高考物理试题【2020全国真题解析】

绝密★启用前

2020年高考必刷试卷（新课标卷01）

理科综合物理

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答后，用铅笔把答题卡上对应题目的答标号涂黑，如需

改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答标号。回答非选择题时，将答写在答题卡上，写在本

试卷上无效。。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有

一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不

全的得3分，有选错的得0分。

14.（2019•黑龙江高三）一质量为m的小球在空中由静止释放，若小球运动过程中受到的

空气阻力与速度成正比，用v和。分别表示小球下落的速度和加速度的大小，t表示时

间。则关于小球下落过程的运动描述，下列图象可能正确的是

【解】CD.阻力与速度成正比，则

f=kv,

其中k为常数，对物体列牛顿第二定律

mg-f=ma

即

kv

"g---，

m

随着速度增大，阻力增大，加速度不断减小，最终变为零，所以CD错误；

AB.速度时间图像的斜率代表加速度，因为加速度不断减小直至0,所以曲线斜率应

该越来越小最后水平，所以A错误，B正确。

故选B。

15.（2019・四川高三）如图。水平放置的平行板电容器上极板带正电，所带电荷量为。，

板间距离为"，上极板与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地。在两

极板正中间P点有一个静止的带电油滴，所带电荷量绝对值为4。静电力常量为k,下

列说法正确的是

A.油滴带正电

B.油滴受到的电场力大小为^

C.若仅将上极板平移到图中虚线位置，则静电计指针张角减小

D.若仅将上极板平移到图中虚线位置，则油滴将加速向上运动

【答】D

【解】A.根据受力分析知，油滴受重力和电场力，因为油滴受力平衡，因此可判断油滴带负

电，所受电场力竖直向上，故A错误；

B.因为油滴处于匀强电场中，因此只能用匀强电场公式，根据平行板电容器公式可得

C=2,U=Ed

U

可得

尸=&=黑

La

故B错误；

C.平行板电容器电荷量不变，根据公式

「£SQ4兀kdQ

4/ckdC

因此将上极板平移到图中虚线位置，间距变小，电容变大，电压变小，静电计指针张角

变小，故c正确；

D.电场力

qU_4兀kqQ

F—qE=

dsS

可知电场力与两极板距离d无关,若仅将上极板平移到图中虚线位置，所受电场力不变,

因此油滴仍静止不动，故D错误。

16.（2019•重庆高三）地球绕太阳的公转可视为匀速圆周运动，周期为八，轨道半径为K

月球绕地球做匀速圆周运动，周期为72,轨道半径为「2。由此可知

尸尸

A.地球和月球的质量之比为号

太阳和月球的质量之比为y

T2

月球和地球的向心加速度大小之比为，r言

太阳和地球的质量之比为会

【答】D

【解】AB.根据万有引力公式可得

由于不知道绕月轨道的周期，无法求月球的质量，故AB错误;

