶体凝固的特点。故。

正确。

故选：AD.

总体来看，熔化是一个吸热升温的过程，晶体有一定的熔点，图象中有一段是呈水平的，非晶体

没有一定的熔点，一边吸热、一边升温、一边熔化，据此可对图甲做出分析；

凝固是一个放热降温的过程，晶体有一定的凝固点，图象中同样有一段是呈水平的，非晶体没有

一定的凝固点，一边放热、一边降温、一边凝固，据此可对图乙做出分析。

晶体与非晶体的主要区别是：看有没有一定的熔点或凝固点，这是解决此类问题的基本要求，同

时，还要明确物质熔化或凝固过程中的吸放热情况。

12.【答案】ACD

PP

【解析】解：由P=U/可知，两灯泡的额定电流分别为:/1颇=产=翳=14/2额=户=T=

，额2额

0.5/4,

由欧姆定律可知，两灯泡的电阻分别为：％=3邂=整=6。，％=2=照=120；

A、由并联电路的电流特点可知，当两灯泡并联时电路中的电流最大，

因为两灯泡的额定电压相等，所以由并联电路的电压特点可知，将电源电压调为6匕此时两灯泡

均能正常发光，

由并联电路的电流特点可知，此时电路中的电流：//=/1颁+/2颓=14+。-54=154，故A正

确；

B、由串联电路的电流特点可知，为了电路安全，两灯泡串联时电路中的电流：/弟=，2颁=054

此时灯泡G正常发光，

串

由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电源电压:U=/4Rl+R2)=0.5/1X(60+120)=9匕

结合A中电源电压可知，电源电压的调节范围是6U〜9U,故B错误；

C、当两灯泡并联时，电路中的电功率：P岸=U力//=6UxL54=9W,

当电源电压调为6匕开关S、S2闭合，Si、S3断开时，电路为G的简单电路，此时灯泡G两端的

实际电压等于额定电压，灯泡乙2正常发光，因此电路中的电功率：P2=P2麟=3W,

当两灯泡串联时，电路中的电功率：P单=U单/第=9VX0.54=4.5W,

因此电路电功率的变化范围是3勿~9勿，故C正确：

。、当两灯泡串联时，由串联电路的电流特点可知，通过两灯泡的电流相等，由P=U/=KR可知，

电阻大的灯泡的电功率大，而灯泡乙2的电阻大于灯泡Ll的电阻，

因此当两灯泡串联时，灯泡切的电功率大于Ll的电功率，故。正确。

故选：ACD.

根据P=U/分别求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律分别求出两灯泡的电阻；

(1)根据并联电路的电流特点可知当两灯泡并联时电路中的电流最大，进而求出电路中的最大电流;

(2)根据串联电路的电流特点确定两灯泡串联时电路中的电流，根据串联电路的电阻特点和欧姆定

律求出电源电压，进而求出电源电压的调节范围；

(3)根据P=U/求出电路电功率的变化范围；

(4)根据串联电路的电流特点和P=UI=KR分析。

本题考查串并联电路的特点、电功率公式和欧姆定律的应用，综合性强，有一定难度。

13.【答案】电磁波运动

【解析】解：我国航天员在“天宫课堂”做实验的精彩画面是通过电磁波传到祖国各地的。以地

面为参照物，宇航员是运动的。

故答案为：电磁波；运动。

(1)电磁波可以传递信息。

(2)物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是

静止的。

知道运动和静止的相对性；知道电磁波可以传递信息。

14.【答案】N逐渐增大

【解析】解：(1)电磁铁线圈上电流由左端流入，右端流出，用右手握住螺线管，四指的指尖向上，

大拇指指向左端，因此电磁铁的左端为N极，右端为S极；

(2)根据“同名磁极相互排斥”可知，条形磁铁受到水平向左的排斥力。由于它处于平衡状态，

因此它受到的排斥力和摩擦力相互平衡，大小相等；

当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中电阻变小，通过电磁铁的电流变大，电磁铁的磁性增

强，条形磁铁受到的排斥力逐渐增大，根据二力平衡的知识可知，它受到的摩擦力也逐渐增大。

故答案为：N；逐渐增大。

(1)根据安培定则判断电磁铁的极性；

(2)根据二力平衡的知识分析摩擦力和斥力的关系，

影响电磁铁磁性强弱的因素：电流大小和线圈匝数，电磁铁的磁性强弱与电流大小有关，根据滑

动变阻器的变化，分析电流的大小变化，电磁铁磁性强弱的变化。

本题考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用规律、影响电磁铁磁性强弱的因素，难度不大，

要掌握。

15.【答案】功率为IHV的用电器工作一小时所消耗的能量就为IkW∙∕ιl.5

【解析】解:

(1)uIkW-h,'的物理意义是功率为1AW的用电器工作一小时所消耗的能量就为IBV∙h；

(2)电吹风功率P=5001V=OSkW,正常工作3h,消耗的电能是W=Pt=0.5k勿x3∕ι=1.5kW-

hO

故答案为：功率为IkW的用电器工作一小时所消耗的能量就为Ik/∙∕i;1.5。

(1)alkW-h,'的物理意义是功率为IZW的用电器工作一小时所消耗的能量就为MW∙∕i;

