山东省威海市2023年中考物理试题（附真题答案）

山东省威海市2023年中考物理试题一、选择题（本题共12小题，共26分．1-10小题为单项选择题，每小题2分；11-12小题为多项选择题，每小题3分，选对但选不全的得2分）1．如图所示，游乐园内有一个奇特的传声筒，内部中空，向一个喇叭喊话，在其余喇叭处均可以听到声音，下列说法错误的是（）A．声音可以通过筒内空气传播B．声音在筒内发生了多次反射C．脸部能感受到空气振动说明声音可以传递能量D．通过传声筒听到的声音感觉更响亮是因为声音在筒内传播时频率变大【解析】【解答】A.向一个喇叭喊话，其它位置能听到声音，说明声音可以通过筒内空气传播，故A正确不合题意；

B.根据“向一个喇叭喊话，在其余喇叭处均可以听到声音”可知，声音在筒内发生了多次反射，故B正确不合题意；

C.脸部能感受到空气振动说明声音可以传递能量，故C正确不合题意；

D.通过传声筒听到的声音感觉更响亮是因为声音在筒内传播时响度变大，故D错误符合题意。

故选D。

B.根据“向一个喇叭喊话，在其余喇叭处均可以听到声音”判断；

C.声音利用的方面包括：①声音传递信息；②声音传递能量；

D.声音的响度与振幅有关，声音的音调与振动频率有关。2．游泳馆天花板上的日光灯照射到水面上，下列说法错误的是（）A．当光由空气射入水中时，水中光的能量比入射光的能量少B．光由空气入射到水面上时，不可能沿原方向继续传播C．岸上的人看到水中出现日光灯的像，说明光可以传递信息D．入射到水面上的光被反射回空气中，因为光与水发生了相互作用【解析】【解答】A.当光由空气射入水中时，在水面发生反射和折射，因此水中光的能量比入射光的能量少，故A正确不合题意；

B.光由空气垂直入射到水面上时，进入水中的光沿原方向继续传播，故B错误符合题意；

C.岸上的人看到水中出现日光灯的像，说明光可以传递信息，故C正确不合题意；

D.入射到水面上的光被反射回空气中，因为光与水发生了相互作用，故D正确不合题意。

故选B。

B.注意光线垂直水面入射时的情形；

C.光的利用的方面：①光传递信息；②光传递能量；

D.力是改变物体运动状态的原因。3．中华大地，河山锦绣，随着四季更替，水在不同的形态之间变化，形成了多彩的自然奇观，下列物态变化需要吸热的是（）A．暖春…冰雪消融B．署夏…雾起山峦C．凉秋….红叶生霜D．寒冬…滴水成冰【解析】【解答】A.冰雪消融，即从固态变成液态发生熔化现象，需要吸热，故A符合题意；

B.雾气，即水蒸气从气态变成液态发生液化现象，向外放热，故B不合题意；

C.霜是水蒸气从气态直接变成固态发生凝华现象，向外放热，故C不合题意；

D.冰是水从液态变成固态发生凝固现象，向外放热，故D不合题意。

故选A。

4．威海依山傍海，能源发展区位优势明显，境内有多种类型的发电站，其中利用不可再生能源发电的是（）A．分布式光伏电站 B．高温气冷堆核电站C．潮汐发电站 D．风力发电站【解析】【解答】A.分布式光伏电站，将太阳能转化为电能，而太阳能可以在短时间内得到补充，为可再生能源，故A不合题意；