C.根据公式

可知，要求向心加速度，需要知道星球的质量，由于无法求月球质量，因此无法比较月

球和地球的向心加速度大小，故C错误；

D.根据万有引力公式可得

地加=/“4万24

解得

“阳=八国

吃一百

故D正确。

17.（2020・湖南高三期末）如图，在水平地面上方的A点，先后以不同的水平初速度平抛

同一小球，不计空气阻力，第一次小球落在地面上的8点，第二次小球撞到竖直墙面

的C点后落地，测量得知，A、C点之间的水平距离是A、B点间的水平距离的2倍，A、

8点之间的竖直距离是A、C点间的竖直距离的2倍，则第一次与第二次平抛小球的初

速度之比为

V2

.V

【答】A

【解】第一次平抛过程中，水平方向上

竖直方向上

联立解得

第二次平抛过程中，水平方向上

竖直方向上

联立解得

则第一次与第二次平抛小球的初速度之比

V_172

v'_2叵-4

A.",与结论相符，选项A正确；

4

B.Y2,与结论不相符，选项B错误；

2

C.；,与结论不相符，选项C错误；

4

D.g，与结论不相符，选项D错误；

2

故选A-

18.（2020•福建高三期末）如图所示，A物体套在光滑的竖直杆上，B物体放置在粗糙水

平桌面上，用一细绳连接。初始时细绳经过定滑轮呈水平，A,B物体质量均为m。A物

体从P点由静止释放，下落到Q点时，速度为v,PQ之间的高度差为h,此时连接

A物体的细绳与水平方向夹角为。此过程中，下列说法正确的是

A.A物体做匀加速直线运动

B.A物体到Q点时，B物体的速度为vsinO

C.A物体减少的重力势能等于48两物体动能增量之和

D.B物体克服摩擦做的功为mgh-mv2

【答】B

【解】A.滑块A下滑时，竖直方向受重力和细绳拉力的竖直分量，因细绳拉力的竖直分量

是变化的，则滑块A所受的合力不是恒力，则A的加速度不是恒量，即A不是匀加速

下滑，选项A错误；

B.若滑块A的速度为V,则由速度的分解可知，滑块8的速度为vsinB,选项B正确：

C.由能量关系可知，A物体减少的重力势能等于8克服摩擦力做功和A、B两物体动

能增量之和，选项C错误；

D.B物体克服摩擦做的功为mgh-^mv2-^mv2sin20,选项D错误；

故选Bo

19.如图所示，物块甲和乙的质量分别为m、2m,用一个劲度系数为A的竖直轻质弹簧连

接，最初系统静止。现在用方向竖直向上的力缓慢拉动甲直到乙刚好离开地面，重力加

速度为g,忽略空气阻力，则

!

甲

i

A.物块乙刚好离开地面时，弹簧弹力大小为2mg

B.物块乙刚好离开地面时，物块甲上升的高度为半

K

C.物块乙刚好离开地面时突然撤去拉力，物块甲的瞬时加速度大小为3g

D.在此过程中，拉力做的功大于甲的重力势能的增加量

【答】ACD

【解】

A.物块乙刚好离开地面时，对乙受力分析可知，弹簧弹力大小为2mg,选项A错

误；

B.开始时弹簧的压缩量为半，当物块乙刚好离开地面时，弹簧伸长量型，则此

kk

时物块甲上升的高度为芈，选项B错误；

K

C.物块乙刚好离开地面时甲受到的拉力为3mg,则突然撤去拉力，物块甲受到的合力

为3mg,根据牛顿第二定律可知，甲的瞬时加速度大小为3g,选项C正确；

D.在此过程中，弹簧的形变量增加，弹性势能变大，拉力做的功等于甲的重力势能与

弹簧的弹性势能的增加量之和，则拉力做的功大于甲的重力势能的增加量，选项D正

确；

故选ACD.