(2)已知电吹风的功率和工作时间，根据公式W=Pt可求消耗电能。

本题查消耗电能的计算以及电功的单位，难度不大。

16.【答案】1.68×IO70.7

【解析】解:

(1)水吸收的热量：

3cc7

Q吸=C水m(t-t0)=4.2×10J∕(kg•℃)X100kgX(60°-20°)=1.68XIOJi

(2)由4=,天然气完全燃烧放出的热量:

Q龙=¥=岑*=2∙24XW，

由Q成=Vq得，需要消耗天然气的体积:

Q成_2.24XTO7J

=0.7τn3

q天然气—3.2xio7〃m3o

故答案为:1.68×107；0.7»

(1)知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q级=Cm求水吸收的热量；

(2)根据4="求天然气完全燃烧放出的热量，再根据Q成=Vq求出需要消耗天然气的体积。

本题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的应用，属于基础题目。

17.【答案】1.5×IO3500

【解析】解：容器A内水的体积IZ次=SJ=200cτn2X12cm=2400cm3=2.4×10-3m3,

由P=学可得，水的质量：

Tn次=PN^=IoX103kg∕m3X2.4X10-3τn3=2Akg,

容器对水平桌面的压F=G总=m忌g=On容+mQg=(0.6kg+2.4kg)X10N∕kg=30N,

圆柱形容器A的底面积为S=200cm2=0.02m2,

容器对水平桌面的压强：

—JL.—3°"—1e1∩3P

Pn-S容.-0.02m2-L5Xχl0n

33-33

正方体物块B的体积Vβ=(IOcm)=IOOOcm=Ix10m,

正方体物块8的密度：

31233

PB=肥VB=I，xlO第mi=×10kg∕m,

因为PB>P次，所以把质量为1.2kg的正方体物块8缓慢放入容器中(水未溢出)，物块B静止后沉

底，此时嗫=VB=IX10^3m3,

物体B浸入水中后水深增大Ah=3=H黯3=o.o5τn,

33

水对容器底部的压强增加/p=Pj^gAh=l∙0×10kg∕m×ION/kgX0.05m=SOOPao

故答案为：1.5x103；50()。

(1)已知圆柱形容器A的底面积和水的深度，可求得水的体积，由加=P次”可求得容器内水的质

量，已知容器质量，可求得总质量，由G=mg可求得总重力，容器对水平桌面的压等于容器和水

的总重力，然后利用p=*可求得容器对水平桌面的压强；

(2)已知正方体物块8的边长可求得体积，已知质量，由p可求得其密度，然后与水的密度比

较确定物块B缓慢放入容器中浮沉状态，由嗫=V求排开水的体积，利用V=S八求水深变化量,

最后利用P=P次Oh可求得水对容器底部的压强增加量。

本题考查了阿基米德原理、压强公式、重力公式、密度公式的应用等，要注意桌面受到的压力等

于容器和水的总重力。

18.【答案】解：由图可知入射光线与镜面的夹角是30。，所以入射角为90。-30。=60。，反射角

也为60°。

首先过入射点。作垂直于镜面的法线，然后根据反射角等于入射角作出反射光线，如图所示：

AB

60°

30

TTTTTTTTTTm

【解析】要解决此题，需要掌握光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；

反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。可归纳为：”三线共面，两线分居，

两角相等”。

要掌握入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹

角。

此题主要考查了光的反射定律的应用，首先要熟记光的反射定律的内容，并要注意入射角与反射

角的概念。

19.【答案】木块滑行的距离增大速度

【解析】解：

(I)在该实验中我们用到了转换的方法，即将钢球动能的大小转化为其对木块做功的多少来比较,

即钢球推动木块运动的越远，其对木块所做的功就越多，即具有的动能就越大；反之就越小，故

通过观察钢球推动木块移动的距离的大小来判断研究对象的动能的大小；

(2)从表中数据可知，钢球下摆的高度相同，撞击木块时的速度相同，钢球的质量越大，推动木块

移动的距离越远，动能越大，故结论为：在速度相同时，质量越大，动能越大，物体的动能随其

质量的增大而增大；

(3)抛出去的篮球动能约为30J,行走的牛动能约为60J,飞行的步枪子弹动能约为5X103/,子弹

的质量最小，速度最大，子弹的动能最大，这说明速度对物体的动能影响较大。

故答案为：(1)木块滑行的距离；(2)增大；(3)速度。

(1)此实验把钢球动能的大小转换为木块被撞击后运动的距离，距离越远表明钢球的动能越大；

(2)动能的大小与质量、速度有关，根据控制变量法得出结论；

(3)分析表中数据即可得出结论：速度对动能的影响较大。

用控制变量法研究动能大小的影响因素,用转换法表示动能的大小；采用控制变量法研究实验时，