B.高温气冷堆核电站，将核能转化为电能，而核能不能在短时间内得到补充，为不可再生能源，故B符合题意；

C.潮汐发电站，将潮汐能转化为电能，而潮汐能可以在短时间内得到补充，为可再生能源，故C不合题意；

D.风力发电站，将风能转化为电能，而风能可以在短时间内得到补充，为可再生能源，故D不合题意。

故选B。

5．如图所示，下列对生产生活物品应用的物理性质描述错误的是（）A．用海草苫成屋顶——海草导热性好B．

渔船挂有轮胎——橡胶弹性好C．

光伏板表面使用玻璃——玻璃透光性好D．

用铜做导线——铜导电性好【解析】【解答】A.用海草苫成屋顶——海草隔热性好，故A错误符合题意；

B.渔船挂有轮胎——橡胶弹性好，可以防撞，故B正确不合题意；

C.光伏板表面使用玻璃——玻璃透光性好，故C正确不合题意；

D.用铜做导线——铜导电性好，故D正确不合题意。

故选A。

6．如图所示，将若干重物放在4个自制天平的秤盘上，放入重物前天平在水平位置平衡，放入重物后天平都向右倾斜，秤盘最终落在桌面上，若不改变秤盘的悬挂位置，仅将重物左右互换，互换后可能重新在水平位置平衡的天平是（）A．甲 B．乙 C．丙 D．丁【解析】【解答】AD.图中的杠杆的动力臂和阻力臂相等，由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，两边所挂重物重力不相同。将天平上的重物各自左右互换，两边力和力臂的乘积还是不相等，杠杆仍不平衡，故A、D不合题意；

B.杠杆左边力臂大于右边力臂，由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，左边重力小于右边重力.将天平上的重物各自左右互换，左边力和力臂的乘积大于右边力和力臂的乘积，杠杆不平衡，杠杆向左端倾斜，故B不合题意；

C.杠杆左边力臂小于右边力臂，由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，左边重力可能小于右边重力，将天平上的重物各自左右互换，左边力和力臂的乘积可能会等于右边力和力臂的乘积，杠杆可能会平衡，故C正确。

故选C。

7．物竞天择，适者生存，植物进化出很多巧妙的生存技能，其中蕴含着丰富的物理知识，下列说法错误的是（）A．蒲公英的种子御风远行——风对蒲公英种子做了功B．球形“风滚草”被风吹动“滚”向远方——滚动可以减小摩擦C．绿豆种子成熟后果皮崩裂能将种子弹开——因为果皮具有弹性势能D．睡莲种子因包裹空气泡在水面漂流，空气泡消失后种子沉底——种子密度小于水【解析】【解答】A.蒲公英的种子御风远行，风对蒲公英种子施加力的作用，且种子在力的方向上通过距离，因此风对种子做功，故A正确不合题意；

B.球形“风滚草”被风吹动“滚”向远方——滚动可以减小摩擦，故B正确不合题意；

C.绿豆种子成熟后果皮崩裂能将种子弹开——因果皮发生弹性形变具有弹性势能，故C正确不合题意；

D.睡莲种子因包裹空气泡在水面漂流，空气泡消失后种子沉底——种子密度大于水，故D错误符合题意。

故选D。

①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离；

B.根据减小摩擦的方法判断；

C.物体由于发生弹性形变具有的能量为弹性势能；

D.根据物体的浮沉条件判断。8．下列实验操作不能使灵敏电流计指针偏转的是（）A． B．C． D．【解析】【解答】A.磁场沿水平方向，当线圈向右运动时，运动方向与磁场方向平行，此时没有切割磁感线，不会产生感应电流，故A符合题意；

B.磁场沿水平方向，当线圈向上运动时，运动方向与磁场方向垂直，此时线圈切割磁感线，会产生感应电流，故B不合题意；

C.磁体向上运动，相当于磁体不动，线圈向下运动，此时线圈切割磁感线，会产生感应电流，故C不合题意；

D.磁体向下运动，相当于磁体不动，线圈向上运动，此时线圈切割磁感线，会产生感应电流，故D不合题意。

故选A。

①闭合电路的部分导体；②在磁场中；③做切割磁感线运动。9．用毛皮摩擦过的橡胶棒接触不带电的验电器金属球后，金属箔张角如图甲所示：接着用毛皮摩擦过的气球再接触金属球，金属箔张角变大，如图乙所示；然后用短波紫外光照射但不接触金属球，金属箔张角如图丙所示，此时金属球中的某种电荷“逃”到了空气中。下列推断错误的是（）A．甲图中瞬间电流方向是由验电器到橡胶棒B．乙图中摩擦过的气球带负电C．丙图中金属箔张角变小是因为它们相互吸引D．丙图中从金属球“逃”出的是电子【解析】【解答】A.甲图中，毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷，而验电器不带电，则电子从橡胶棒转移到验电器上，而电流方向与其相反，即从验电器到橡胶棒，故A正确不合题意；