20.（2019•河南高三）如图所示，在水平面上固定一个半圆弧轨道，轨道是光滑的，。点为

半圆弧的圆心，一根轻绳跨过半圆弧的A点（。、A等高，不计A处摩擦），轻绳一端系在竖

直杆上的B点，另一端连接一个小球P。现将另一个小球Q用光滑轻质挂钩挂在轻绳上的

A8之间，已知整个装置处于静止状态时，a=30°,6=45。则

A.将绳的B端向上缓慢移动一小段距离时绳的张力不变

B.将绳的8端向上缓慢移动一小段距离时半圆弧中的小球P位置下移

C.静止时剪断A处轻绳瞬间，小球P的加速度为:g

D.小球P与小球Q的质量之比为G：夜

【答】ACD

【解】

A.绳子8端向上移动一小段距离，根据受力分析可知P球没有发生位移，因此AQP

变成了晾衣架问题，绳长不会变化，A到右边板的距离不变，因此角度/不会发生变

化，即绳子的张力也不会变化；选项A正确。

B.如果P向下移动一段距离，绳子AP拉力变小，绳长AP变长，而AB之间的绳子长

度变短，则角度夕变大，绳子AB之间的张力变大，AP的张力也变大，产生矛盾；B

错误。

C.剪短A处细绳，拉力突变为零，小球P只受重力的分力，所以加速度为gg;C

正确。

D.根据受力分析，分别对两个小球做受力分析，因为是活结所以绳子的张力都是相同，

根据分析可得G：3；故D正确。

故选ACD。

21.（2019•湖南高三）如图所示，两个固定的光滑四分之一圆弧轨道PM、QV所在的竖

直平面平行，且PQ连线与轨道所在平面垂直，轨道间距为乙，圆弧所在圆的半径为r,

轨道下端M、N处切线水平，轨道上端P、。连接有阻值为R的定值电阻，轨道处在

辐向的磁场中，磁场方向垂直轨道所在圆弧面，圆弧面上磁感应强度大小处处为8,

一根导体棒放在轨道的上端P、。处并由静止释放，导体棒向下运动过程中与轨道接触

良好，且始终与轨道垂直，导体棒的质量为〃?，导体棒和轨道电阻均不计，重力加速

度为g。若导体棒从尸。运动到MN过程中，定值电阻R上产生的热量为E,则导体

棒从静止运动到MN的过程中，下列说法正确的是

A.电阻R中的电流方向为从。到匕B.当导体棒的速度为v时，电阻R的瞬时功

率为

R

C.通过电阻R的电量为迫^D.在MN位置时，对轨道的压力大小为

2R

3mg----

r

【答】BC

【解】

A.根据右手定则可知，通过电阻R的电流方向为b到。，故A错误；

B.由于速度方向始终与磁场垂直，当导体棒的速度为u时，感应电动势则

电阻R的瞬时功率

E2B2I}V2

nr=---=-------

RR

故B正确；

C.通过电阻R的电量

*小Bx—nrL

△①ouBDrLT

q=----=-----------=-------

RR2R

故C正确；

D.根据功能关系，导体棒运动到MN位置时，

—/nv2=mgr-E

在MN位置

2

F-mg-m—

求得

2E

F-3mg------

故D错误。

故选BC„

三、非选择题：共174分，第22~32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33~38题为选

考题，考生根据要求作答。

（一）必考题：共129分。

22.（6分）某物理兴趣小组利用图示装置探究小车加速度与外力的关系，小车前端固定的

力传感器可以测量轻绳的拉力大小F。

小吊盘

（1）将长木板放在水平桌面上，安装好实验装置，在平衡摩擦力的过程中，下列说法或做

法正确的是（）

A挂上小吊盘

B.滑轮右侧的轻绳必须水平

C.轻推小车，使得与小车相连的纸带上打出的点迹均匀分布

（2）平衡摩擦力后，保持小车的总质量不变，增加吊盘中的小祛码以改变轻绳的拉力大小,

为了减小实验误差，（选填“需要”或“不需要”）满足吊盘及盘中祛码的

总质量远小于小车的总质量。

（3）若某同学平衡摩擦力时木板的倾角过大，但其他步骤操作正确，增添吊盘中小祛码以

探究加速度a与外力F的关系，得到的a—F图线应为。

【答】（1）C（2分）（2）不需要（2分）（3）D（2分）

【解】

（1）将长木板放在水平桌面上，安装好实验装置，在平衡摩擦力的过程中，需要平衡摩

擦力，需要轻推小车，使得与小车相连的纸带上打出的点迹均匀分布；

（2）因为本实验使用了力传感器，力传感器的示数即为小车所受的合外力，所以不用满

足吊盘及盘中祛码的总质量远小于小车的总质量；

⑶因为平衡摩擦力时木板的倾角过大，所以在没有给予外力的情况下，小车就会有一

个加速度，由于使用了力学传感器，所以应是一条直线，所以应选D。

23.（9分）（2019•河北高三）为了测定一节干电池的电动势和内阻，实验室提供了下列器

材：

A.待测干电池（电动势约为1.5V,内阻约几欧）

B.电流表A（量程0~50mA,内阻r=10Q｝）

C.电压表V（量程。〜3V,内阻约3kQ）

D.滑动变阻器％（0-20Q,10A）

E.滑动变阻器/?2（0~100Q,1A）

F.定值电阻R=2.5C

G.开关、导线若干

（1）为了多测量几组数据且便于操作，滑动变阻器应该选择（填选项前字母）

（2）请依据以上提供的器材中选择所需器材设计测量电路，在图甲线框内画出完整的电

路图.

