2020四川南充中考物理试卷及答案解析

2020年四川省南充市中考物理试卷

一、选择题（本大题1一10小题只有一项符合题目要求，每小题3分；11--12小题有多项

符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错的得0分，共38分.）

1.（3分）（2020•南充）下列估计符合生活实际的是（）

A.正常成年人的步行速度约为5m/s

B.新物理课本中一张纸的厚度约为0.1mm

C.一个苹果的质量约为1.5kg

D.正常眼睛在观察近处物体时，最清晰而又不疲劳的距离大约为10cm

2.（3分）（2020•南充）下列说法错误的是（）

A.水蒸气引起的烫伤往往比开水烫伤更严重，是因为水蒸气液化时还要放出大量的热

B.冰在熔化过程中吸收热量，温度保持不变

C.夏天，汽车内开冷空调，被冷气对吹的车玻璃上有小水珠，小水珠主要集中在玻璃内

侧

D.水沸腾时，在水中有大量气泡不断上升、变大

3.（3分）（2020•南充）汽车在公路上加速行驶，下列描述正确的是（）

A.汽车速度越大，汽车的惯性越大

B.汽车前行紧急刹车时，乘客身体将向后倾

C.汽车的牵引力与汽车受到的阻力是一对平衡力

D.汽车受到的支持力与汽车对地面的压力是一对相互作用力

4.（3分）（2020•南充）下列说法正确的是（）

A.“破镜不能重圆”说明分子间没有引力

B.发生热传递时，热量总是从内能大的物体传递到内能小的物体

C.把0C的冰块加热熔化成的水，若不考虑水的蒸发，其内能不变

D.若没有外界做功时，同一物体温度降低得越多，放出的热量就越多

5.（3分）（2020•南充）对光现象的解释错误的是（）

A.“小孔成像”所成的像是倒立的实像

B.人远离平面镜时，平面镜中的像越来越小

C.手机的人脸识别功能用到了光的反射

D.今年疫情期间使用的红外测温仪是利用人体辐射的红外线，进行温度测量

6.（3分）（2020•南充）关于气体压强，下列说法错误的是（）

A.做托里拆利实验时，若将玻璃管由竖直变倾斜，管中水银柱的长度不变

B.能用吸管将杯中饮料吸进嘴里，是利用了大气压强

C.一标准大气压可托起约10.3m高的水柱

D.高空飞行的大型客机，机翼上方空气流速大、压强小

7.（3分）（2020•南充）对下列四幅图解释正确的是（）

图1图2图3

A.图1中水平放置的指南针受地磁场影响，指针N极总是指向地理南方

B.图2中通电螺线管右端为N极

C.图3为电动机工作原理图

D.图4说明了电磁铁磁性强弱与电流大小有关

8.（3分）（2020•南充）2020年6月23日9时43分，北斗3号最后一颗全球组网卫星在西

昌卫星发射中心发射成功（如图），它是北斗3号系列的第三颗地球同步卫星，主要用于

无线电导航、无线电测定等。关于卫星下列说法正确的是（）

A.该卫星在加速升空的过程中，机械能不变

B.该卫星进入同步轨道后，相对地表静止

C.该卫星运行一周的时间约为365天

D.该卫星与地面基站可通过超声波传递信息

9.（3分）（2020•南充）如图所示电路，当闭合开关，灯泡正常发光，滑动变阻器滑片向右

移动时，下列说法正确的是（）

B.电压表V与电流表Ai示数之比不变

C.电路的总功率变小

D.电压表示数变大

10.（3分）（2020•南充）水平桌面上有甲乙两个质量和底面积均相同的容器，分别装有密

度不同的液体，将两个完全相同的小球放入容器中，静止时两容器中液面高度相同，如

A.甲容器中液体的密度小于乙容器中液体的密度

B.甲容器中小球受到的浮力大于乙容器中小球受到的浮力

C.甲容器底部受到液体的压力大于乙容器底部受到液体的压力

D.甲容器对桌面的压力一定大于乙容器对桌面的压力

11.（3分）（2020•南充）如图甲所示滑动变阻器的滑片从a端滑到b端的过程中，电流表

和电压表示数变化的规律如图乙所示。则以下说法正确的是（）

A.Ro的阻值为ion

B.滑动变阻器的最大阻值为60Q

C.电源电压为8V

D.滑片在滑动的过程中，滑动变阻器的最大功率为0.9W

12.（3分）（2020•南充）如图所示，重为2N的物体A放在水平桌面上，重为5N的物体B

挂在动滑轮下，每个滑轮重为1N（不计绳重和摩擦），B恰好可以匀速下降。现对A施

加水平向左的拉力使B上升，当B以0.3m/s的速度匀速上升时，拉力大小为F.下列说

法正确的是（）

A.B匀速下降时，物体A受到3N的摩橡力

B.拉力F的大小为4N

C.拉力F的功率为3.6W

D.B匀速上升0.6m的过程中，拉力F做功2.4J

二、填空题（本大题共10小题，每空1分，共20分）

13.（2分）（2020•南充）吹笛子时，手指按压不同的小孔，可以改变笛子发声的;

