2018年江苏省镇江市中考物理试卷

2018年江苏省镇江市中考物理试卷

一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分.每小题只有一个选项是满分：100分

考试时间：100分钟）

1.（2分）功的单位是正确的（）

A.焦耳B.赫兹C.牛顿D.欧姆

2.（2分）下列不带电的是（）

A.原子核B.质子C.中子D.电子

3.（2分）关于声现象，下列说法正确的是（)

A.声音可在真空中传播

B.声音是由于物体振动产生的

C.通过声音的音调可辨别乐器的种类

D.考场附近安装噪声监测仪可减弱噪声

4.（2分）下列物态变化属于凝固的是（)

A.雾的形成B.河道结冰

C.冰冻衣服晾干D.露珠的形成

5.（2分）一位初中生用30s从坡底爬上了9m高的山坡。他爬坡时的功率与下列哪一个最

接近（）

A.几瓦B.十几瓦C.一百多瓦D.一千多瓦

6.（2分）下列表示四冲程汽油机处于压缩冲程的是（

A.B.

7.（2分）下列说法正确的是（

A..太阳光是由多种色光混合而成的

B.一切物体都具有热量

C.电磁波的传播速度为3X108mzs

D.核能属于可再生能源

8.（2分）小明设计了一种停车位是否被占用的模拟提醒装置：用指示灯L发光的亮和暗分

别表示车位被占用和未被占用，车位被占用时控制开关S闭合，下列能实现此功能的电

路是（）

9.（2分）如图所示，将纸片从易拉罐和水平桌面间快速水平抽出，易拉罐几乎不动。则将

纸片抽出的过程中，易拉罐（）

A.不具有惯性B.在水平方向上受力平衡

C.相对纸片水平向右运动D.受到水平向右的摩擦力

10.（2分）如图所示电路，电源电压恒定，R为光敏电阻，其阻值随着光照的增强而减小,

Ro为定值电阻，当光照减弱时（）

A.V与Ai示数的比值减小B.V与A2示数的比值不变

C.A2与A1示数之差变大D.电路消耗的总功率减小

11.（2分）烛焰和光屏的中心在凸透镜主光轴上,它们的初位置如图所示，凸透镜的焦距

为10cm。下列操作不可能使烛焰在光屏上成清晰像的是（)

B.仅将光屏移至刻度线P的右侧某处

C.仅将凸透镜向左移至刻度N处

D.将透镜右移3cm,且光屏移至刻度线Q的右侧某处

12.（2分）如图1所示，水平路面由三段长度相等的粗糙区域组成。在2N水平拉力F的作

用下，物块（体积忽略不计）从区域①的最左端由静止开始运动，在刚进入区域③时撤

去拉力，物块最终停在区域③的最右端。图2为物块在区域①和②上运动的v-t图象，

则（）

v(ms)

A.区域①路面的粗糙程度比②的大

B.拉力在区域①中做功的功率比②的小

C.物块在区域①上所受的摩擦力等于2N

D.物块在区域③上运动的时间可能为1s

二、填空题（本题共11小题，每空1分，共28分）

15.（1分）图中，弹簧测力计的示数为N«

N

16.（3分）如图所示，向盒中滴入几滴酒精后就闻到了酒精的气味，酒精发生的物态变化

是，将盒盖盖紧后启动电火花发生器，盒盖向外飞出，这说明了力可以改变物体

的,盒盖的机械能是由燃气的能转化而来的。

电火花小草

发生器，1■■盒盖

r

17.（3分）如图所示，回形针处于静止状态,通电螺线管（电流方向见图）的下端为极。

回形针因处在通电螺线管所产生的中而被磁化，它的上端为极。

18.（3分）小明通过机械将重100N的重物在5s内竖直向上匀速提升了2m,机械效率为

80%.则此过程中有用功W%=J,额外功亚葡=J,小明做功的功功率P

=W»

19.（3分）图是研究“相同时间内导体产生的热量与的关系”的装置。每只烧瓶中

煤油质量均为200g,电阻丝Ri=20C,电路中电流I=0.5A.通电5min后，左侧烧瓶中

的煤油温度升高了2℃,煤油吸收的热量为J,Ri产生的电热为J.[c煤油

=2.1X（kg・C）]