U/V

甲乙

⑶根据合理电路的测量数据，电流表A的示数记为/,电压表V的示数记为。，某同学

测出了多组数据，并已描绘出如图乙所示关系图线.根据已描绘出的图线，可得被测电

池的电动势为V,内阻为Q(结果均保留三位有效数字).

⑴由于电源电动势较小，为了方便控制，滑动变阻器的总阻值略大于内阻即可，所以

滑动变阻器应选Do

⑵由于电流表的量程较小，所以需要扩大量程，将定值电阻R与电流表并联即可，滑

动变阻器应起到明确的调节作用，并且还要易于调节，故一般限流接法，所以电路图如

图

U=E-(10+5”

图像与纵坐标的截距表示电动势，所以

E=1.45V

图像的斜率为

k1.45-0.5

-48x107

即为

(10+5%)=%

联立解得

彳产1.960

24.（13分）（2020•河南高三期末）如图所示，在光滑的水平面上放置一个长为L=2.2m的

木板8,在B的左端放有一个可视为质点的小滑块A,A、8间的动摩擦因数〃=0.2,二

者的质量均为m=lkg,g=10m/s2.现对A施加F=6N的水平向右的拉力，Is后撤去拉力

F,求：

（1）撤去拉力F时小滑块A和长木板8的速度大小；

（2）A相对于8静止的位置与长木板右端的距离。

【答】

（1）vA=4m/s,i/B=2m/s（2）d=0.7m

【解】

（1）对A滑块根据牛顿第二定律有：

分）

F-pimg=maA（1

代入数据解得：

2分）

aA=4m/s（1

1s时滑块A的速度为：

1/^=0^t=4x1m/s=4m/s（1分）

对B木板有：

^mg=maB（1分）

代入数据解得：

2分）

aB=2m/s（1

则1s时B的速度为：

分）

i/8=aet=2m/s（1

⑵撤去F前，A的位移为：

1

=af9分）

xA~A=2m（1

B的位移为：

对AB,在撤去F之后到相对静止过程中，根据动量守恒定律有:

代（分）

mvA+mvB=2mv1

根据能量守恒定律有:

12121c2八

〃加g%对=2mvA+2mv'i~22mv共（1分）

代入数据解得：

x1n对=0.5m（1分）

则A最终到右端的距离为：

d-L—（XA—X8）-X机对（1分）

代入数据得：

d=0.7m（1分）

25.（19分）（2019•全国高三）如图，为一除尘装置的截面图，塑料平板M.N的长度及它们

间距离均为d.大量均匀分布的带电尘埃以相同的速度V。进入两板间，速度方向与板平

行，每颗尘埃的质量均为m,带电量均为-q.当两板间同时存在垂直纸面向外的匀强磁

场和垂直板向上的匀强电场时，尘埃恰好匀速穿过两板间：若撤去板间电场，并保持板

间磁场不变，尘埃恰好全部被平板吸附，即除尘效率为100%；若撤去两板间电场和磁场,

建立如图所示的平面直角坐标系X”，y轴垂直于板并紧靠板右端，x轴与两板中轴线共

线，要把尘埃全部收集到位于P（2d,-1.5d）处的条状容器中，需在y轴右侧加一垂直于纸

面向里的圆形匀强磁场区域.尘埃颗粒重力、颗粒间作用及对板间电场磁场的影响均不

计，求：

（1）两板间磁场磁感应强度Bi的大小；

（2）若撤去板间磁场，保持板间匀强电场不变，除尘效率为多少；

（3）y轴右侧所加圆形匀强磁场区域磁感应强度B2大小的取值范围.