为了保护听力，声音不能超过dB。

14.（2分）（2020•南充）一杯牛奶有250mL其质量为300g,则牛奶的密度是kg/m3；

小李喜欢喝加糖的牛奶，加糖溶解后，牛奶的密度会（选填“变大"、“不变”“变

小”）。

15.（2分）（2020•南充）若一辆小汽车一年行驶一万公里，消耗It汽油，这些汽油完全燃

烧放出J的热量；某次行驶过程中，该汽车汽油机曲轴的转速为3600r/min,在

1s内汽油机对外做功次（q汽=4.6Xl（）7j/kg）。

16.（2分）（2020•南充）生活中的各种用电器工作时都要消耗电能，电能属于（选

填''一次”或“二次”）能源；我国核能利用的技术已居于世界领先地位，其中氢弹利用

的就是（选填“裂变”或“聚变”）在瞬间释放的能量。

17.（2分）（2020•南充）一灯泡标有“6V3W”的字样，现仅有8V的电源，要使小灯泡正

常发光，应该给小灯泡（选填“串”或“并”）联一个。的电阻。（不考

虑灯泡电阻受温度的影响）

18.（2分）（2020•南充）将一段电阻丝接入电路中，测得其两端电压为12V,通过的电流

为3A,则该电阻丝电阻为Q；若将该电阻丝两端电压由12V降至6V,则电功率

变化了W。

19.（2分）（2020•南充）甲、乙两辆汽车在平直公路上同向匀速行驶，由两车的s-t图可

知（如图），乙车速度为km/h；t=0时，甲车在乙车前方200米，乙车追上甲车

还需So

20.（2分）（2020•南充）如图所示，用沿斜面向上大小为4N的拉力，将一个重5N的物体

从斜面底端匀速拉至顶端。已知物体沿斜面上滑的距离为5m,上升的高度为3m,则物

体受到的摩擦力为N,斜面的机械效率为。

21.（2分）（2020•南充）某次军事演习中，执行深海作业的潜水艇悬浮在海水中（如图）。

要使潜水艇下潜，应对水舱（选填“注水”或“排水”），在下潜过程中，海水对

潜水艇上下表面的压力差_______（选填“变大”、“变小”或“不变

22.（2分）（2020•南充）小明将线圈电阻为4.84Q的电动机接入220V的家庭电路中，关闭

其它用电器，只让电动机工作时，观察到他家标有2000imp/（kW・h）的电能表3min内

闪烁了100次，则电动机在这段时间内消耗的电能为kWh,电动机线圈产生

J的热量。

三、作图题（本大题共3小题，每题2分，共6分）

23.（2分）（2020•南充）物体A与弹簧连接，静止在光滑的斜面上，请画出物体A所受弹

力的示意图。

24.（2分）（2020•南充）请画出用开关控制灯泡的电路。

火线

零线

25.（2分）（2020•南充）一束光从空气射向玻璃砖，并穿过玻璃砖；画出这束光进入和离

开玻璃砖的折射光线。

四、实验探究题（本大题共3小题，每空1分，共16分）

26.（6分）（2020•南充）某学习小组“探究凸透镜成像的规律”，进行了如下操作:

