重庆一中2022年物理高一年级上册期末统考试题含解析

2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有

的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）

1、在力学理论建立过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献.关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）

A.伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验建立了惯性定律

B.伽利略利用小球在斜面上运动的实验和逻辑推理研究出了落体的运动规律

C.牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因

D.笛卡尔发现了弹簧弹力和形变量的关系

2、物理学发展史上，有一位科学家开创了实验与逻辑推理相结合的科学研究方法，并研究了落体运动的规律，这位科

学家是（）

A.伽利略B.牛顿

C.亚里士多德D.笛卡尔

3、如图所示，在倾角为。的斜面上有一块竖直放置的挡板，在挡板和斜面间放一重为G的光滑的圆球，当挡板绕最低

点沿逆时针缓慢转到水平位置的过程中，关于小球受到的弹力，下列说法正确的是（）

A.先增加，后减少B.先减少，后增加

C.始终保持不变D.大小不变，方向时刻变化

4、如图所示，物块A,B,C质量分别是为m,2m,3m.A与天花板间，B与C之间用轻弹簧相连.当系统平衡

后，突然把AB间绳子烧断，在绳断瞬间A,B,C的加速度（以向下为正方向）分别为（）

/////

A・g，g，g

B.-5g,2.5g,0

C-5g,2g,0

D.-g,2g,3g

5、甲球的重力是乙球的5倍，甲乙分别从高H处、3H处同时自由落下（H足够大），不计空气阻力，下列说法正确

的是：

A.同一时刻甲的速度比乙大

B.下落2m时，甲、乙球的速度相同

C.下落过程中甲的加速度是乙的5倍

D.在自由下落的全过程中，两球的平均速度大小相等

6,在力学中，选定下列哪组物理量为基本物理量（）

A.长度、力、时间

B.路程、质量、时间

C.长度、质量、时间

D.力、长度、质量

7、物体水平面上做直线运动，其速度时间图像如图所示，贝！I：

八v/（m,s''）

A.物体在前2s内做匀加速直线运动，加速度为2m1s2

B.物体在第7s到第12s内做匀变速直线运动

C.物体在第12s内的位移为0.75m

D.物体在前12s内的路程为15m

8、如图所示，从某高度水平抛出一小球，经过时间，到达一竖直墙面时，速度与竖直方向的夹角为。，不计空气阻力,

重力加速度为g.下列说法正确的是（）

A.小球水平抛出时的初速度大小为g/tan，

n

B.小球在/时间内的位移方向与水平方向的夹角为三

C.若小球初速度增大，则平抛运动的时间变短

D.若小球初速度增大，则tan。减小

9、4、8两个物体从同一地点同时出发，沿同一方向做匀变速直线运动，若初速度不同，加速度相同，则在运动过程

中

A.A、5的速度之差保持不变

B.4、8的速度之差与时间成正比

C.A、8的位移之差与时间成正比

D.A、8的位移之差与时间的平方成正比

10、如图所示，在光滑的桌面上有M、m两个物块，现用力F推物块m,使M、m两物块在桌上一起向右加速，则

M、m间的相互作用力为（）

F------------------

mM

M+mM+m

MF

C.若桌面的摩擦因数为N,M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力为•——-+uMgD.若桌面的摩擦因数为

M+m

MF

N,M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力仍为------

M+m

11、如图，甲、乙两质点同时从离地高度为2H和H的位置自由下落，不计空气阻力，甲的质量是乙质量的2倍，则

)

甲

A.甲落地的时间是乙落地时间的2倍

B.甲落地时的速率是乙落地时速率的血倍

C.甲、乙落地之前，二者之间的竖直距离保持不变

D.甲、乙落地之前，同一时刻两物体的速度相等

12、如图所示，传送带倾角6=37。，从A到B的长度为4s=16,凡传送带以力=10〃?/s的速度逆时针转动，在

传送带上端无初速度放一个质量为m=0.5kg的物体，它与传送带之间的动摩擦因数〃=0.5,则物体从A运动到B()

(sin370=0.6,cos37°=0.8,g取lOm/s2)

A.一直做匀加速直线运动B.先加速后匀速

C.运动1s后与传送带速度相同D.A运动到B的时间为2s

二.填空题(每小题6分，共18分)

13、利用图1所示装置研究自由落体运动

图1

(1)在实验过程中，应先(填“接通电源”或“释放纸带”)

⑵按照正确的实验步骤，获取纸带，选用较清晰的连续的几个点迹，如图2所示，用刻度尺测得AC、CE间距分别

为邑、$2,已知打点计时器打点的频率为/，则重物运动过程的加速度大小为•学习小组发现这个加速度数

值与查得的当地重力加速度g相差较大，于是在测量了重物质量为，麓后，计算出重物运动过程中所受阻力尸=

,；8；D

<---S]---►<--------------------5,--------------------►

图2

14、“探究弹簧伸长量与弹力的关系”实验装置如图甲所示

(1)实验测得弹簧弹力厂以及弹簧伸长量X的数据点如图乙所示.请在答题卡的坐标纸上作出F-X关系图线。

()