B.气球接触验电器后箔片张角变大，说明所带电荷量增大了，因此乙图中的气球肯定带负电荷，故B正确不合题意；

CD.丙图中验电器的箔片张角变小，其实是所带电荷量减小，即金属球上的电子转移到空气中了，故C错误符合题意，而D正确不合题意。

故选C。

BC.验电器所带的电荷量越大，则箔片张角越大；

D.在金属导体中自由移动的是电子，在酸碱盐的水溶液中自由移动的是正负离子，据此分析判断。10．商场里的自动扶梯无人乘坐时，运行速度缓慢；有人乘坐时，“感应开关”自动闭合，速度增大。自动扶梯的出、入口处各有一个“紧急制动开关”，断开任何一个，都能使自动扶梯停止，模拟电路如图所示。下列说法错误的是（）A．是“紧急制动开关”，是“感应开关”B．有人乘坐时，均闭合C．有人乘坐时，电动机两端电压小于电阻R两端电压D．无人乘坐时，电阻R可以起到节约电能的作用【解析】【解答】A.根据图片可知，开关S1、S2都在干路中，断开其中任何一个，都可以断开整个电路，电动机不工作，所以S1、S2是紧急制动开关；S3与电阻R并联，S3闭合会把电阻R短路，使电路中电阻变小，电流变大，电动机的转速变大，则S3是感应开关，故A正确不合题意；

BC.有人乘坐时，S1、S2、S3都闭合，电阻R被短路，自动扶梯高速运行，所以R两端电压为0，故C错误符合题意，B、C正确不合题意；

D.无人乘坐时，S1、S2闭合，S3断开，电阻R串联在电路中，电路中电流较小，由W=Pt=UIt可知电能消耗少，电梯低速运行，故D正确不合题意。

故选C。

11．如图所示，电源电压为4.5V，R1阻值为6Ω，滑动变阻器规格为“”，电压表量程为“”，电流表量程为“”，在保证电路安全的前提下，闭合开关，调节滑动变阻器，下列说法正确的是（）A．滑片向右滑动时，电压表示数变大B．滑片向左滑动时，电流表示数变大C．连入电路的最小阻值是D．电路最大总功率为【解析】【解答】根据图片可知，定值电阻R1和变阻器R2串联，电流表测电路中的电流，电压表测R1两端的电压；

A.当变阻器滑片向右滑动时，接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，根据可知，电路中电流的变小。由U=IR可知，定值电阻两端的电压变小，电压表的示数变小，故A错误；

B.当变阻器滑片向左滑动时，接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，根据欧可知，电路中的电流变大，电流表示数变大，故B正确；

C.电压表量程为“0～3V”，当电压表的示数为3V时通过定值电阻的电流最大，

那么最大电流为：，

由于滑动变阻器R2规格为“20Ω1A”，电流表量程为“0～0.6A”，

所以电路中的最大电流为0.5A，

电路的总电阻为：，

R2连入电路的最小阻值是：R2小=R总-R1=9Ω-6Ω=3Ω，故C错误；

D.电路最大总功率为：P=UI大=4.5V×0.5A=2.25W，故D正确。

故选BD。

总=R1+R2确定总电阻的变化，再根据可知电路中的电流变化和定值电阻两端的电压变化；

（2）根据变阻器的滑片移动方向确定变阻器的阻值变化，根据R总=R1+R2确定总电阻的变化，再根据可知电路中的电流变化；

（3）电压表量程为“0～3V”，当电压表的示数为3V时通过定值电阻的电流最大，由欧姆定律算出通过定值电阻的最大电流，根据电流表的量程和滑动变阻器允许通过的最大电流判断出电路的最大电流，由欧姆定律算出电路的总电阻，由串联电路电阻的规律算出R2连入电路的最小阻值；