（1）安装并调节烛焰透镜、光屏，使它们三者中心大致在。

（2）通过探究，记录并绘制了物距u与像距v之间的关系图象，如图甲所示，则该凸透

镜的焦距是cm。

（3）当蜡烛放在如图乙所示位置时，调节光屏，可在光屏上得到一个倒立、的

实像，生活中的（选填“照相机”“投影仪”、“放大镜”）就是利用这样的成像原

理工作的。

（4）若将透镜的上半部分用不适明的纸板挡住，则光屏上（选填“能”或“不

能”）成完整的像。

（5）在图乙中，小明借来物理老师的眼镜将其放在蜡烛和凸透镜之间，发现光屏上原本

清晰的像变模糊了，向右移动光屏，光屏上的像又变清晰，说明老师戴的是（选

填“近视”或“远视”）眼镜。

27.（5分）（2020•南充）在“探究压力作用效果与哪些因素有关”的实验中，小强利用了

多个完全相同的木块和海绵进行了如图所示的实验。

（1）实验中通过观察海绵的来比较压力作用效果。

（2）对比甲、乙两图可以得出：当______一定时，受力面积越小，压力作用效果越明

显。

（3）由甲、丙两图可以探究压力作用效果与的关系。

（4）对比甲、丁两图，小强认为压力作用效果与压力大小无关，你认为他的观点

（选填“正确”或"错误”）；理由是。

28.（7分）（2020•南充）用如下图甲所示的电路''探究电流与电阻的关系“，电源电压恒为

6V,定值电阻R备有（5。、10。、20C、40（1）各一个。

（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应滑到最（选填“左”或“右”）端。

（2）将5Q的定值电阻接入电路闭合开关，移动滑片P发现电流表示数始终为零，电压

表示数不为零，其原因可能是（填选项）。

A.定值电阻R短路B.定值电阻R断路C.滑动变阻器短路

（3）不改变滑动变阻器滑片的位置，将5。的电阻换成10Q的电阻，闭合开关后，为保

证电压表示数与更换前相同，滑片P应向（选填“左”或“右”）端滑动。

（4）实验中依次接入定值电阻，调节滑片使定值电阻两端电压相同，记下电流表读数，

绘出电流I与电阻倒数工变化的图象乙，由图乙可知：电压一定时电流与电阻成

R

比。

（5）为完成整个实验，应该选择（填选项）种规格的滑动变阻器。

A.50。1.0A

B.100ft1.2A

C.200Q0.6A

五、计算题（本大题共两小题，29题9分，30题11分，共20分.要求写出必要的文字说

明、主要的计算步骤和明确的答案.）

29.（9分）（2020•南充）市面上的电热水壶大多具有加热和保温功能。下图是某电热水壶

的电路简图，开关K接通后，开关S自动与触点a、b接通，热水壶开始烧水；当壶内水

温达到100℃时，温控开关S自动与a、b断开，并立即与触点c接通，水壶进入保温状

态。已知电源电压为220V,电阻Ri=50Q,这种水壶的加热功率P加热是保温功率P保温

的5倍，水的比热容C=4.2X1（）3J/（kg.。。），R］、R2电阻不受温度影响。求：

（1）将1kg初温为35℃的水加热到100℃需要吸收多少热量？

（2）电阻R2的阻值。

（3）在晚上用电高峰期将1kg初温为35℃的水加热到100C需用时300s,若加热效率为

91%,则晚上用电高峰期的实际电压为多少？

30.（11分）（2020•南充）图甲为某自动注水装置的部分结构简图，杠杆AOB始终在水平

位置保持平衡，O为杠杆的支点，OA=3OB,竖直细杆a的一端连接在杠杆的A点，另

一端与高为0.2m的长方体物块C固定；竖直细杆b的下端通过力传感器固定，上端连接

在杠杆的B点（不计杠杆、细杆及连接处的重力和细杆的体积）。圆柱形水箱中有质量为

3kg的水，打开水龙头，将水箱中的水缓慢放出，通过力传感器能显示出细杆b对力传感

器的压力或拉力的大小；图乙是力传感器示数F的大小随放出水质量m变化的图象。当

放出水的质量达到2kg时，物体C刚好全部露出水面，此时装置由传感器控制开关开始

注水。(g=10Nkg)求：

(1)物块C的重力。

(2)物块C受到的最大浮力。

(3)从开始放水到物块C上表面刚好与液面相平时，水对水箱底部的压强变化了多少？

2020年四川省南充市中考物理试卷

参考答案与试题解析

一、选择题（本大题1一10小题只有一项符合题目要求，每小题3分；11-12小题有多项

符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错的得0分，共38分.）

1.（3分）（2020•南充）下列估计符合生活实际的是（）

A.正常成年人的步行速度约为5m/s

B.新物理课本中一张纸的厚度约为0.1mm

C.一个苹果的质量约为1.5kg

D.正常眼睛在观察近处物体时，最清晰而又不疲劳的距离大约为10cm

【分析】估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行

快速计算以及对取值范围合理估测的方法，这就要求同学们要学会从生活体验中理解物

理知识和物理规律，并且能将物理知识和物理规律用于对生活现象和生活常识的简单解

释。

【解答】解：

A、人正常步行的速度约为1.2m/s,故A不符合实际情况；

B、新物理课本中一张纸的厚度约为0.1mm,故B符合实际情况；

C、三个苹果的质量约0.5kg,所以一个苹果的质量在0.15kg左右，故C不符合实际情况;

D、正常眼睛观察近处物体最清晰而又不疲劳的距离大约是25cm,这个距离叫明视距离,

故D不符合实际情况。

故选：B。

【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，

这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。

2.（3分）（2020•南充）下列说法错误的是（）

A.水蒸气引起的烫伤往往比开水烫伤更严重，是因为水蒸气液化时还要放出大量的热

B.冰在熔化过程中吸收热量，温度保持不变

C.夏天，汽车内开冷空调，被冷气对吹的车玻璃上有小水珠，小水珠主要集中在玻璃内

侧

D.水沸腾时，在水中有大量气泡不断上升、变大

【分析】（1）液化是物质从气态变为液态的过程，此过程会放出大量的热量；

（2）晶体在熔化过程中，尽管不断吸热，但是温度却保持熔点不变；

（3）车玻璃窗上的小水珠是水蒸气遇冷液化形成的，要判断水雾出现在玻璃的内侧还是

外侧，要看车内外的温度高低情况，如果车内温度比车外温度低。车外热的水蒸气遇到

冷的车窗玻璃液化形成水雾附着在车外侧；

（4）沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐减小；沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大。