【答】（1）耳="｝；（2）除尘效率为50%；（3）箸＜与＜'子

qa2qdqa

【解】

（1）沿N极板射入的尘埃恰好不从极板射出时尘埃的运动轨迹如图所示,

由牛顿第二定律得：qvB=j（1分）

r

解得：4=g©分）

qd

（2）电场、磁场同时存在时，尘埃匀速直线,满足：qE=qv°B,（1分）

撤去磁场以后粒子在电场作用下平抛，假设距离N极板y的粒子恰好离开电场：

水平方向：d=vot（1分）

1,

竖直方向：>厂（1分）

加速度：a=—（1分）

m

解得：y=0.5d（1分）

当y>0.5d时，时间更长，水平位移x〉d,即0.5d到d这段距离的粒子会射出电场,

则从平行金属板出射的尘埃占总数的百分比：上竽4x100%=50%（2分）

a

（3）设圆形磁场区域的半径为M尘埃颗粒在圆形磁场中做圆周运动的半径为R2,要把

尘埃全部收集到位于P处的条状容器中，就必须满足鸟=4（1分）

2

另（1分）

如图，当圆形磁场区域过P点且与M板的延长线相切时，圆形磁场区域的半径Ro最小,

磁感应强度B2最大，有&小=d（1分）

解得：层大=竺）（1分）

qa

如图，当圆形磁场区域过P点且与y轴在M板的右端相切时，圆形磁场区域的半径Ro

最大，磁感应强度B2最小，有《大=2"（1分）

解得：民小=（1分）

2qa

所以圆形磁场区域磁感应强度B2的大小须满足的条件为

转训4个.（2分）

2qdqa

（二）选考题：共45分。请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。

如果多做，则每科按所做的第一题计分。

33.[物理一选修3-3]（15分）（2020•四川高三）

（1）（5分）下列说法中正确的是（）（填正确答标号，选对1个给2分，选对2个得4

分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分。分）

A.热量可能自发地从低温物体传到高温物体

B.布朗运动是固体微粒的无规则运动

C.不可能从单一热源吸收热量并把它全部用来做功，而不产生其他影响

D.一些昆虫可以停在水面上，是由于表面张力作用的结果

E.晶体的物理性质一定表现为各向同性

【答】BCD

【解】

A.热量能自发的由高温物体传递给低温物体，但是不可能自发地从低温物体传到高温物

体，选项A错误；

B.布朗运动是悬浮在液体表面的固体微粒的无规则运动，选项B正确；

C.根据热力学第二定律可知，不可能从单一热源吸收热量并把它全部用来做功，而不产

生其他影响，选项C正确；

D.一些昆虫可以停在水面上，是由于表面张力作用的结果，选项D正确；

E.单晶体的物理性质一定表现为各向异性；多晶体的物理性质一定表现为各向同性，选

项E错误；

故选BCD.

(2)(10分)如图所示，截面积分别为SA=lcm2、SB=0.5cm2的两个上部开口的柱形容器

A、B,底部通过体积可以忽略不计的细管连通，A、B两个气缸内分别有两个不计厚度

的活塞，质量分别为mA=1.4kg、mB=0.7kg.A气缸内壁粗糙，活塞与气缸间的最大静摩

擦力为Ff=3N；B气缸内壁光滑，且离底部2h高处有一活塞销.当气缸内充有某

种理想气体时，A、B中的活塞距底部均为h,此时气体温度为T°=300K,外界大气压为

Po=l.OxlO5Pa.现缓慢升高气体温度,(g取10m/$2,)求：

(i)当气缸B中的活塞刚好被活塞销卡住时，气体的温度;

(ii)当气缸A中的活塞刚要滑动时，气体的温度T2.

【答】(i)T=400K(ii)T'=450K

【解】

(i)