一定注意相同因素和不同因素。

20.【答案】丙、丁排开液体的体积液体的密度1.2x103

【解析】解：(1)甲图中，弹簧测力计示数即为物体重力的大小，即G=4N；

A物体浸没在水中时所受的浮力F浮=G-F丙=4N-3N=1N；

比较丙、丁两图能够说明物体浸没在同种液体中，浸没在液体中的深度不同，弹簧测力计示数相

同，故得出结论：所受浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关；因此他通过比较丙丁两图否定

了自己的结论；

比较乙、丙两图可知，液体密度相同，物体排开液体的体积不同，弹簧测力计示数不同，说明所

受浮力大小与排开液体的体积有关；

(2)由丙与戊两实验可知，物体排开液体的体积相同，液体密度不同，液体的密度越大，弹簧测力

计的示数越小，则浮力越大，可知浮力大小还与液体的密度有关；

【拓展】已经求得A物体浸没在水中时所受的浮力产浮=IN,

由甲、戊两图可知，物体在盐水中的浮力F3=G-F戊=4N-2.8N=1.2N,

由F浮=P次gV探得：

P

物体排开水的体积嚷=渝=必叫"ON"g==1×IoF3,

由F浮=P水gv排得:

Z7'.-

33

盐水的密度：PM=-ɪ=--------坦^__4=1.2XIOkg∕m•>

43i,

SgVff10N∕kg×l×10~m'

故答案为：(1)丙、丁；排开液体的体积；(2)液体的密度；【拓展】1.2x103。

(1)(2)根据F浮=G-R由弹簧测力计的示数确定物体受到的浮力大小；结合控制变量法，找出

不变的量和变化的量，从而确定浮力大小与变化量之间的关系；

【拓展】根据/浮=G-F求出在水中的浮力，再根据/浮=P次求出排开水的体积，即在液体

中排开液体的体积，根据F浮=G-F求出在液体中的浮力，再根据尸浮=P汲g嗫求出液体密度。

此题是“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验,考查了控制变量法的应用，称重法浮力的求法，

同时考查了阿基米德原理的应用，通过题目应该学习测量物体密度的一种方法。

21.【答案】0.24“500,0.5/1m0.990〜3V移动变阻器的滑片，使电压表示数为2.2V,记下电流

表的示数/'

【解析】解：(1)图甲中，电流表与灯泡并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表与灯泡串联，

电压表与灯泡并联，改正后如下所示：

(2)如图1乙所示。当电压表示数为3V时，电流表选用小量程，分度值为0.024电流为0.244；

根据表中第1组数据，由串联电路电压的规律及欧姆定律可知，此时变阻器连入电路的电阻约为:

_U-U_6V-1V

1500；

为了完成实验，应该选取规格为“500,0.54”的变阻器;

根据表中数据可知，灯在额定电压下的电流为0.264小灯泡的额定电功率为:

P=ULI=3.87X0.26A≈0.99W；

【拓展】如图2所示的实验电路，灯与变阻器串联，电压表与变阻器并联，电流表测电路的电流。

因灯的额定电压为3.8V,故当变阻器的电压为：6U-3.8P=2.2V时，灯一定正常发光，记下此时

电流表的示数。

①连接电路时，电压表选择0~3U量程；

②闭合开关S,移动变阻器的滑片，使电压表示数为2.2U,记下电流表的示数/'；

故答案为：(1)见解答中的图；

(2)0.24；“500,0.5An；0.99；

【拓展】①0~3匕②移动变阻器的滑片，使电压表示数为2.2V,记下电流表的示数几

(1)分析图甲电路连接，找出错误之处，本实验，电流表应与灯泡串联，电压表应与灯泡并联；

(2)根据电流表选用小量程确定分度值读数；

根据表中第1组数据，由串联电路电压的规律及欧姆定律得出此时变阻器连入电路的电阻，确定

选取的变阻器；

根据表中数据可知灯在额定电压下的电流，根据P=U/求出小灯泡的额定电功率；

【拓展】如图2所示的实验电路，灯与变阻器串联，电压表与变阻器并联，电流表测电路的电流。

因灯的额定电压为3.81/,故当变阻器的电压为：6V-3.8V=2.2U时，灯一定正常发光，记下此时

电流表的示数，根据P=U/可得出灯的额定功率。

本题测量小灯泡电功率，考查电路的连接、对器材的要求和对实验方案的改进。

22.【答案】解：(1)已知。为支点，设绳子对P点的拉力为动力，A物体对M点的拉力为阻力,

分别作出它们的力臂。如图所示：

若滑环从M点开始用时30s滑动到某点Q(图中未画出)时，细绳恰好断裂,

则OQ=OM+vt=20cm+2cm∕sX30s=QOcm=0.8m,

此时的力臂L2'=。QCoS30°,

1

由杠杆平衡条件有：FP^∙L1=FAL2,

即：FPΛ-OPcos300=FA-OQCOS30°,其中以=Gj4=7N；

则FP大∙OP=GA-OQ,

则细绳能承受的最大拉力为:

「_GyfOQ_7N×0.8m

“P大一OP——Im―5.6N；

(2)物体在重力的方向上通过的距离为：h=