【解答】解：

A、因为水蒸气遇到相对温度比较低的人体，就会液化，液化要放出大量的热，所以的水

蒸气烫伤更厉害，故A正确；

B、冰是晶体，在熔化过程中，尽管不断吸收热量，但是温度却保持在熔点不变，故B

正确；

C、夏天，空调车内温度低于外部温度，外部的水蒸气遇到冷的玻璃会发生液化现象，小

水珠附着在玻璃的外表面，故C错误；

D、水沸腾时，在水中有大量气泡不断上升、变大，故D正确。

故选：C,

【点评】本题考查了生活中的物态变化现象，以及吸放热情况，是中考物态变化部分基

本的考查内容。

3.（3分）（2020•南充）汽车在公路上加速行驶，下列描述正确的是（）

A.汽车速度越大，汽车的惯性越大

B.汽车前行紧急刹车时，乘客身体将向后倾

C.汽车的牵引力与汽车受到的阻力是一对平衡力

D.汽车受到的支持力与汽车对地面的压力是一对相互作用力

【分析】（1）物体保持运动状态不变的性质叫做惯性，惯性大小只与质量有关：

（2）物体在平衡力的作用下一定处于处于静止或匀速直线运动状态；

（3）相互作用力：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。

【解答】解：

A、惯性大小只与质量有关，汽车速度变大，惯性不会变大，故A错误；

B、刹车前，汽车和乘客共同以较大的速度向前行驶，当汽车紧急刹车时，乘客由于惯性

还要保持原来较大的速度向前运动，因此乘客会向前倾倒，故B错误；

C、汽车在公路上加速行驶，汽车处于非平衡状态，汽车的牵引力与汽车受到的阻力不是

一对平衡力，故c错误；

D、汽车对地面的压力和地面对汽车的支持力，分别作用在地面和汽车上，二者大小相等、

方向相反、作用在同一条直线上，是一对相互作用力，故D正确。

故选：D。

【点评】本题主要考查了对惯性、相互作用力以及对平衡力的辨别等，都是力学的重要

知识点，应熟练掌握，深入理解。

4.（3分）（2020•南充）下列说法正确的是（）

A.“破镜不能重圆”说明分子间没有引力

B.发生热传递时，热量总是从内能大的物体传递到内能小的物体

C.把0C的冰块加热熔化成的水，若不考虑水的蒸发，其内能不变

D.若没有外界做功时，同一物体温度降低得越多，放出的热量就越多

【分析】（1）分子热运动理论的内容：一是物质是由分子构成的；二是构成物质的分子

都在不停地做无规则运动；三是分子间存在相互作用力--引力和斥力；

（2）发生热传递的条件是：两物体的温度不同；

（3）冰是晶体，晶体熔化的特点是温度不变，但要继续吸热，其内能不断增大；

（4）改变内能的方式有两种：做功与热传递，物体内能的改变既有可能是物体对外做了

功，也可能是物体向外放出热量.

【解答】解：

A、“破镜不能重圆”，是因为镜子碎片接触时达不到产生分子力作用的距离，不能说明分

子间有斥力，故A错误；

B、发生热传递的条件是存在温度差，内能大的物体温度可能低于内能小的物体的温度，

故B错误；

C、冰是晶体，把0℃的冰块加热熔化成的水，若不考虑水的蒸发，其内能增加，但

温度不变，故C错误；

D、若没有外界做功时，同一物体，温度降得越低，放出的热量就越多，故D正确。

故选：D。

【点评】本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、热传递的条件及热量的理解，

是中招的热点，热学的难点。

5.（3分）（2020•南充）对光现象的解释错误的是（)