20.（3分）如图所示，轻质杠杆OB可绕O点转动，OA=AB,物块G重30N,Za=Zp

=30°,在B点作用一个竖直向上的拉力F使杠杆在水平位置平衡,F的大小为N；

保持杠杆在水平位置平衡，仅将拉力F沿顺时针方向转动，则在转至虚线①所示位置的

过程中，拉力大小将,在转至虚线②所示位置时，拉力与物重的大小关系为F

21.（3分）某同学设计的具有保温、加热两挡调节功能的电加热器电路如图所示，已知电

源电压为220V,电热丝Ri的阻值为60Q,电加热器处于保温挡时的功率为484W,则电

热丝R2的阻值为C,电加热器处于加热挡时的功率为W.若该同学选用

了熔断电流为5A的熔丝，则你认为该电加热器在实际使用中会出现的状况是:o

22.（3分）如图所示，水平桌面上有两个相同的圆柱形容器A和B,置于其中的圆台形实

心铁块甲和乙完全相同，它们的上表面均与容器中水面相平，则甲、乙受到的浮力F甲

F乙，当从两容器中分别取出相等质量的水后（未取完），A、B底部受到水的压强PA

PB,甲、乙受到的浮力FTF乙.（均选填”或“<”）

23.（4分）如图1所示，电压U=12V,灯泡L的额定电压为9V,其电流与电压的关系如

图2所示，滑动变阻器R的最大阻值为10（1.则灯泡L正常发光时的功率为W.阻

值为"在调节滑动变阻器的过程中，灯泡L消耗电功率的最小值是W.在

某次正常调节中，R的阻值变化量比L的阻值变化量大，则滑片P的移动方向是

（选填“一定向左"''一定向右”或“向左、向右均可

三、解答题（本题共9小题，共48分，解答2、27、28题时应有必要的解题过请按题目要

求作答

24.（2分）铁球用细绳悬挂在倾斜杆上处于静止状态，0为重心。请画出铁球所受力的示

意图。

25.（2分）如图所示，用平面镜成像特点画出线段AB经平面镜所成的像。

26.（2分）请用笔画线代替导线将三孔插座、电灯和开关正确连入家庭电路。

火线____________________________

零线----------------------------

地线--------------------------工

电

27.（6分）为了测量物块A和B的密度，某同学进行了如下实验。

（1）将天平放在水平桌面上并将游码归零后，若指针静止时位置如图1所示，则应将平

衡螺母向（选填“左”或“右”）端调节；

（2）图2是正确测量A的质量时使用硅码情况和游码的位置，其质量为g：图3

是用量筒测量物块A体积时的场景，则它的体积是cn?,密度为kg/n?；

（3）另一物块B的密度大于酒精而小于水，请将该同学测量其密度的下列实验步骤补充

完整。

①将物块B放入装有适量水的烧杯中，然后向烧杯中缓慢注入酒精并充分搅拌，直至物

块B在混合液中；

②取出物块B后，测出烧杯及杯内混合液的总质量为m।；

③将烧杯中的部分混合液倒入空量筒中，测出它的体积为V,同时测出烧杯及杯内剩余

混合液的总质量为m2；

④由测量结果得到物块B的密度表达式为p=（用步骤中的字母表示）。

20g10g5g

图1图2图3

28.（6分）如图1所示，将透明的薄壁（厚度可忽略不计）方形水槽水平放置，固定在水

槽底部的激光笔沿图示方向发出一细光束，小彬通过缓慢改变水槽中的水量来探究光的

传播现象。

（1）图1水槽中未注水时可在侧壁上A处得到一个光点，注入一定量的水后，光点移至

B处，这是由于光在水面处发生了光的现象，此时入射角角0（选填“大

于”“等于”或“小于”）；

（2）为使B处的光点移至C处，则应使水槽中的水量,若BC间距离为2cm,

则水面高度的变化量2cm（选填“=”或"V"）；

（3）如图2所示，小彬将激光笔移至虚线框内向水槽底部照射，为使光束第一次从水面

射出后沿DE方向传播，则激光笔照射的方向应满足的条件是,且激光笔照射在

水槽底部的位置必须在区_______（选填“①"②"或“③”）内。

29.（8分）小军利用图1电路探究电流与阻的关系，所用器材规格已在图中标明。

（1）请用笔画线代替导线将电路连接完整，使滑片P向左移动时，滑动图变阻器接入电

路的阻值增大；

（2）完成连接后进行实验。闭合开关前，滑片P应置于最（选填“左”或“右”）

端；

（3）实验中，若无论如何调节滑动变阻器，电流表的示数为零，电压表示数始终为3V.经

检查发现是某根导线出现了断路，该导线是（选填导线编号）；

（4）测量结束后，应先,拆除两端导线后，再拆除其他导线并整理好器

材；

（5）将电流表示数记为I,电阻箱和滑动变阻器接入电路的阻值分别记为R1和R2.小

军根据实验数据绘制的I与/之间关系的图线如图2所示。

①根据图2可得出“在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成”的实验结

论；

电池3v

图1图2

图3

30.（6分）消防员趴在淤泥地上，受困者伏在其背部用力即可从淤泥里成功脱离，这与压

强的知识有关。图1模拟受困者双脚站立时的场景，他对水平地面的压强为15000Pa；图

2模拟消防员趴在淤泥地上的场景，当受困者完全伏在消防员背上后，消防员与水平地面

的接触面积为0.5n?,受困者与消防员的质量分别为60kg和50kg,g取10N/kg»

图1图2

（1）求受困者所受的重力；

（2）求图1中受困者双脚与地面的接触面积；

（3）当受困者完全伏在图2中消防员背上后，求消防员对地面的压强。

31.（8分）图1中叶片转动时，电动机发电使LED小灯发光电梯运行有时也会发电，产生

的电能一般通过电阻发热而消耗掉。图2中电梯安装的电能回收装置，能将产生的电能

回收利用。己知电梯空载时轿厢的质量比配重的小且钢缆的质量可忽略不计。

（1）图1发电的原理是:当图2轿厢处于空载（选填“上行”或“下行”）

时，电梯将会发电；

（2）图2中电梯在空载匀速下行的某段时间内，电机消耗的电能E电=2X1（）5J,其转化

为电梯机械能的效率11=80%,配重的重力势能增加了△EI=2.4X105J.则此段时间内，

配重的动能（选填“增加”“减小”或“不变”），并求出轿厢重力势能的变化量

△E2;