(2)根据所作图线.求得弹簧的劲度系数A=N/m.(结果保留2位有效数字)

3..5

3Z..5O

z

L.O

L.5

.O

0..O5

图甲图乙

15、“研究平抛物体运动”的实验装置图如图甲所示，通过描点画出平抛小球的运动轨迹

甲乙

(1)下列做法合理的有

A.安装斜槽轨道，使其末端水平

B.每次小球释放的初始位置可以任意选择

C.每次小球应从同一高度由静止释放

D.为描出小球的运动轨迹，描绘的点可以用折线连接

(2)实验得到平抛小球的运动轨迹，在轨迹上取一些点，以平抛起点0为坐标原点，测量它们的水平坐标x和竖直

坐标V,下面V-X2图像中能说明小球运动轨迹为抛物线的是

(3)图乙是某同学根据实验画出的平抛小球的运动轨迹，。为平抛的起点，在轨迹上任取两个点4和氏测得A、B

两点竖直坐标分别为山=5.()cm,J2=20.0cm,A、3两点水平间距Ax=20cm,g取lOm/sZ,则平抛小球的初速度为

m/s,小球在8点的速度为m/s.(结果均保留两位有效数字)

三.计算题(22分)

16、(12分)跳台滑雪是2022年北京冬奥会的重要比赛项目之一。比赛中运动员穿专用滑雪板，在滑雪道上获得一定

速度后从跳台飞出，在窒中飞行一段距离后着陆.现有某运动员从跳台4处沿水平方向飞出，在斜坡，处着陆，如图

所示ab间的距离为L=40m,斜坡与水半方向的夹角为0=30。，不计空气阻力，g^lOm/s2,运动员和滑雪板可以看成

质点，求：

(1)运动员在空中飞行的时间；

(2)运动员从a点飞出速度大小；

(3)运动员在空中何时离坡面最远，最远距离是多少？

17、(10分)在倾角为30"的斜面上固定一挡板，在挡板和斜面之间放置一质量为小的光滑圆球，如图甲和乙所示,

试分别求出两种情况下斜面对球的作用力之比。

参考答案

一、选择题(本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有

的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得。分)

1、B

【解析】伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验，得出了力不是维持物体运动原因的结论，并运用数学方法

得出了落体运动的规律，但没有建立惯性定律.故A错误，B正确.伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因，这

个理论不是牛顿最早提出的，故C错误.胡克发现了弹簧弹力和形变量的关系…胡克定律，故D错误

2、A

【解析】伽利略开创了实验与逻辑推理相结合的科学研究方法，并研究了落体运动的规律，故选A.

3、C

【解析】对小球受力分析可知，小球受向下重力和挡板以及斜面的弹力，由平衡知识可知，重力和挡板和斜面的弹

力等大反向，则当挡板绕最低点沿逆时针缓慢转到水平位置的过程中，小球受到的弹力始终等于重力不变。

故选C。

4,B

【解析】AB间绳烧断前，由平衡条件得知，下面弹簧的弹力大小为F产mcg=3mg,上面弹簧的弹力大小为F2=

(nu+mB+mc)g=6mg,AB间绳的拉力大小为T=(mB+mc)g=5mg

AB间绳烧断前，两根弹簧的弹力都没有变化，则

对A：此瞬间A所受的合力大小与原来绳子的拉力T大小相等，方向相反，即方向向上，则-5mg=maA,得a,*=-5g

对B：此瞬间B所受的合力大小与原来绳子的拉力T大小相等，方向相反，即方向向下，则5mg=2maB,得aB=2.5g

对C：由于弹簧的弹力没有变化，则C的受力情况没有变化，所以ac=0

故选B

考点：牛顿第二定律

5、B

【解析】A.因为甲乙物体同时做自由落体运动，它们的初速度为零，加速度为g,任意时刻的速度为：v=gf,所以两物

体下落过程中，在同一时刻甲的速度与乙的速度相等，故A错误；

B.根据公式M=2g/,,下落2m时，甲、乙的速度相同，故B正确；

C.因为甲乙物体均做自由落体运动，加速度为g,下落过程中甲加速度与乙的加速度相同，故C错误；

D.根据i，="正和"=等可知，两球平均速度大小不等，故D错误.

故选B

【点睛】本题关键是对自由落体运动的物体运用位移时间公式和速度位移公式列式求解

6、C

【解析】解答本题关键：国际单位制中的力学基本物理量有三个：长度、质量、时间，其他物理量是导出物理量

【详解】ACD、长度、质量、时间是国际单位制中三个力学基本物理量，力是导出物理量，故C正确，AD错误;

B.路程物体运动轨迹的长度，不属于基本物理量.故B错误

故选C

7、BD

【解析】A项：v-t图象表示加速度，所以物体在前2s内做匀加速直线运动，加速度为。=|%=1%2,故A错误;