A.“小孔成像”所成的像是倒立的实像

B.人远离平面镜时，平面镜中的像越来越小

C.手机的人脸识别功能用到了光的反射

D.今年疫情期间使用的红外测温仪是利用人体辐射的红外线，进行温度测量

【分析】（1）小孔成的像是倒立、实像，可大、可小、可等大；

（2）平面镜成像特点，物体在平面镜中成的像的正立，等大的虚像；

（3）光从一种介质射向另一种介质的交界面时，一部分光返回原来介质中，使光的传播

方向发生了改变，这种现象称为光的反射；

（4）红外线是不可见光，红外线的热作用强，穿透能力强，根据红外线的热作用比较强

制成热谱仪、红外线夜视仪、红外线体温计等。

【解答】解：A、小孔成的像是倒立，实像，故A正确；

B、物体在平面镜中成的像的正立，等大的虚像，像的大小由物体决定，与物体离平面镜

的远近无关，故B错误；

C、手机的人脸识别功能是利用脸部反射的光线对人时行识别，利用了光的反射，故C

正确；

D、红外线测温仪是通过对物体自身辐射的红外能量的测量，准确地测定物体表面温度的

仪器，今年疫情期间使用的红外测温仪是利用人体辐射的红外线，进行温度测量，故D

正确。

故选：Bo

【点评】本题考查了平面镜成像和小孔成像的规律，光的反射现象及红外线的应用，属

于基本内容，比较简单。

6.（3分）（2020•南充）关于气体压强，下列说法错误的是（）

A.做托里拆利实验时，若将玻璃管由竖直变倾斜，管中水银柱的长度不变

B.能用吸管将杯中饮料吸进嘴里，是利用了大气压强

C.一标准大气压可托起约10.3m高的水柱

D.高空飞行的大型客机，机翼上方空气流速大、压强小

【分析】（1）外界大气压不变，支持的水银柱的高度不变；

（2）根据大气压的作用分析解答；

（3）1标准大气压的值是l.01Xl（）5pa,大气压能支持76cm的水银柱，能支持10.3m的

水柱；

（4）流体流速越快的位置压强越小。

【解答】解：

A、托里拆利实验采用了“平衡法”的原理；即大气压的大小与水银柱产生的压强平衡（大

小相等），水银柱产生的压强可以通过液体压强公式p=pgh算出，从而得到大气压的值,

在公式中，h表示的是水银柱的高度；实验中，玻璃管倾斜后，长度会随着变大，管内水

银增多，但水银柱的高度不变，故A错误；

B、用吸管将杯中的饮料吸入口中，是吸走了管中的空气，使气压减小，在外界大气压的

作用下将饮料压入口中；故B正确；

C、1标准大气压的值是1.01Xl（）5pa,由p=pgh可得1标准大气压支持的水柱高为：h

5

=-£—=-------1.1°Pa---------10.3m,故C正确；

PglX103kg/m3X9.8N/kg

D、飞机飞行过程中，机翼上方空气流速大，向下的压强小，故D正确；

故选：Ao

【点评】本题考查了托里拆利实验、流体压强与流速关系、大气压的应用等相关知识，

综合性强，但难度不大。

7.（3分）（2020•南充）对下列四幅图解释正确的是（）

A.图1中水平放置的指南针受地磁场影响，指针N极总是指向地理南方

B.图2中通电螺线管右端为N极

C.图3为电动机工作原理图

D.图4说明了电磁铁磁性强弱与电流大小有关

【分析】（1）地球是一个大磁体，地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近,

小磁针放在地球这个磁体的磁场中，即可指南北；

（2）首先判断电流的方向，根据安培定则判断通电螺线管的极性；

（3）电磁感应现象是指闭合电路的一部分导体切割磁感线时产生感应电流，是发电机的

原理；

（4）电磁铁磁性的强弱与电流大小、线圈匝数有关，运用控制变量方法进行分析。

【解答】解：A、图1中水平放置的指南针受地磁场影响，指针N极总是指向地理北方;

故A错误：

B、图2电流从电源正极流向负极，所以电流从螺线管左端的后面上去，前面流下，根据

右手螺旋定则可以确定，右端为N极；故B正确；

C、图3是电磁感应现象，是发电机的工作原理图；故C错误；

D、图4中两电磁铁串联，电流相等，螺线管匝数不同，吸引铁钉的数量不同，说明了电

磁铁磁性强弱与螺线管匝数有关；故D错误。

故选:B.

【点评】本题考查地磁场、螺线管极性的判断、影响电磁铁强弱、电磁感应现象等知识

的理解和应用，是电磁部分比较典型的知识，要熟练掌握。

8.（3分）（2020•南充）2020年6月23日9时43分，北斗3号最后一颗全球组网卫星在西

昌卫星发射中心发射成功（如图），它是北斗3号系列的第三颗地球同步卫星，主要用于

无线电导航、无线电测定等。关于卫星下列说法正确的是（）

A.该卫星在加速升空的过程中，机械能不变

B.该卫星进入同步轨道后，相对地表静止

C.该卫星运行一周的时间约为365天

D.该卫星与地面基站可通过超声波传递信息

【分析】（1）动能与物体的质量和速度有关，物体的质量越大、速度越大，动能越大；

重力势能与物体的质量和高度有关，物体的质量越大、高度越高，重力势能越大；机械

能等于动能与势能之和；

（2）判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变

化；若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参

照物是静止的；

（3）地球自转周期约为24小时；

（4）电磁波可以在真空中传播，而声音不能在真空中传播。

【解答】解：

A、在卫星加速升空的过程中，卫星的质量不变，速度变大，动能变大；同时质量不变、

高度增加，重力势能增大，所以机械能增大，故A错误；

B、卫星进入同步轨道后，地球同步卫星和地球之间的位置没有发生改变，卫星相对于地

表是静止的，故B正确；

C、地球同步卫星和地球的自转周期相同，即每隔24小时绕地球一周，故C错误；

D、卫星与地面站之间是真空，真空不能传声，所以只能利用电磁波传递信息，故D错

误。

故选：Bo

【点评】本题考查了机械能的影响因素、运动和静止的判断、地球同步卫星的运转周期

以及卫星通信等问题，涉及的知识较多，但难度不大，是一道基础题。

9.（3分）（2020•南充）如图所示电路，当闭合开关，灯泡正常发光，滑动变阻器滑片向右

移动时，下列说法正确的是（）

A.灯L亮度变暗

B.电压表V与电流表Ai示数之比不变

C.电路的总功率变小

D.电压表示数变大

【分析】由图可知，该电路为并联电路，电压表测量电源的电压；电流表Ai测量的是通

过滑动变阻器的电流，电流表A2测量的是通过灯泡的电流；滑动变阻器滑片向右移动时，

根据电阻的变化，利用欧姆定律判定电流的变化；根据并联电路的特点判定通过灯泡电

流的变化和亮度的变化。根据P=UI判定总功率的变化。

【解答】解：由图可知，该电路为并联电路，电压表测量电源的电压；电流表Al测量的

是通过滑动变阻器的电流，电流表A2测量的是通过灯泡的电流：

由于电源电压不变，所以电压表示数不变，故D错误；

滑动变阻器滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，由于其两端的电压不变,

根据欧姆定律可知，通过其电流会变小，即电流表Ai示数变小；

由于并联电路中各支路互不影响，所以通过灯泡的电流不变，灯泡的功率不变，亮度不

变，故A错误；

电压表V与电流表Ai示数之比为滑动变阻器的电阻，电阻变大，比值变大，故B错误;