（3）若镇江拥有电梯数n=2500台，每台电梯平均每天消耗的电能E=100kW・h,在全

部安装了电能回收装置后，可节约30%的电能。则这些电梯每天节约的电能相当于完全

燃烧多少千克煤所放出的热量？煤的热值取q=3X107J/kgo

IW।

32.（8分）国家规定燃气灶须安装熄火自动保护装置，在意外熄火（如汤水溢出）时，装

置能自动关闭气路。图1为小华设计的模拟装置示意图：电源电压U=6V；当电磁铁线

圈中的电流IWO.O2A时，衔铁K被释放从而关闭气路（未画出）启动保护，反之打开气

路；线圈电阻不计；热敏电阻Rt的阻值与温度的关系如图2中图线①所示。

（1）停止加热（意外熄火）后，随着Rt温度降低，线圈中电流将变；

（2）在调试装置时，需满足以下两个条件：

①装置启动保护时Rt的温度不高于80℃；

②为防止意外熄火后燃气泄漏的时间过长，装置启动保护时Rt的电功率应不超过0.06W；

为满足上述条件，求电阻箱R接入电路阻值的范围；

（3）调试完成后，若仅将Rt更换为图线②所示的热敏电阻（两只热敏电阻的吸、放热

本领相同），小华发现装置启动保护的灵敏度会降低，你认为其中的原由是：。

Rj

电

模拟加热磁

U铁

图1燃气灶熄火自动保护模拟装置图2R的阻值和温度的关系

2018年江苏省镇江市中考物理试卷

参考答案与试题解析

一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分.每小题只有一个选项是满分：100分

考试时间：100分钟）

1.（2分）功的单位是正确的（）

A.焦耳B.赫兹C.牛顿D.欧姆

【考点】2S：物理量的单位及单位换算.

【分析】根据对常见物理量及其单位的掌握作答。

【解答】解：在物理学中，

A、焦耳是功和各种能量的基本单位。故A正确；

B、赫兹是频率的基本单位。故B不正确；

C、牛顿是力的基本单位。故C不正确；

D、欧姆是电阻的基本单位。故D不正确。

故选：A»

【点评】此题考查的是我们对常见物理量及其单位的掌握情况，属于识记性知识的考查，

比较简单，容易解答。

2.（2分）下列不带电的是（）

A.原子核B.质子C.中子D.电子

【考点】H3：原子结构、元电荷与带电情况.

【分析】原子是由电子和原子核组成的，原子核又是由带正电的质子和不带电的中子构

成的。

【解答】解：

原子核带正电，质子带正电，电子带负电，中子不带电。

故选：Co

【点评】本题考查了原子内各种微粒的电性，属于识记性内容，比较简单。

3.（2分）关于声现象，下列说法正确的是（）

A.声音可在真空中传播

B.声音是由于物体振动产生的

C.通过声音的音调可辨别乐器的种类

D.考场附近安装噪声监测仪可减弱噪声

【考点】91：声音的产生；92：声音的传播条件；9H：音色；9L：防治噪声的途径.

【分析】（1）声音的传播需要介质，真空不能传声;

（2）声音是由于物体振动产生的;

（3）不同乐器发出声音的音色不同;

（4）减弱噪声方法有：①在声源处控制噪声产生；②在传播过程中阻断噪声传播；③

在人耳处防止噪声进入耳朵。

【解答】解：A、声音的传播需要介质，真空不能传声；故A错误;

B、声音是由于物体振动产生的，故B正确;

C、不同乐器发出声音的音色不同，故通过声音的音色可辨别乐器的种类，故C错误;

D、考场附近安装噪声监测仪不可减弱噪声，故D错误。

故选：B。

【点评】本题是一道声学综合题，考查了有关声音的多个知识点，难度不大。

4.（2分）下列物态变化属于凝固的是（)

A.雾的形成B.河道结冰

C.冰冻衣服晾干D.露珠的形成

【考点】1A：凝固与凝固放热的特点.

【分析】物质由液体变成固态叫凝固，凝固现象需要放热。

【解答】解：A.雾是空气中的水蒸气由气态变成液体发生液化现象，故A不合题意;

B.冰是水由液态变成固态发生凝固现象，故B符合题意;

C.冰冻衣服变干，是冰由固态直接变成气态发生升华现象，故C不合题意:

D.露珠是空气中的水蒸气由气态变成液态发生液化现象，故D不合题意。

故选:B„

【点评】知道六种物态变化的名称，并掌握物体变化识别的方法是解答此题的关键。

5.（2分）一位初中生用30s从坡底爬上了9m高的山坡。他爬坡时的功率与下列哪一个最

接近（）

A.几瓦B.十几瓦C.一百多瓦D.一千多瓦

【考点】FF：功率的计算.