（4）利用P=UI可求出电路最大总功率。12．国家倡导全民健身，威海建设了许多体育主题公园。下列运动项目涉及到的物理知识描述正确的是（）A．打羽毛球——羽毛球运动到最高点时，羽毛球受力不平衡B．打篮球——投篮时篮球划过一条弧线，因为篮球受到重力作用C．踢足球——踢出去的足球在草地上越滚越慢，因为足球的惯性越来越小D．引体向上——手握单杠身体向上运动时，手对单杠的拉力大于单杠对手的拉力【解析】【解答】A.羽毛球运动到最高点时，羽毛球只受到重力作用，因此受力不平衡，故A正确；

B.投篮时篮球划过一条弧线，即一边沿水平方向运动，一边向下运动，是因为篮球受到重力作用，故B正确；

C.踢出去的足球在草地上越滚越慢，因为足球受到地面的阻力作用，故C错误；

D.手握单杠身体向上运动时，手对单杠的拉力和单杠对手的拉力为一对相互作用力，那么二者大小相等，方向相反，故D错误。

故选AB。

B.根据力与运动的关系判断；

C.惯性大小只与物体的质量大小有关；

D.根据相互作用力的原理判断。二、填空题（本题共8小题，共16分，每小题2分）13．一杯热水慢慢变凉后不会自己重新变热，说明能量的转移和转化具有；经过一段时间后水会蒸发变少，是因为水分子不停地。【解析】【解答】（1）一杯热水慢慢变凉后不会自己重新变热，说明能量的转移和转化具有方向性；

（2）经过一段时间后水会蒸发变少，是因为水分子不停地做热运动（或无规则运动）。

（2）根据分子运动的知识解答。14．如图是中医的制药工具药碾子，其由底部的碾槽和边缘较薄的圆形碾盘组成。若想提高每一次的碾压效果，可以怎样改进工具，请写出两种方法：，。【解析】【解答】若要提高每一次的碾压效果，即增大碾盘对药材的压强，

①增大碾盘的质量，从而增大碾盘对药材的压力；

②增加碾槽两端高，即减小碾盘与药材的受力面积。

①增大压力；②减小受力面积。15．如图所示，长方体容器内装有水，将苹果放入后漂浮（水未溢出），则水对容器底增加的压力苹果的重力；苹果下方M点与相同深度的N点受到水的压强分别为、，则。（两空均选填“大于”“等于”或“小于”）【解析】【解答】（1）根据题意可知，水对容器底部增大的压力由苹果对水产生的压力产生，因而二者相等。苹果在水面漂浮，则它受到的浮力等于重力。而苹果受到的浮力和苹果对水的压力为相互作用力，即二者大小相等，因此水对容器底部产生的压力等于苹果的重力。

（2）根据题意可知，M、N两点深度相同，根据液体压强公式p=ρ液gh可知，两点受到水的压强pM=pN。

（2）根据液体压强公式p=ρ液gh比较液体压强大小。16．如图所示，深秋的清晨观察到草叶上形成了串串露珠，透过露珠能够看到远处景物倒立的像，露珠相当于（填光学元件）；在生活中利用该成像原理的仪器有：（写出一个即可）。【解析】【解答】（1）露珠从水平方向看，中间厚边缘薄，相当于凸透镜；

（2）透过露珠能够看到远处景物倒立缩小的实像，应用为照相机（摄像机）。

（2）根据凸透镜成像的应用的知识分析。17．家庭电路中空气开关跳闸的原因可能是（写出一条即可）；电冰箱使用三线插头，可以让金属外壳与插座中的线相连，以防漏电时对人体造成伤害。【解析】【解答】（1）家庭电路中空气开关跳闸的原因可能是发生短路；

（2）电冰箱使用三线插头，可以让金属外壳与插座中的地线相连，以防漏电时对人体造成伤害。

①发生短路；②用电器总功率过大；

（2）根据三线插头的作用分析解答。18．如图所示，阀门1和阀门2均关闭，A、B、C三根竖管内的水面相平，此时装置相当于。若阀门1、阀门2均打开，水在管道内持续流动，则三根竖管内水面最低的是。（选填“A”“B”或“C”）【解析】【解答】（1）如图所示，阀门1和阀门2均关闭，A、B、C三根竖管内的水面相平，此时它们上面开口、底部连通，相当于连通器；