根据并联电路的电流关系可知，干路中的电流减小，根据P=UI可知，电路的总功率减

小，故C正确；

故选：Co

【点评】本题考查了电路的动态分析，明确电路的结构和并联电路的特点是解题的关键。

10.（3分）（2020•南充）水平桌面上有甲乙两个质量和底面积均相同的容器，分别装有密

度不同的液体，将两个完全相同的小球放入容器中，静止时两容器中液面高度相同，如

图所示。下列说法正确的是（）

甲乙

A.甲容器中液体的密度小于乙容器中液体的密度

B.甲容器中小球受到的浮力大于乙容器中小球受到的浮力

C.甲容器底部受到液体的压力大于乙容器底部受到液体的压力

D.甲容器对桌面的压力一定大于乙容器对桌面的压力

【分析】由图可知，两个完全相同的小球在两液体中分别处于漂浮状态和悬浮状态。

（1）根据物体浮沉条件比较物体密度和液体的密度关系，从而得出甲、乙中液体的密度

关系；

（2）根据物体浮沉条件比较物体重力和受到的浮力关系，从而得出两小球受到的浮力关

系；

（3）由题意可知，两容器中液体的深度关系和液体密度关系，根据p=pgh比较两容器

底受到液体的压强关系，根据F=pS比较两容器底部受到液体的压力关系；

（4）根据物体浮沉条件和阿基米德原理得出小球的重力与受到的浮力关系，比较甲容器

中液体的体积和排开液体的体积之和关系，根据G=mg=pVg比较液体和小球排开液体

的总重力关系，从而得出两容器对桌面的压力关系。

【解答】解：由图可知，两个完全相同的小球在两液体中分别处于漂浮状态和悬浮状态。

A.由物体浮沉条件可知，小球在甲中漂浮时有p甲〉p球，小球在乙中悬浮时有pz.=p

球，则pv>p乙，故A错误；

B.由物体浮沉条件可知，小球在甲中漂浮和小球在乙中悬浮时，均有F浮=G球，则F浮

q,=F浮乙，故B错误；

C.因两容器中液面相平且p甲>「乙，所以由p=p淞gh可知，两容器底受到液体的压强

关系为pip>p乙，

又因两容器底面积相同，所以由F=pS可知，甲容器底部受到液体的压力大于乙容器底

部受到液体的压力，故C正确；

D.两小球的重力相等且受到的浮力相等，根据阿基米德原理可知，两小球排开液体的重

力和自身的重力相等，

则甲容器对桌面的压力F=G容+G渣+G球=G容+G诚+G排=G容+p浓V总g,

因甲容器中液体的体积和排开液体的体积之和小于乙，且p.fl>p乙，

所以，无法比较p液VMg的大小关系，从而无法比较甲、乙容器对桌面的压力关系，故

D错误。

故选：Co

【点评】本题考查了物体浮沉条件和压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度

的关系，同时要搞清不同状态下（漂浮、悬浮）物体所受重力与浮力的大小关系。

11.（3分）（2020•南充）如图甲所示滑动变阻器的滑片从a端滑到b端的过程中，电流表

和电压表示数变化的规律如图乙所示。则以下说法正确的是（）

A.Ro的阻值为10ft

B.滑动变阻器的最大阻值为60Q

C.电源电压为8V

D.滑片在滑动的过程中，滑动变阻器的最大功率为0.9W

【分析】如图甲所示，Ro与R串联，电流表测电路中的电流，电压表测R两端的电压；

(1)当滑片位于b端时，变阻器接入电路中的电阻最大时，此时电路中的电流最小，根

据图乙得出电表的示数，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；

(2)根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压；

当滑片位于a端时，电路为Ro的简单电路，电路中的电流最大，根据图乙读出电路中的

最大电流，根据欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出Ro

的阻值，进一步求出电源的电压；

(3)利用P=「R求出电阻R消耗的最大功率。

【解答】解：如图甲所示，Ro与R串联，电流表测电路中的电流，电压表测R两端的电

压；

(1)当滑片位于b端时，Ro与R串联，电流表测电路中的电流，电压表测R两端的电

压，此时电路中的电流最小，

由图乙可知，电路中的电流I小=0.1A,UR=5V,

由1=卫可得，滑动变阻器的最大阻值：

R

R=_y_=5V=50C,故B错误；

I小0.1A

(2)Ro与R串联，则根据串联电路中总电阻等于各分电阻之和，结合欧姆定律可得：

电源的电压:U=I小(Ro+R)=0.1AX(Ro+5Ofl),

当滑片位于a端时，电路为Ro的简单电路，电路中的电流最大，由图乙可知，电路中的

最大电流I大=0.6A,

则根据欧姆定律可得：

电源的电压：

U=I大Ro=O.6AXRo，

因电源的电压不变，

所以，(MAX(Ro+50。)=O.6AXRo，

解得：Ro—ion,故A正确；

电源的电压U=I大Ro=O.6AXlOC=6V,故C错误;

（3）电路中的电流：

i=—y—,

R+R。

滑动变阻器R的电功率：

[j2

P=FR=(.U2R=

22222

R+R。(R+R0)R+2RR0+R0R-2RR0+R0+4RR0

-R-""RR

lj2

2

(R-R0)

T-+4R。

所以，当1^=处=10。时，滑动变阻器R的功率最大，则

22

P大=JL_=,_@）_=0.9W,故D正确。

4R04X100

故选：AD,

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象

读出相关的信息。

12.（3分）（2020•南充）如图所示，重为2N的物体A放在水平桌面上，重为5N的物体B

挂在动滑轮下，每个滑轮重为1N（不计绳重和摩擦），B恰好可以匀速下降。现对A施

加水平向左的拉力使B上升，当B以0.3m/s的速度匀速上升时，拉力大小为F.下列说

法正确的是（）

A.B匀速下降时，物体A受到3N的摩橡力

B.拉力F的大小为4N

C.拉力F的功率为3.6W

D.B匀速上升0.6m的过程中，拉力F做功2.4J

【分析】（1）根据滑轮组省力的特点求得绳子自由端的拉力（即对物体A的拉力FA）;