【分析】先估测人的质量，然后根据质量求出重力，知道山坡的高度，和爬坡用的时间,

根据W=Gh求出他上楼时做的功，再由P=^求出功率。

【解答】解：

中学生的体重在G=500N左右，山坡的高度为h=9m。

登楼的功率：

可见，他爬坡时的功率与C选项最接近。

故选：Co

【点评】估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行

快速计算以及对取值范围合理估测的方法。

【考点】GM：内燃机的四个冲程.

【分析】判断汽油机的四个冲程，先看进气门和排气门的关闭情况，进气门打开的是吸

气冲程，排气门打开的是排气冲程，进气门和排气门都关闭的是压缩冲程或者做功冲程；

活塞上行为压缩冲程和排气冲程；活塞下行为吸气冲程和做功冲程。

【解答】解：

A、进气门开启，排气门关闭，活塞下行，气体流入汽缸，是吸气冲程，故A不符合题

意；

B、两气门都关闭，火花塞点火，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程，故B不符合

题意；

C、两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，故C符合题意；

D、进气门关闭，排气门开启，活塞上行，气体流出汽缸，是排气冲程，故D不符合题

尼击.、O

故选：Co

【点评】此题考查了对内燃机四个冲程的判断，要结合气门和活塞运动情况进行判断。

7.（2分）下列说法正确的是（）

A..太阳光是由多种色光混合而成的

B.一切物体都具有热量

C.电磁波的传播速度为3X108mzs

D.核能属于可再生能源

【考点】AP：光的色散；D2：电磁波的传播与应用；G3：热量的概念；K4：核能.

【分析】（1）太阳光是复色光，是由红橙黄绿蓝靛紫七种色光组成的。

（2）内能是物体内部所有分子具有的能量。

（3）电磁波在真空中的传播速度约为3X108m/s。

（4）核能、化石能源会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不

可再生能源。

【解答】解：A、太阳光是由红橙黄绿蓝靛紫七种色光组成的。故A正确；

B、物体传递能量的多少叫热量，热量是一个过程量，一切物体都在不停地做无规则运动，

所以应说一切物体都有内能，故B错误；

C、电磁波在真空中的传播速度约为3Xl（）8m/s,在其他介质中偏小一些，故C错误；

D、核能不能短期内从自然界得到补充，是不可再生能源，故D错误；

故选：Ao

【点评】本题主要考查了色光、内能和热量、电磁波的传播速度以及能源的分类，是综

合性题目。

8.（2分）小明设计了一种停车位是否被占用的模拟提醒装置：用指示灯L发光的亮和暗分

别表示车位被占用和未被占用，车位被占用时控制开关S闭合，下列能实现此功能的电

路是（）

【考点】HU：串、并联电路的设计.

【分析】车位被占用时控制开关S闭合，灯泡发光，据此分析各个电路。

【解答】解：由题知，车位被占用时控制开关S闭合，此时指示灯L发光较亮：车位未

被占用时开关S断开，指示灯L发光较暗。

A、由图知，当开关S闭合时，此时R被短路，只有L接入电路，L两端的电压为电源

电压，指示灯发光较亮；开关S断开时，L与R串联，总电阻较大，电流较小，指示灯

发光较暗，故A符合题意；

B、由图知，当开关S闭合时，此时L被短路，指示灯不会发光，故B不符合题意；

C、由图知，当开关S闭合时，此时L与R串联，此时灯的亮度较暗；开关S断开时，

灯泡不发光；故C不符合题意；

D、由图知，L与R并联，当开关S闭合或断开，L始终接入电路中，L两端的电压始终

为电源电压，则灯泡发光的亮度不变，故D不符合题意。

故选：A«

【点评】本题考查了电路图的设计，关键是根据题意得出开关闭合时灯泡的工作状态。

9.（2分）如图所示，将纸片从易拉罐和水平桌面间快速水平抽出，易拉罐几乎不动。则将

纸片抽出的过程中，易拉罐（）

A.不具有惯性B.在水平方向上受力平衡

C.相对纸片水平向右运动D.受到水平向右的摩擦力

【考点】6L：惯性；7G：摩擦力的方向.

【分析】（1）惯性是物质保持原有运动状态不变的性质，是物质的一种基本属性；

（2）掌握二力平衡的条件，能根据物体是否处于平衡状态来判断其所受力的情况，尤其

是摩擦力的情况，可最终做出判断；

（3）摩擦力的方向总是与物体相对运动的方向或相对运动趋势的方向相反，正确判断米

袋相对于传送带的相对运动方向或运动趋势，判断摩擦力的方向。

【解答】解：

A、易拉罐原来处于静止状态，当猛地将纸片拉走时，由于惯性易拉罐还要保持原来的静

止状态不变，所以不随纸片一起被拉下，故A错误；

BC、在拉动纸片的瞬间，易拉罐静止，纸片向右运动，所以此时易拉罐相对于纸片向左

运动，所以易拉罐由静止变为运动，所受力不平衡，故BC错误；

D、在拉动纸片的瞬间，易拉罐静止，纸片向右运动，所以此时易拉罐相对于纸片向左运

动，将受到纸片向右的摩擦力，故D正确。

故选：D。

【点评】此题考查了惯性、二力平衡的辨别、平衡状态下和非平衡状态下受力情况的分

析、摩擦力方向的判定等，有一定的综合性，也较易出错，需引起我们的关注。

10.（2分）如图所示电路，电源电压恒定，R为光敏电阻，其阻值随着光照的增强而减小，

Ro为定值电阻，当光照减弱时（）

A.V与A1示数的比值减小B.V与A2示数的比值不变

C.A2与A1示数之差变大D.电路消耗的总功率减小

【考点】IZ：电路的动态分析.