B项：v-t图象表示加速度，物体在第7s到第12s内图象斜率不变，即做匀变速直线运动，故B正确；

C项:物体在第7s到第12s内的加速度大小为a=-M=0.5M，第10到12s的位移为一a/=—x-x2?根=1根，

4/s/s222

11,

第10到Us的位移为一x—xl2〃?=0.25m,所以物体在第12s内的位移大小为0.75m,方向与正方向相反即为-0.75m,

22

故C错误；

D项：物体在前10s内路程为"3x2/〃=14/〃，第10到12s的位移为1m,所以物体在前12s内的路程为15m,故

2

D正确

故选BD

8、AC

【解析】小球到达竖直墙面时沿竖直方向和水平方向上的分速度大小分别为vy=gt,vx=VytanO=gttanO,所以水平抛

出时的初速度为#tan〃，A项正确；设小球在f时间内的位移方向与水平方向的夹角为a,则

]_2

tana=上=卫，=&_=」£=」,B项错误；由于小球到墙的距离一定，初速度增大，运动的时间变短，C

xvot2v02vv2tan。

项正确；若小球初速度增大，由小球到墙的时间变短，由tan〃=九可知，tan。增大，D项错误；故选AC

gt

9、AC

【解析】根据速度时间公式求出速度之差，根据位移时间公式求出位移之差，从而分析判断

【详解】设两个物体的加速度为〃，初速度分别为力、V2.a、8的速度之差△哼（Vi+az）-（艺+〃力=V1-V2,可知。、b

的速度之差保持不变，故A正确，B错误；a、6的位移之差■[2，+；“2）=（匕一为）f,故C正

确，D错误.所以AC正确，BD错误

【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式

10、BD

【解析】根据牛顿第二定律，对整体有：a=」一；对M：N=Ma=—型一.故B正确，A错误；根据牛顿第二定

MM

p—u（M+pFFM

律得：对整体有：a=——U--------=---------〃g;对M：N-/Mg=Ma,得：N=pMg+Ma=-------.故D正

M+mM+mM+m

确，C错误

【点睛】本题是连接类型的问题，关键是灵活选择研究对象.对于粗糙情况，不能想当然选择C,实际上两种情况下

MN间作用力大小相等

11、BCD

【解析】重力加速度与物体的质量无关，自由落体运动的初速度为0,加速度等于当地的重力加速度，故利用根据速

度时间公式分析同一时刻的速度大小，根据位移时间公式比较运动的时间；

【详解】A、根据自由落体运动规律可知：h=；gf,则f*,则可知：厢="乙，故A错误；

B、根据速度与时间关系u=gf可知：v甲=6v乙，故选项B正确；

C、由于二者同时下落，则在甲、乙落地之前，同一时刻两物体的速度相等，二者相对静止，则在落地之前，二者之

间的竖直距离保持不变，故选项CD正确

【点睛】掌握了自由落体运动的基本规律，掌握了匀变速直线运动运动的速度公式和位移公式即可顺利解决此题

12、CD

【解析】开始时，物体受到传送带向下的摩擦力向下做加速运动，根据牛顿第二定律，贝的ai=

〃国SZ〃"+=gsinG+ngcos0=lOxO.6+O.5xlOxO.8=10m/s2,当物体与传送带相对静止时，物体的位移：

m

v2100_v_10_

X1=--=-~-m=5m；4=----启s=ls,即运动Is后与传送带速度相同，贝!I：X2=16-5=llm；因为mgsin0>

2x10410

pmgcose,物体与传送带不能保持相对静止，继续加速运动，此后物体的加速度az=

mgs'11---"鳖竺-=gsine-jigcose=10x（）.6-0.5xl0x0.8=2m/s2.贝!|：X2=vt+Ja2t?；代入数据解得：t2=ls；故共耗时

m2

t=ti+t2=2s.故选项CD正确，AB错误；故选CD.

二.填空题（每小题6分，共18分）

13、①.接通电源②§二。.）右③.河g—Gf%

44

【解析】（1）打点计时器的使用通常是先通电后运动.

⑵运用匀变速直线运动的判别式求加速度，用牛顿第二定律求阻力.

【详解】（1）小球自由落体运动较快，若先释放小球再通电，纸带上能留下的点迹很少不便于处理数据减小误差，而且

打点计时器通电瞬间打点不稳定，不能用来打点记录，故实验过程中应先接通电源后释放纸带.

2

(2)设重物运动过程的加速度大小为a,由匀变速直线运动规律得：52-5,=a(y)

解得："(.一再)/2.

4

又由牛顿第二定律得：mg-F^ma,

解得：八河g-(、一$,广］.

4

【点睛】通过实验原理清楚实验中需要测量的物理量，学会处理纸带求出瞬时速度和加速度，清楚实际情况下存在的

误差

【解析】⑴用过原点的直线将点连起来:

4..O

3..5

3z..O

z.5

.O

15

1

1o

15

o

［2］图像的斜率即弹簧的劲度系数:

AF3.75N

®54N/mo

-Ar7xl0-2m

15、①.AC②.C③.2.0④.2.8

【解析】(1)U]A.为了保证小球的初速度水平，安装斜槽轨道时，斜槽末端必须保持水平，故A正确；

BC.为了