物体B匀速下降，物体A匀速向右运动，根据二力平衡条件求出物体A受到摩擦力的大

小；

（2）当使物体B以0.2m/s的速度上升时，物体A匀速向左运动，此时A受到向右的拉

力FA、摩擦力和向左的拉力F作用；根据影响滑动摩擦力大小的因素判断此时A受到的

摩擦力大小，再由力的平衡条件可求出拉力F的大小；

（3）绳子自由端移动的速度为：VA=3VB，根据P=Fv可求拉力F的功率；

（4）B匀速上升0.6m,则绳子自由端移动的距离：SA=3SB，再根据W=Fs可求B匀速

上升0.6m的过程中，拉力F做的功。

【解答】解：

A、由图可知动滑轮上绳子的段数n=3,不计绳重及摩擦时，

则绳子自由端的拉力（即滑轮组对物体A的拉力）：FA=2（GB+G动）=Ax（5N+IN）

33

=2N,

B匀速下降，物体A匀速向右运动时，受到向右的拉力FA和向左的摩擦力作用，

则由二力平衡条件可得，物体A受到的摩榛力：f=FA=2N,故A错误；

B、当使物体B以0.2m/s的速度上升时，物体A匀速向左运动，此时A受到向右的拉力

FA、摩擦力和向左的拉力F作用，

由于物体A对桌面的压力大小和接触面的粗糙程度都不变，则摩擦力大小不变，

所以，由力的平衡条件可得F=FA+f=2N+2N=4N；故B正确；

C、绳子自由端移动的速度（即物体A运动的速度）：VA=3vB=3X0.3m/s=0.9m/s,

则拉力F的功率为：P=FvA=4NX0.9m/s=3.6W；故C正确；

D、B匀速上升0.6m,则绳子自由端移动的距离：

SA=3SB=3X0.6m=1.8m,

该过程中拉力F做功：W=FSA=4NX1.8m=7.2J,故D错误；

故选：BC»

【点评】本题考查了滑轮组的特点、平衡力、功和功率的计算，知识点多，综合性强，

难度较大。

二、填空题（本大题共10小题，每空1分，共20分）

13.（2分）（2020•南充）吹笛子时，手指按压不同的小孔，可以改变笛子发声的音调；

为了保护听力，声音不能超过90dBo

【分析】（1）音调：声音的高低，由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高；

（2）人们以分贝（dB）为单位来表示声音强弱的等级。OdB是人刚能听到的最微弱的声

音，30〜40dB之间人们较理想的安静环境；70dB会干扰谈话，影响工作效率；长期生

活在90dB以上的噪声环境中，听力会受到严重影响。

【解答】解：吹笛子时・，手指按压不同的笛孔可以改变空气柱振动的频率，从而发出音

调不同的声音；

为了保护听力，声音不能超过90dB,

故答案为：音调；90o

【点评】本题主要考查了学生对音调、噪声强弱的等级和危害等知识点的理解，难度不

大，属于基础知识。

14.（2分）（2020•南充）一杯牛奶有250ml,其质量为300g,则牛奶的密度是1.2X1（）3

kg/m3；小李喜欢喝加糖的牛奶，加糖溶解后，牛奶的密度会变大（选填“变大”、“不

变”“变小”）。

【分析】已知牛奶质量和体积，利用公式p=学得到密度；

在体积一定时，质量越大，则物质的密度越大。

【解答】解：牛奶的体积为V=250ml=250cm3,

牛奶的密度为p=a=-^厘一=1.2g/cm3=1.2Xl（）3kg/m3；

V250cm3

在牛奶中加糖，糖溶解后，由于分子间存在间隙，则牛奶的体积基本不变，但加糖后牛

奶的质量变大，由公式p=R知，牛奶的密度会变大。

V

故答案为：1.2XW3；变大。

【点评】此题考查了密度公式的应用，在解答第2空时，关键要知道牛奶的体积基本不

变，但加糖后牛奶的质量变大。

15.（2分）（2020•南充）若一辆小汽车一年行驶一万公里，消耗It汽油，这些汽油完全燃

烧放出4.6X®°J的热量;某次行驶过程中，该汽车汽油机曲轴的转速为3600r/min,

在1s内汽油机对外做功30次（q汽=4.6X1071/^）。

【分析】（1）根据Q=mq算出汽油完全燃烧放出的热量。

（2）四冲程内燃机的曲轴转2圈，完成4个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外

做功1次。

【解答】解：（1）汽油的质量：m=lt=1000kg,

汽油完全燃烧放出的热量：Q=mq=1000kgX4.6X107J/kg=4.6X10loJo

（2）四冲程内燃机的曲轴转2圈，完成4个冲程，并对外做功1次；

因为曲轴的转速为3600r/min,汽油机1s曲轴转60圈，30个工作循环，对外做功30次；

故答案为：（1）4.6X1O10；（2）30。

【点评】本题考查了热机飞轮转速的含义的理解、内燃机冲程的能量转化以及燃料燃烧

放出的热量的计算，是比较基本的问题，难度不大。

16.（2分）（2020•南充）生活中的各种用电器工作时都要消耗电能，电能属于二次（选

填''一次”或“二次”）能源；我国核能利用的技术已居于世界领先地位，其中氢弹利用

的就是聚变（选填“裂变”或“聚变”）在瞬间释放的能量。

【分析】（1）从自然界直接获得不需要加工转换的能源是一次能源，消耗其它能源经过

加工转换而获得的能源是二次能源；

（2）核裂变和核聚变都能释放能量，核裂变是可控的，核电站的核反应堆就是通过核裂

变提供能量的；核聚变过程不可控，氢弹爆炸就是利用核聚变释放能量.