【分析】由图可知，光敏电阻R与定值电阻Ro并联，电压表测量的是R两端的电压，

即电源的电压；电流表Ai测量的是通过R的电流，电流表A2测量的是干路中的电流;

根据光照强度的变化判定电阻的变化，根据电阻的变化，利用欧姆定律和并联电路的特

点判定电流表示数的变化；根据公式P=UI判定电路总功率的变化。

【解答】解：

由图可知，光敏电阻R与定值电阻Ro并联，电压表测量的是R两端的电压（即电源的

电压），保持不变；电流表Ai测量的是通过R的电流，电流表A2测量的是干路中的电

流；

已知光敏电阻R的阻值随着光照的增强而减小，则当光照减弱时，R的阻值变大，根据

欧姆定律可知，通过R的电流变小，即电流表Ai示数变小；

根据并联电路的特点可知，通过Ro的电流不变，而通过R的电流变小，所以干路中的电

流变小，即电流表A2示数变小；

A、由欧姆定律可知，V与Ai示数的比值为光敏电阻R的阻值，因R的阻值变大，则该

比值变大，故A错误；

B、电压表示数不变，A2示数变小，则V与A2示数的比值变大，故B错误；

C、由并联电路的特点可知，A2与Ai示数之差为通过Ro的电流，保持不变，故C错误；

D、电源电压不变，总电流变小，根据P=UI可知，总功率减小，故D正确。

故选：D。

【点评】对于这类题目的电路图的分析要结合串并联电路的特点，按照题意进行分析找

出电阻的变化是解题的关键。

11.（2分）烛焰和光屏的中心在凸透镜主光轴上，它们的初位置如图所示，凸透镜的焦距

为10cm。下列操作不可能使烛焰在光屏上成清晰像的是（）

A.仅将蜡烛移至刻度线M的左侧某处

B.仅将光屏移至刻度线P的右侧某处

C.仅将凸透镜向左移至刻度N处

D.将透镜右移3cm,且光屏移至刻度线Q的右侧某处

【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验.

【分析】根据凸透镜的成像规律，当大于二倍焦距，成清晰的倒立、缩小的实像，此时

像成在一倍焦距湖人二倍焦距之间，照相机就是利用了这样的成像原理；

物体在一倍焦距与二倍焦距之间，所以成倒立、放大的实像，像成在二倍焦距以外，投

影仪就是根据此原理制成的；

当物距在一倍焦距以内，成正立放大的虚像，虚像不能在光屏上呈现。

【解答】解：A、凸透镜的焦距为10cm,由图可知此时的物距等于15cm,像到光屏的距

离也为15cm,像距在一倍和2倍焦距之间，故要想使烛焰在光屏上成清晰的像，如果只

移动蜡烛就要移到二倍焦距以外，即将蜡烛移至刻度线M的左侧某处，故A可能；

B、凸透镜的焦距为10cm,由图可知此时的物距等于15cm,在一倍和2倍焦距之间，如

果只移动光屏，需要将光屏移至二倍焦距以外，故B可能；

C、如果只将透镜移到N点，此时的物距等于12cm,蜡烛处在一倍焦距和二倍焦距之间，

物体成像在二倍焦距以外的位置，此时光屏到透镜间的距离只有18cm,故不能在光屏上

成清晰的像，故C不可能；

D、如果将凸透镜右移3cm,此时物距为18cm,物距在一倍焦距和二倍焦距之间，则物

体成像在二倍焦距以外的位置，此时光屏移到Q点右侧某个位置能成清晰的像，故D可

能。

故选：C«

【点评】此题考查了凸透镜成像的应用，要熟记凸透镜成像的规律，特别搞清物距与像

距之间的关系。

12.（2分）如图1所示，水平路面由三段长度相等的粗糙区域组成。在2N水平拉力F的作

用下，物块（体积忽略不计）从区域①的最左端由静止开始运动，在刚进入区域③时撤

去拉力，物块最终停在区域③的最右端。图2为物块在区域①和②上运动的v-I图象，

B.拉力在区域①中做功的功率比②的小

C.物块在区域①上所受的摩擦力等于2N

D.物块在区域③上运动的时间可能为1s

【考点】7D：摩擦力的大小；FD：功率大小的比较.

【分析】①影响摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度；

②在平衡力的作用下物体保持静止或匀速直线运动状态；在非平衡力的作用下物体运动

状态发生改变；

运用以上规律结合图1、图2对每个选项作出判断.