V.V

此过程为等压过程，由盖吕萨克定律可得寸=合，其中％=s/+s/,

A）A

分）

V；=SAh+2SBh（2

解得7；=400K（1分）

P.P、

（ii）气体做等容变化，由查理定律得：=（2分）

412

最初，对活塞s分）

B：PySB=F1Sy+myg,f]=2.4x10Pa（2

活塞要动时，对活塞5分）

A,=f^）SA+）nAg+f>P,=2.7x10Pa（2

解得7；=450K（1分）

34.[物理一选修3-4）（15分）

（1）（5分）关于波的认识，下列说法正确的是（）（填正确答标号，选对1个给2分,

选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分。分）

A.潜艇利用声呐探测周围物体的分布情况，利用的是波的反射原理

B.发生多普勒效应时，波源的频率发生了变化

C.机械波在介质中的传播速度是由介质本身的性质决定的

D.波在传播过程中绕过障碍物向前传播的现象，是波的折射现象

E.医生利用超声波探测病人血管中血流的速度，利用的是多普勒效应

【答】ACE

【解】

【详解】

A.潜艇利用声呐探测周围物体的分布情况，声呐采用的是超声波，超声波的方向性好，遇

到障碍物容易反射，故A正确；

B.发生多普勒效应时，波源的频率没有发生变化，相对波源运动的物体接收到的波的频率

发生了变化，故B错误；

C.机械波在不同介质中传播速度不同，传播速度是由介质本身的性质决定的，故C正确；

D.波在传播过程中绕过障碍物向前传播的现象，是波的衍射现象，故D错误；

E.医生利用超声波探测病人血管中血流的速度，是通过测出反射波的频率变化来确定血流

的速度，利用的是多普勒效应原理，故E正确。

（2）（10分）两列筒谐波沿x轴相向而行，波速均为v=0.4m/s,两波源分别位于A、B

处，r=0时的波形如图所示。求：

（i）两列波运动的周期分别为多少；

（ii）当，=2.5s时，M,N两点的位移大小分别为多少。

v/e

【答】⑴TA=0.5S,TB=1.0S；（II）xM=2cm,xw=0o

【解】

【详解】

（i）由图可知，A波的波长为0.2m,B波的波长为0.4m,根据波速丫=人，（1分）

T

A波的周期：

TA=^-=—S=0.5S,（2分）

*v0.4

B波的周期：

%="s=i.os；（2分）

v0.4

（ii）在t=0到t=2.5s时间内，A波向右传播的距离为：

△x=vAt=0.4x2.5=1.0m,（1分）

B波向左传播的距离也是：

△x=vAt=0.4x2.5=1.0m；（1分）

据此画出在t=2.5s时刻的波形图如图，其中蓝色的是以人为波源的波形，红色的是以8为

波源的波形。

y/cmv

B,.（1分）

x/m

然后根据振动的叠加:

X/vF°+2=2cm,（1分）

X/v=0+0=0o（1分）

绝密★启用前

2020年高考必刷试卷（新课标卷02）

理科综合物理

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答后，用铅笔把答题卡上对应题目的答标号涂黑，如需

改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答标号。回答非选择题时，将答写在答题卡上，写在本

试卷上无效。。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有

一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不

全的得3分，有选错的得0分。

14.（2019•河北高三）爱因斯坦对于光电效应的解释使人类对于光的本性的认识更加透彻,

下列关于光电效应的说法中正确的是

A.在光电效应中，光电子的最大初动能与入射光强度成正比

B.入射光光子能量小于金属逸出功时也可能发生光电效应的

C.对于某种金属，只要入射光强度足够大，照射时间足够长，就会发生光电效应

D.用频率大于金属的极限频率的入射光照射金属时，光越强，饱和电流越大

【答】D

【解】

A.根据光电效应方程£"=〃丫一叱知，光电子的最大初动能与入射光的强度无关，

故A错误；

B.当入射光子的能量小于金属表面的电子克服原子核的引力逸出时需要做的最小功，

光电效应便不能发生了，故B错误；

C.能否发生光电效应与入射光的强度，照射时间无关，故c错误；

D.在光电效应中，入射光越强，光电流的饱和值越大，故D正确。

故选D«

15.（2019•河南高三）a、b两个物体在同一时间、从同一地点开始，沿同一条直线运动，

v-t图象如图所示，a、b两物体运动图线均为正弦（余弦）曲线的一部分。在0〜6s时间

A.b物体的加速度先增加后减小

B.。物体的位移大于b物体的位移

C.2s末。物体的加速度大于b物体的加速度

D.3s末a、b两物体之间的距离最大

【答】C

【解】

A.b的斜率先减小后增大，固b的加速度先减小后增大；A错误。

B.由图可知曲线。在0~6秒内与时间轴所围上下面积之和小于曲线b与时间轴所围

上下面积之和，固曲线a位移小于曲线b位移；B错误。

C.2s末曲线a的斜率大于曲线b的斜率，故两秒末曲线。的加速度大于曲线b的加

速度；C正确。

D.6s末曲线ab所围面积之差最大，故6s末ab两物体之间距离最大；D错误。

故选Co

16.如图所示，光滑半圆形轨道MAN固定在竖直平面内，MN为水平直径，一轻质小环A

套在轨道上，轻绳一端固定在M点，另一端穿过小环系一质量为m的小球恰好静止在图

示位置，不计所有摩擦，重力加速度大小为g。下列说法正确的是

B.轻绳对M点拉力的大小为2mg

C.轻绳对小环A作用力的大小为6;ng

D.轻绳对小环A作用力的大小为2mg

【答】C

【解】

AB.因为小球恰好静止，绳上拉力等于小球重力，轻绳上拉力处处相等，轻绳对M点

的拉力为mg,所以AB错误；

CD.轻环受轻绳的两股力以及轨道的支持力共三个力而平衡，绳上的两股力的合力与

环的支持力等大反向，所以绳的合力沿A0方向，又绳上的力相等，所以A0是两股绳

夹角的角平分线，所以NOAM=30°,所以合力

F=2mgcos30°=6mg,

所以C正确，D错误。

故选C。

17.（2019•河南高三月考）滑雪是冬奥会的比赛项目之一。如图所示，某运动员（可视为

质点）从雪坡上先后以初速度之比吟=3：4沿水平方向飞出，不计空气阻力，则运

动员从飞出到落到雪坡上的整个过程中

A.运动员先后在空中飞行的时间相同

B.运动员先后落在雪坡上的速度方向不同

C.运动员先后落在雪坡上动量的变化量之比为3:4

D.运动员先后落在雪坡上动能的增加量之比为1:1

【答】C

【解】

,12

A.根据x=vt,y=—gt~,则

12

—9t

tan8=)=-——=—

xvt2v

两次的初速度不同，则时间不同，选项A错误；

B.速度方向与水平方向的夹角

tan«=—=-=2tan0

vv

可知.运动员先后落在雪坡上的速度方向相同，选项B错误；

C.根据动量定理

A/?=mvv=mgt—2mvtan(9(xv

则运动员先后落在雪坡上动量的变化量之比为3:4,选项C正确；

D.根据动能定理：

△EK=mgh-mg'~8f2=2/?zv2tan0(KV2

则运动员先后落在雪坡上动能的增加量之比为9:16,选项D错误；

故选C.

18.蹦极是一项刺激的户外休闲活动，足以使蹦极者在空中体验几秒钟的“自由落体”。如

图所示，蹦极者站在高塔顶端，将一端固定的弹性长绳绑在踝关节处。然后双臂伸开,

双腿并拢，头朝下跳离高塔。设弹性绳的原长为L,蹦极者下落第一个(时速度的增加

量为△▽］，下落第五个与时速度的增加量为把蹦极者视为质点，蹦极者离开塔

Av,

顶时的速度为零，不计空气阻力，则停满足

AV2

Av.B.2<”3

A.1<—1-<2

AV2AV2

Av.Av.

C.3<—^<4D.4<—L<5

AV2AV2

【答】D

【解】

蹦极者下落高度L的过程,可视为做自由落体运动,对于初速度为零的匀加速直线运动,

通过连续相等位移的时间之比为1：（后-1）：（G-0）：（74-V3）：

（逐）•…,可知।

即

4<—<5

»2

根据Av=gf,可得

4<鲁⑸

AV2

Av.

A.1<—L<2与结论不相符，选项A错误;

AV2

B.2<凸<3

与结论不相符，选项B错误;

AV2

Av.