【解答】解：

（1）电能是消耗其它能源经过加工转换来的，属于二次能源；

（2）氢弹是利用氢核的聚变在瞬间释放的能量。

故答案为：二次；聚变。

【点评】本题考查了对核能以及核电站中能量转化以及能源分类的了解，属基础知识的

考查。

17.（2分）（2020•南充）一灯泡标有“6V3W”的字样，现仅有8V的电源，要使小灯泡正

常发光，应该给小灯泡串（选填“串”或“并”）联一个4。的电阻。（不考虑灯

泡电阻受温度的影响）

【分析】灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，电源的电压大于灯泡的额定电压时，

要使灯泡正常发光应串联一个电阻分压；根据串联电路的电压特点求出串联电阻两端的

电压，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出串联

电阻的阻值。

【解答】解：灯泡正常发光时的电压UL=6V,功率PL=3W,

要使灯泡接到8V的电源上时正常发光，应串联一个电阻R分压，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，串联电阻两端的电压:

UR=U-UL=8V-6V=2V,

因串联电路中各处的电流相等，

所以，由P=UI可得，灯泡正常工作时电路中的电流：

I=IL=—=-=0.5A,

UL6V

由1=且可得，串联电阻的阻值：

R

_2y_=4C。

IRI0.5A

故答案为：串；4。

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意用电器正

常工作时的电压和额定电压相等。

18.（2分）（2020•南充）将一段电阻丝接入电路中，测得其两端电压为12V,通过的电流

为3A,则该电阻丝电阻为4。；若将该电阻丝两端电压由12V降至6V,则电功率变

化了27W。

【分析】根据欧姆定律求出电阻；再根据p=a求出两种情况下电阻R消耗的电功率，

R

进一步求出该电阻R所消耗电功率的变化。

【解答】解：由1=旦得：

R

该电阻丝电阻为：

R―里4。；

I3A

该电阻R所消耗电功率的变化：

PR，一PR=比一92=（⑵）2_皿j=27W。

RR4。4。

故答案为：4；27。

【点评】本题考查了欧姆定律和电功率公式的应用，关键是公式及其变形的灵活运用。

19.（2分）（2020•南充）甲、乙两辆汽车在平直公路上同向匀速行驶，由两车的s-t图可

知（如图），乙车速度为72km/h：t=0时，甲车在乙车前方200米，乙车追上甲车还

需40So

【分析】根据图象，利用速度公式可求甲乙两车的速度；根据乙车追上甲车时两车通过

的距离的关系列出等式求解需要的时间。

【解答】解：由图可知，t=10s时，s甲=350m-200m=150m,s乙=200m,

1T

贝l]v甲=±5_=史处■=15m/s,v.=-^!_=200L=20m/s=72km/h,

t10st10s

乙车追上甲车需要的时间为d,则根据题意可得：

vqit'+200m=v乙t',即15m/sXt'+200m=20m/sXt',

解得，t'=40so

故答案为：72；40o

【点评】此题考查速度公式及其应用，关键是根据乙车追上甲车时两车通过的距离的关

系列出等式。

20.（2分）（2020•南充）如图所示，用沿斜面向上大小为4N的拉力，将一个重5N的物体

从斜面底端匀速拉至顶端。已知物体沿斜面上滑的距离为5m,上升的高度为3m,则物

体受到的摩擦力为」N,斜面的机械效率为75%。

【分析】有用功等于克服物体的重力做的功，利用W有用=Gh计算，利用WS求总

功；总功等于有用功加上额外功，可求额外功，再利用w颍=fs求摩擦力；利用口=上曳

,8

求机械效率。

【解答】解：

拉力做的总功为：

W.g=Fs=4NX5m=20J,

使用斜面做的有用功，

Woi=Gh=5NX3m=l5J,

额外功为：

W球=讥,s-W有用=20J-15J=5J,

根据W『fs知物体受到的摩擦力：

s5m

斜面的机械效率为：

n二W有用=生100%=75%«

w总20.1

故答案为：1；75%,

【点评】本题考查了学生对斜面的机械效率的计算，其中知道克服摩擦力做的功为额外

功是解题的关键。

21.（2分）（2020•南充）某次军事演习中，执行深海作业的潜水艇悬浮在海水中（如图）。

要使潜水艇下潜，应对水舱注水（选填“注水”或“排水”），在下潜过程中，海水

对潜水艇上下表面的压力差一不变（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

【分析】（1）从潜水艇是靠改变自身的重量来实现上浮和下潜的来分析即得答案。

（2）从浮力产生的原因以及影响浮力大小的因素来分析即可。

【解答】解：（1）潜水艇是靠改变自身的重量来实现上浮和下潜的，所以要使潜水艇下

潜，应对水舱注水来增大它自身的重量。

（2）在下潜过程中，潜水艇完全浸没在水里，排开水的体积不变，所以所受到的浮力不

变。由浮力产生的原因知海水对潜水艇上下表面的压力差不变。

故答案为：注水：