【解答】解：由图知：

物体在0〜2s内做加速运动，在2s〜3s内做匀速运动，且物体在0〜2s内图象与2s〜3s

内图象与坐标轴围成的面积相同，说明物体运动的路程相同。即物体在0〜s内在区域①

上做加速运动，在2s〜3s内在区域②上做匀速直线运动，区域①表面上受到的摩擦力小

于拉力F,在区域②表面上受到的摩擦力等于拉力F。

A、因为滑动摩擦力大小只与压力大小和接触面的粗糙程度有关，所以区域①路面的粗

糙程度比区域②的粗糙程度小，故A错误；

B、拉力在两个区域上运动的距离相等，做功大小相等，作用时间不同，在区域①上运

动时间长，功率小。故B正确；

C、物体在区域①上受到的摩擦力小于F=2N.故C错误；

D、物块进入区域3时的速度为2m/s,做减速运动，在区域③的平均速度一定小于2m/s,

所以运动时间一定大于1秒。故D错误。

故选：B。

【点评】此题考查的是力和运动的关系的应用，结合运动图象和速度-时间图象得到有

价值的信息，是解答此题的关键，难度较大。

二、填空题（本题共11小题，每空1分，共28分）

【考点】64：长度的测量.

【分析】刻度尺的最小刻度值（或叫分度值）为相邻的刻度线表示的长度；使用刻度尺

测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作

“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度

值的下一位。

【解答】解：图中刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm,即刻度尺

的分度值为1mm；它的起始刻度从零刻度线开始，物块的长度为2.85cm；

故答案为：2.85。

【点评】本题考查的是刻度尺的使用方法和读数，是一道基础题。正确观察的关键是视

线在终端刻度线的正前方，视线与刻面垂直，看清大格及小格数

14.（1分）图中，电压表的示数为2.2V。

【考点】14：电压表的读数方法.

【分析】电压表的读数方法：首先确定量程，然后分清分度值，根据指针位置读数。

【解答】解:

由图知，电压表的量程为0〜3V,分度值为0.1V,则电压表示数是2.2V。

故答案为：2.2。

【点评】本题考查了电压表的读数方法，会认清电压表的量程和分度值。

15.（1分）图中，弹簧测力计的示数为2.8N。

【考点】74：弹簧测力计的使用与读数.

【分析】弹簧测力计测量力的大小时，明确每一个大格和每一个小格代表的示数。

【解答】解：

弹簧测力计上每一个大格是1N,每一个小格是0.2N,一定要从数值小的往数值大的顺序

读，所以弹簧测力计的示数为2.8N。

故答案为:2.8。

【点评】测力计的使用是一项基本技能，要求学生必须掌握，一定要注意每一个大格和

每一个小格各代表多少。读数时视线与刻度垂直。

16.（3分）如图所示，向盒中滴入几滴酒精后就闻到了酒精的气味，酒精发生的物态变化

是汽化，将盒盖盖紧后启动电火花发生器，盒盖向外飞出，这说明了力可以改变物

体的运动状态，盒盖的机械能是由燃气的内能转化而来的。

电火花小盒

发生器,J，■盒盖

【考点】1H：汽化及汽化吸热的特点；6F：力的作用效果；G9：做功改变物体内能.

【分析】物质由液态变成气态的过程叫汽化，包括蒸发和沸腾两种方式；

力的作用效果有二：改变物体的运动状态，改变物体的形状；

酒精燃烧后的燃气具有内能，再通过做功转化为机械能。

【解答】解：液态的酒精极易汽化成为气态，所以我们能够闻到酒精味；

将盒盖盖紧后启动电火花发生器，酒精瞬间剧烈燃烧，化学能转化为内能，产生高温高

压的燃气，使盒盖向外飞出，这说明了力可以改变物体的运动状态，盒盖的机械能是由

燃气的内能转化而来的。

故答案为：汽化；运动状态；内。

【点评】此题考查了物态变化、力的作用效果和能量的转化，难度不大，掌握基础知识

即可正确解答。

17.（3分）如图所示，回形针处于静止状态，通电螺线管（电流方向见图）的下端为4极。

回形针因处在通电螺线管所产生的磁场中而被磁化,它的上端为N极。

【考点】CA：通电螺线管的磁场.

【分析】（1）运用安培定则可对螺线管的磁极进行判断；

（2）没有磁性的物体在磁场或电流的作用下获得磁性的过程叫磁化；

（3）根据磁极间的相互作用知I,磁铁将物体磁化成异名磁极。

【解答】解：由安培定则可知，用右手握住螺线管，使四指指向电流的方向，则大拇指

所指的上端为通电螺线管的N极，其下端为S极。

回形针因处在通电螺线管所产生的磁场中被磁化，所以回形针被通电螺线管吸引，根据

异名磁极相互吸引可知回形针的上端为N极。

故答案为：S；磁场；No

【点评】本题考查了磁极方向的判断等，注意通电螺线管的磁极极性与电流的方向和线

圈的绕法有关。

18.（3分）小明通过机械将重100N的重物在5s内竖直向上匀速提升了2m,机械效率为

80%.则此过程中有用功W,=200J,额外功W械=50J,小明做功的功功率P

-50W,

【考点】F3：机械效率的计算；FF：功率的计算.