（2）打开阀门后，C管下端最细，则水流速度最快，那么水的压强最小。根据p=ρ液gh可知，C管中水面最低。

（2）流体流速越大的位置压强越小，据此分析立管下方压强大小，再根据p=ρ液gh分析液柱的高度大小。19．如图所示的实验装置是用来探究电流通过导体产生的热量与的关系，通过U形管内液面的高度差反映电流通过导体产生热量的多少，下列实验采用同种研究方法的是（选填“①”或“②”）。①探究光的反射定律②探究阻力对物体运动的影响【解析】【解答】（1）根据图片可知，两个电阻串联，则通过它们的电流和时间相同，只有电阻大小不同，那么该装置探究电流通过导体产生热量与电阻的关系；

（2）通过U形管内液面的高度差反映电流通过导体产生热量的多少，这里使用了转换法。

探究光的反射定律时使用了直接测量法，而探究阻力对物体运动的影响时，通过小车在水平面上移动距离大小反映阻力对运动的影响大小，使用了转换法，故选②。

（2）物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法。20．2023年5月30日，在酒泉基地发射的“神舟十六号”载人飞船升空过程中，燃料舱内的液态氢的热值（选填“变大”“不变”或“变小”）；若液态氢完全燃烧放出的热量有60%被水吸收，水温升高了，则水的质量为。（，）【解析】【解答】（1）“神舟十六号”载人飞船升空过程中，燃料舱内的液态氢的燃料种类不变，则它的热值不变；

（2）液态氢计算燃烧放出的热量Q放=qm=1.4×108J/kg×0.1kg=1.4×107J；

则水吸收的热量：Q吸=Q放η=1.4×107J×60%=0.84×107J；

那么被加热水的质量：。

（2）首先根据Q放=qm氢计算燃烧放出的热量，再根据Q吸=Q放η计算水吸收的热量，最后根据计算水的质量。三、作图题（本题共2小题，共4分，21题2分，22题2分）21．从光源A点发出的一束光其传播径迹如图所示，请再画出从A点发出的另一束光的传播径迹，以此来确定A的像点并标为。【解析】【解答】射向凸透镜光心的光的传播方向不变，据此画出一条折射光线，然后与已知的折射光线相交，则交点为A的像点A'，如下图所示：

22．闭合开关，通电螺线管附近的小磁针方向如图所示，请在图中括号内标出电源的极性（“+”或“-”），并标出磁感线的方向。【解析】【解答】小磁针的左端为S极，根据“异名磁极相互吸引”可知，螺线管的右端为N极。右手握住螺线管，大拇指指向右端，弯曲的四指指尖向下，则线圈上电流方向向下，则电流从左端流入，因此电源的左端为“+”极。磁感线从磁体的N极出来指向S极，因此磁感线上箭头向左，如下图所示：

四、实验探究题（本题共3小题，共19分，23题6分，24题6分，25题7分）23．在探究了“水在沸腾前后温度变化的特点”实验后，小明又探究了不同密度的盐水在沸腾前后温度变化的规律。（1）小明用天平和量筒来测量配制好的盐水密度，实验原理为。（2）如图甲所示，使用温度计测量盐水的温度，错误的操作是。（3）纠正错误后，小明用相同热源对质量和初温均相同的盐水1、盐水2和纯水（）进行加热，其温度随加热时间变化的规律如图乙所示．分析图象回答下面两个问题：初步得出盐水的沸点随盐水密度变化的规律是，实验时大气压标准大气压。（4）两种盐水从相同初温加热至刚好沸腾，吸收的热量更多（选填“盐水1”或“盐水2”）；请结合本实验推理，如果内陆地区一个水量不变的咸水湖随着含盐量逐渐升高，其对周围地区气温的调节作用会变（选填“强”或“弱”）。【解析】【解答】（1）小明用天平和量筒来测量配制好的盐水密度，实验原理为；