C.3<-^<4,与结论不相符，选项C错误;

Av,

D.4<—<5,与结论相符,选项D正确;

19.（2020・湖南高三期末）如图所示为安检门原理图，左边门框中有一通电线圈，右边门

框中有一接收线圈.工作过程中某段时间通电线圈中存在顺时针方向均匀增大的电流,

则

A.无金属片通过时，接收线圈中的感应电流方向为逆时针方向

B.无金属片通过时，接收线圈中的感应电流增大

C.有金属片通过时，接收线圈中的感应电流方向为顺时针方向

D.有金属片通过时，接收线圈中的感应电流大小发生变化

【答】AD

【解】

A.当左侧线圈中通有不断增大的顺时针方向的电流时，知穿过右侧线圈的磁通量向

右，且增大，根据楞次定律，右侧线圈中产生逆时针方向的电流，故A正确。

B.通电线圈中存在顺时针方向均匀增大的电流，则通电线圈中的磁通量均匀增大，

所以穿过右侧线圈中的磁通量均匀增大，则磁通量的变化率是定值，由法拉第电磁感

应定律可知，接收线圈中的感应电流不变，故B错误。

CD.有金属片通过时，则穿过金属片中的磁通量发生变化时，金属片中也会产生感应

电流，感应电流的方向与接收线圈中的感应电流的方向相同，接收线圈中的感应电流

方向不变，但金属片中的感应电流会将该空间中的磁场的变化削弱一些，引起接收线

圈中的感应电流大小发生变化，故C错误，D正确。

故选AD。

20.（2020•福建高三期末）2019年7月25日下午13时，北京星际荣耀公司的“双曲线

一号遥一"小型固体运载火箭在中国酒泉卫星发射中心点火升空，按飞行时序将两颗卫

星精确送入预设轨道，星际荣耀成为除美国以外全球第一家实现火箭入轨的民营公司。

已知卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径为r,经过时间t（t小于其运行周期T）

运动的弧长为5,万有引力常量为G,地球表面重力加速度为g,下列说法正确的是

A.卫星的线速度为一B.卫星的线速度为，」

tt

22

C.地球的质量为D.地球的质量为

GGt2

【答】AD

【解】

AB.卫星的线速度为丫=一，选项A正确，B错误;

CD.根据

-Mmv~

G——=m—

rr

解得地球的质量为

2

选项C错误，D正确;

故选AD.

21.（2019・四川高三）如图，一绝缘且粗糙程度相同的竖直细杆与两个等量异种点电荷+Q、

-Q连线的中垂线重合，细杆和+Q、-Q均固定，4、。、8为细杆上的三点，。为+Q、-Q

连线的中点，AO=BOa现有电荷量为q、质量为m的小球套在杆上，从A点以初速度

出向8滑动，到达B点时速度恰好为0。则可知

A.从A到B,小球的电势能始终不变，受到的电场力先增大后减小

B.从A到8,小球的加速度先减小后增大

小球运动到。点时的速度大小为立%

2°

D.小球从A到。与从。到B,重力的冲量相等

【答】AC

【解】

A.等量异种电荷的中垂面是等势面，故电荷q在A8上运动时电势能不变，从A到B电

场强度先变大后边小，故它受到的电场力先变大后变小，在。点受到的电场力最大，A

正确;

B.电荷在水平方向受到电场力和杆的弹力，竖直方向受到重力和摩擦力，故

qE=N

水平方向的电场力先变大后边小，故杆对小球的支持力先变大后边小，故摩擦力先变大

后边小，小球到达B点时速度减为0,说明其受到的摩擦力大于重力，故在竖直方向

f—mg=ma

摩擦力先变大后边小，因此小球的加速度先变大后边小，B错误；

C.从A到8,由动能定理可得

12

mghAB-WfM=0--mv-

从A到。和从。到8电场力变化相同，由/==可知，摩擦力变化情况相同，

故从A到。和从。到B摩擦力做功相等，故从从A到。由动能定理可得

mgnwo-g机若

联立两式可解得

_V2

vo

C正确；

D.从A到。和从。到8的过程中，由于位移相同但是速度不相同，物体始终处于减速

状态，故运动时间不同，因此重力的冲量不相等，D错误；

故选AC。

三、非选择题：共174分，第22~32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33~38题为选

考题，考生根据要求作答。

（一）必考题：共129分。

22.（5分）某同学用如图甲所示装置做"探究加速度与力、质量关系”实验.

小*行点计

V

（1）关于实验的要点，下