【分析】根据W=Gh求出有用功；根据机械效率的公式求出总功，然后求出额外功；根

据p=学求出功率。

【解答】解：

此过程中有用功：W<HJ=Gh=1OONX2m=200J；

14/w

根据r)=W^可知，总功为：W总=一^=益器=250J；

»»•/ou/o

额外功为：wffi=W&-W^ffl=250J-200J=50J；

w/

小明做功的功率：P=-1=W?=50W。

故答案为：200；50；50o

【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、额外功、功率的计算，属于基础题目。

19.(3分)图是研究“相同时间内导体产生的热量与电阻的关系”的装置。每只烧瓶

中煤油质量均为200g,电阻丝Ri=20C,电路中电流I=0.5A.通电5min后，左侧烧瓶

中的煤油温度升高了2℃,煤油吸收的热量为840J,Ri产生的电热为高00J.[c

煤油=2.1X1()3J/(kg・C)]

【考点】JI：焦耳定律的计算公式及其应用.

【分析】(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热

量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；

(2)解决此题可利用热量公式Q=cmAt的公式求热量；由焦耳定律Q=I2Rl可知，Q

与I、R及t有关，故据题目中的数据解析即可。

【解答】解：由图可知，控制电流和通电时间相同，将两个电阻丝串联接入电路中，探

究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系；

电阻丝产生的热量，

(^/*=cmZ\t=2.1Xl()3j/(kg・℃)X0.2kgX2℃=840J；

电阻丝电阻丝R1在5min内产生的热量为：

Q=I2Rt=(0.5A)2X20£1X5X60S=1500J：

故答案为：电阻；840：1500。

【点评】本题主要考查学生对热量的变形公式、焦耳定律的了解与掌握，分析时注意用

好控制变量法。

20.(3分)如图所示，轻质杠杆OB可绕O点转动，OA=AB,物块G重30N,Za=Zp

=30°,在B点作用一个竖直向上的拉力F使杠杆在水平位置平衡,F的大小为

保持杠杆在水平位置平衡，仅将拉力F沿顺时针方向转动，则在转至虚线①所示位置的

过程中，拉力大小将变大，在转至虚线②所示位置时，拉力与物重的大小关系为F

-Go

【考点】7N：杠杆的平衡条件.

【分析】从支点向力的作用线作垂线，垂线段的长度即力臂。根据杠杆平衡条件动力X

动力力臂=阻力X阻力力臂求出F,分析力臂变化可知力的变化。

【解答】解：

(1)由杠杆平衡条件得：

FXOB=GXOA,

因为OB=2OA

(2)保持杠杆在水平位置平衡，将拉力F沿顺时针方向转动，在转至①位置时，拉力

的力臂变小，因为阻力与阻力臂不变，由杠杆的平衡条件可知，拉力变大；

(3)保持杠杆在水平位置平衡，将拉力F沿顺时针方向转动，在转至②位置时，由三

角函数可知，动力F的力臂为OBXsinB=OBXsin30°=OBxi,

由杠杆平衡条件得：

Fx|OB=GXOA,

11

Fx*OB=Gx*OB,

F=Go

故答案为：15；变大；=。

【点评】考查杠杆平衡条件的应用，利用平衡条件公式，分析力臂变化可知力的变化,

注意灵活运用。

21.(3分)某同学设计的具有保温、加热两挡调节功能的电加热器电路如图所示，已知电

源电压为220V,电热丝Ri的阻值为60C,电加热器处于保温挡时的功率为484W,则电

热丝R2的阻值为40C,电加热器处于加热挡时的功率为1210W.若该同学选用

了熔断电流为5A的熔丝，则你认为该电加热器在实际使用中会出现的状况是：电路中

的熔丝会熔断。

【考点】JA：电功率的计算.

【分析】(1)根据公式P=%可知，电路电阻越大，消耗的电功率越小，s断开时，两电

阻串联，电路电阻最大，电功率最小；S闭合时，电路为R2的简单电路，电路电阻最小，

电功率最大；所以，电加热器处于保温挡时两电阻串联，根据P=%求出总电阻，利用

电阻的串联求出R2的阻值。

(2)S闭合时，电路为R2的简单电路，电加热器处于加热状态，根据P=3■求出加热功

率；

(2)选用了熔断电流为5A的熔丝时实际使用时允许的最大功率，与该电加热器的加热

功率比较即可判断电路工作状况。

【解答】解：(1)根据公式P=%可知，S断开时，两电阻串联，电路电阻最大，电功率

最小；

所以根据P=%可得：电加热器处于保温挡时总电阻：

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,

所以，R2的阻值：

R2=R-Ri=100。-60n=40(lo

(2)S闭合时，电路为R2的简单电路，则电加热器处于加热状态,

则加热功率：

P2净^3W；

（3）选用了熔断电流为5A的熔丝时则实际使用时允许的最大功率P=UI=220VX5A=

1100W<1210W,

所以，电路中的熔丝会熔断。

故答案为：40；1210；电路中的熔丝会熔断。

【点评】本题考查了电阻的串联和电功率公式的灵活应用，关键是两种状态下电阻的连

接方式的判断，是一道难度较大的题目。

22.（3分）如图所示，水平桌面上有两个相同的圆柱形容器A和B,置于其中的圆台形实

心铁块甲和乙完全相同，它们的上表面均与容器中水面相平，则甲、乙受到的浮力F甲

=F乙，当从两容器中分别取出相等质量的水后（未取完），A、B底部受到水的压强

PA>PB,甲、乙受到的浮力F.>F"（均选填”或“<”）

【考点】83：压强大小比较；80：阿基米德原理的应用.