（2）根据甲图可知，温度计的液泡触碰了烧杯的底部，则错误操作为：温度计玻璃泡碰到容器底。

（3）根据乙图可知，盐水1的密度大，沸点高，那么得到：盐水密度越大沸点越高。

根据乙图可知，此时水的沸点为99℃，低于100℃，则实验时大气压小于标准大气压强。（4）根据图乙可知，两种盐水从相同初温加热至刚好沸腾，盐水1加热时间短，吸收的热量少，则对气候的调节能力变弱，那么得到：如果内陆地区一个水量不变的咸水湖随着含盐量逐渐升高，其对周围地区气温的调节作用会变弱。可知，用天平测出盐水质量，用量筒测出盐水体积，据此可以计算出盐水的密度；

（2）根据温度计的使用规律分析；

（3）根据乙图确定盐水的沸点，然后描述沸点随密度的变化规律。将水的沸点与100℃进行比较，从而确定实验时大气压强的变化。

（4）根据图乙确定两种盐水加热时间长短，从而比较二者吸收热量多少。当吸收相同的热量时，盐水升高的温度越大，则对气候的调节能力越弱。24．小明探究重力势能大小与物体质量和高度的关系，实验装置如图甲所示。（1）将铁球从斜面由静止释放后到压缩弹簧，记录铁球速度减为0时弹簧的长度，整个过程涉及的能量转化情况为；铁球重力势能的大小可以用被压缩后弹簧的长度来反映，长度越长，则说明铁球的重力势能越（选填“大”或“小”）。（2）将同一铁球先后从同一斜面的不同高度（）处由静止释放，弹簧被压缩后的长度分别为（），则你能得出的结论是。（3）若要探究重力势能大小与物体质量的关系，请简要写出你的设计思路：。（4）结合本实验和所学知识，分析图乙所示的水坝，发电机安装在位置较为合理（选填“C”或“D”）；你认为适合建造大型水力发电站的地方应该具备哪些条件：。【解析】【解答】（1）①将铁球从斜面由静止释放后到压缩弹簧，记录铁球速度减为0时弹簧的长度，整个过程涉及的能量转化情况为：从斜面上滚下时，重力势能转化为动能；压缩弹簧时，动能转化为弹性势能；

②铁球重力势能的大小可以用被压缩后弹簧的长度来反映，长度越长，被压缩的程度越小，则说明弹簧的弹性势能越小，那么铁球的重力势能越小。

（2）根据甲图可知，同一铁球质量相同，高度h2更大，弹簧的长度l2更小，即形变程度越大，那么得到结论：质量相同，高度越高，重力势能越大。

（3）若要探究重力势能大小与物体质量的关系，我的设计思路：质量不同的小球从同一斜面的同一高度静止释放，比较弹簧压缩后的长度。

（4）根据乙图可知，D点更靠下，水面到D点的高度更大，则重力势能更大，可以转化为电能的能量更多，故发电机安装在D位置。

我认为适合建造大型水力发电站的地方应该具备的条件：水资源丰富和地势高度差大。

①根据能量转化的知识分析解答。

②弹簧的弹性势能大小与形变程度有关，据此分析铁球重力势能大小。

（2）根据弹簧被压缩的程度比较小球重力势能大小，据此得到重力势能与高度的关系；

（3）探究重力势能与质量的关系时，需要控制高度相同，只改变质量，据此分析解答；

（4）比较C、D两点时水的重力势能大小即可。根据水力发电站的工作原理分析解答。25．在探究“电流与电阻的关系”实验中，电源电压恒为，滑动变阻器规格为“”。（1）根据图甲所示的电路图，请用笔画线代替导线，将图乙所示的实物图连接完整（导线不允许交叉）；（2）连接好电路，将滑动变阻器阻值调到最大，闭合开关，移动滑片，发现电流表无示数，电压表示数始终接近电源电压。导致这一现象的原因可能是____；A．电流表损坏 B．滑动变阻器短路C．定值电阻R接触不良 D．定值电阻R短路（3）排除故障继续实验，更换不同的定值电阻后，都需要调节滑动变阻器，其目的是，实验数据如表所示，其中第6次实验中电流表示数如图丙所示，其读数为A；实验次数123456……电阻57.512152025……电流1.20.80.480.40.32……（4）在如图所示坐标系中已经描出所有实验数据对应的点，请绘出图象，分析并得出结论：；（5）实验完成后，在评估“将电阻更换成电阻继续实验”这一环节中，甲小组认为，更换成电阻后需要将滑动变阻器阻值调到最大，才能闭合开关进行实验；而乙小组认为，更换成电阻后不需要将滑动变阻器阻值调到最大，可直接闭合开关进行实验。你认为哪个小组的观点正确并写出理由：。【解析】【解答】（1）根据图甲可知，电压表应该与定值电阻并联，此时“15”接线柱已经与定值电阻左端相连，只需将“-”接线柱与定值电阻右端相连即可，如下图所示：