【分析】（1）根据F浮=piggV排分析甲乙所受浮力的大小；

（2）由图知当从容器中取出相同质量的水，甲铁块浸没在水中的体积较大，则甲容器中

剩余水的深度较大，根据p=pgh判断出水对容器底部压强的大小，根据F浮=p浪gVin

判断出甲乙受浮力的大小.

【解答】解：（1）圆台形实心铁块甲和乙完全相同，将它们完全浸没在水中，排开液体

的体积相同，根据F浮=pitsgV徘知甲乙所受浮力的大小相等，即Fifi=Fz.；

（2）由图知：当从容器中取出相同质量的水，甲铁块浸没在水中的体积较大，则甲容器

中剩余水的深度较大，根据p=pgh知水对甲容器底部的压强较大，即

pA>pB,根据F浮=p"V排知甲受到的浮力大，即FQF乙。

故答案为：—；>；>。

【点评】本题考查了压强和浮力的比较，熟练压强和浮力公式即可解答。

23.（4分）如图1所示，电压U=12V,灯泡L的额定电压为9V,其电流与电压的关系如

图2所示，滑动变阻器R的最大阻值为10Q.则灯泡L正常发光时的功率为13.5W.阻

值为6Q.在调节滑动变阻器的过程中，灯泡L消耗电功率的最小值是」W.在某

次正常调节中，R的阻值变化量比L的阻值变化量大，则滑片P的移动方向是向左、

向右均可(选填“一定向左”“一定向右”或“向左、向右均可”)。

【考点】JA：电功率的计算.

【分析】(1)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据图象读出通过灯泡的电流，

根据P=UI求出正常发光时的功，利用欧姆定律求出灯泡正常发光时灯丝的电阻；

(2)由电路图可知，R与L串联，当滑动变阻器连入电路的电阻最大时灯泡L消耗电功

率的最小，根据图象读出R与L两端的总电压是12V时的电流和灯泡两端电压，根据P

=UI求出灯泡的最小功率；

(3)因电源电压不变，根据欧姆定律先判断出两种情况下总电阻的变化，再根据灯的电

阻随温度的升高而增大随温度的降低而减小和串联电阻的规律分析回答。

【解答】解：

(1)灯泡正常发光时的电压为9V,由图象可知，灯泡正常发光时的电流IL=1.5A,

灯泡L正常发光时的功率：PL=ULIL=9VX1.5A=13.5W；

由1=颉得，此时灯丝的电阻：

&=4=瑞=6。；

(2)由电路图可知，R与L串联，当滑动变阻器连入电路的电阻最大时，电流最小，灯

泡L消耗电功率的最小，变阻器接入的最大阻值R=10H；

由串联电路的电压特点和欧姆定律可得，电源电压U=UL'+IR,

即：12V=UL,+1X10。,

II'

所以，1=1.2A-

当UL'=0V时，I=1.2A；当UL'=7V时、I=0.5A；

根据(0,1.2)、(7,0.5)在坐标图中画出I与UL'的图象，与灯泡电阻的电流与电压

的关系图相交的点为(2V,1A),如图：

IA

即：R与L两端的总电压是12V时，电路中的电流为1A,此时灯泡两端电压为2V,

则灯泡的最小功率：PLSJ小=UL'I=2VX1A=2W；

（3）原来电路中的电流为11（即通过灯的电流），设滑片往左滑一段距离后电路中的电

流为12（即通过灯电流），根据分压原理，变阻器分得电压变小，由串联电路电压的规律，

此时灯的电压增大，通过灯的电流也增大，所以所以，V：（U为电源总电压），

'2h

根据欧姆定律，即R怠2<R总1：

滑片向左移动后电路的总电阻小于原来的电路总电阻，根据P=UI灯功率增大，灯丝的

温度升高，小灯泡阻值随温度的升高而变大，由电阻的串联规律可知：小灯泡阻值增大

的值ARi小于变阻器连入电路中减小的值△Rz,即小灯泡阻值的变化量大小为△心小于

滑动变阻器连入电路阻值的变化量大小为△Rz,即R的阻值变化量比L的阻值变化量大。

滑片向右移动时，滑动变阻器的电阻增大，灯泡变暗，电流变小，电路的总电阻变大，

但灯丝的温度降低，电阻减小，所以灯丝电阻的减小量小于滑动变阻器的增大量△

R2,故滑片不论向左还是向右移动，R