；

（2）闭合开关，移动滑片，发现电流表无示数，说明电路断路，电压表示数始终接近电源电压，说明电压表串联接入电路，即与电压表并联的电阻电阻断路，故选C；

（3）①探究“电流与电阻的关系”实验需保持定值电阻两端的电压不变，因此调节变阻器的目的是保持电阻R两端电压不变。

②根据丙图可知，电流表选择量程0~0.6A，分度值为0.02A，则示数为0.24A；

（4）将已经描出的点用平滑曲线连接即可，如图：

，

分析图象为一条双曲线，那么可得：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；

（5）我认为甲小组观点正确，理由是：为了保护电路，防止电路因连接错误（如短路）导致电路元件损坏，每次闭合电路前都要将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处。

（2）电流表无示数，说明有断路发生。而电压表有示数，则说明它的两个接线柱与电源正负极直接连接正常，那么问题肯定出现在与它并联的定值电阻上，据此分析解答。

（3）①根据控制变量法的要求分析解答；

②根据电流表接入电路的量程和分度值读数；

（4）用平滑曲线连接各点得到对应的图像，根据图像分析电流与电阻的数量关系；

（5）注意分析滑动变阻器在电路中的保护作用即可。五、综合题（本题共3小题，共25分，26题8分，27题8分，28题9分．要求写出必要的文字说明、单位、重要的公式及主要的运算过程，只写出结果不得分）26．某大学科研团队研制了一款无人潜航器，如图甲所示，其体积可通过从内部油舱向外部油囊压入油量的多少来改变，从而实现浮沉。（ρ煤油=0.8×103kg/m3，g=10N/kg。ρ海水≈1×103kg/m3）请分析解答下列问题：（1）当用缆绳吊起潜航器A点处挂钩时，潜航器总保持水平静止，B点处于潜航器中间位置。请判断潜航器重心在点位置附近（选填“A”或“B”）；（2）将潜航器从空中缓慢下放至水下，缆绳的拉力F随下降的高度h变化规律如图乙所示。求潜航器的体积是多少？（油囊没有充油，不计水的阻力）（3）解开缆绳后潜航器下潜至海底，此时A点距海平面，A点受到海水的压强是多少？若想使潜航器上浮，至少向油囊压入多少的煤油？（忽略煤油因水压导致的体积变化）【解析】【解答】（1）当用缆绳吊起潜航器A点处挂钩时，潜航器总保持水平静止，即潜水器处于平衡状态，那么此时拉力和重力平衡，根据二力平衡条件可知，重力和拉力作用在同一直线上，则重力作用线通过A点，所以潜航器重心在A点位置附近；

（2）由图乙可知，潜航器的重力G=5000N，浸没时受到的拉力F=500N，

则潜航器浸没时受到的浮力：F浮=G-F拉=5000N-500N=4500N，

潜航器的体积：；

（3）①A点受到海水的压强：p=ρ海水gh=1×103kg/m3×10N/kg×3000m=3×107Pa；

②潜航器刚好上浮时，受到的浮力等于总重力，即G=F浮+F浮油，

G=F浮+ρ海水g×；

5000N=4500N+1×103kg/m3×10N/kg×；

解得：m煤=40kg。

（1）根据二力平衡时两个力肯定在同一直线上分析解答；

（2）根据图乙确定潜航器的重力和浸没时受到的拉力，根据F浮=G-F拉计算潜航器受到的浮力，根据计算潜航器的体积；

（3）①根据液体压强公式p=ρ液gh计算A点受到海水的压强；

②潜航器刚好上浮时，受到的浮力等于总重力，即G=F浮+F浮油，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排和列出方程求解即可。27．五一假期，小明和爸爸自驾到海边游