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文档简介
四川省锦江区七中学育才2024届中考适应性考试物理试题注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、本大题包括10小题,每小题3分,共30分.在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求.1.关于温度、热量和内能的说法中正确的是A.物体吸收热量,温度一定升高B.0℃的冰的内能为零C.物体内能增大,一定吸收了热量D.物体的温度升高,内能增大2.清洁能源是指不排放污染物的能源.以下几种能源中属于清洁能源的是A.天然气 B.煤 C.石油 D.太阳能3.在国际单位制中,电功的单位是A.安培 B.伏特 C.焦耳 D.瓦特4.图(a)所示的杠杆是水平平衡的.如果在支点两侧的物体下方分别加挂一个等重的物体,如图(b)所示,则杠杆()A.右端下沉B.左端下沉C.要保持平衡应将左端的物体向右移动D.要保持平衡应在右端再加挂一个物体5.关于空气开关与漏电保护器的说法正确的是A.空气开关只在电路短路时切断电路B.漏电保护器只在功率过大时切断电路C.站在地上的人接触火线发生触电时,空气开关自动切断电路D.站在地上的人接触火线发生触电时,漏电保护器自动切断电路6.如图所示,小车处在水平桌面上,用轻绳跨过定滑轮与钩码相连,在轻绳的拉力作用下沿桌面做匀速运动.若突然剪断轻绳,则小车A.受的摩擦力将越来越大
B.将继续向前匀速运动
C.将立即停止运动
D.运动的将越来越慢7.自行车是我们熟悉的交通工具,从自行车的结构和使用来看,它涉及不少有关摩擦的知识.下列说法正确的是()A.捏住刹车后没有推动水平地面上的自行车,是因为推力小于摩擦力B.轮胎上制有花纹是通过改变接触面粗糙程度来减小摩擦的C.刹车时用力捏刹车把是通过增大压力来增大摩擦的D.在转轴上加润滑油是通过变滑动为滚动来减小摩擦的8.在如图所示的实验电路中,电源电压为3伏,闭合开关后,电流表的示数为0.4A,下列说法错误的是A.灯L1、L2是串联的B.电流表的量程应选0~3AC.电压表的量程应选0~3VD.电压表测的是灯L1两端的电压9.我国的古诗词和民间俗语中往往包含着物理知识,从物理知识运用的角度看,下列对于诗句或俗语理解、解释错误的是A.“响鼓也要重锤敲”——声音是由物体振动产生的,且振幅越大响度越大B.“不敢高声语,恐惊天上人”——声音可以在真空中传播,音调越高传播得越远C.“闻其声知其人”一一可以根据音色来判断说话者是谁D.“长啸一声,山鸣谷应”——声音通过多次反射,可以形成回声10.如图是一同学正在体育课中进行铅球投掷训练,若忽略铅球的体积和空气阻力,下列有关铅球的说法正确的是A.上升时,机械能不变、重力势能增加B.上升到最髙点时,动能为零,重力势能最大C.下落时,动能不变,重力势能减小D.整个过程中铅球受到平衡力的作用二、填空题(本大题包括7小题,每小题2分,共14分)11.在图的电路中,电源电压为6V,R1=4Ω,闭合开关S后,电压表读数为2V,则电流表的示数为________A,电阻R2的阻值为________Ω.12.如图所示,70kg的消防员在进行消防演练.(g=10N/kg)(1)消防员以v的速度从地面沿着杆匀速爬至9m高的顶端;(2)上爬过程中,消防员克服重力做功___________J,消防员所受摩擦力f1的方向为___________;(3)消防员爬到顶端后,在楼顶取了包袱,背上包袱开始以相同的速度v匀速下滑,此过程中消防员所受的摩擦力f2___________f1(填“>”“<”或“=”),动能与向上爬时相比,___________(填“增大”、“减小”或“保持不变”)了.13.某高铁列车以300千米/时的速度匀速行驶,以地面为参照物,列车是_____的(选填“运动”或“静止”),经过0.5小时列车行驶的路程为_____千米;车轮行驶过后铁轨会发热,这是通过_____的方式使铁轨的内能增大.14.小石块A挂在弹簧测力计下稳定时读数为F1,将小石块A缓慢浸没在装有密度为ρ的液体的圆柱形容器中(A与容器底未接触),稳定时读数为F2,则小石块受到液体的浮力大小为_____;排开液体的重力为_____,排开液体的体积为_____。若把该小石块浸没在装有水的容器中,发现弹簧测力计读数F3小于F2,则水的密度ρ0_____ρ(选填“>”、“=”或“<”)。15.对于现代生活给人们带来的紧张症,可以用“漂浮疗法”减轻它.“漂浮疗法”是在漂浮池内加入大量的__________(选填“酒精”或“盐”),当人进入池内时都会漂浮起来,从而使人放松消减紧张感.当质量为50kg的“病人”漂浮在池中时,受到的浮力为____________N.16.在探究“不同物质吸热能力”的实验中:在两个相同的烧杯中分别加入初温相同、质量相同的a、b两种液体,液面位置如图甲所示,则可判断密度较大的液体是______(选填“a”或“b”);选用相同电加热器的目的是_____;a、b两种液体的温度随时间变化的图象如图乙所示,则可判断出______(选填“a”或“b”)吸热能力强.17.某导体的电阻是5Ω,通过它的电流为0.2A,10s内通过该导体产生的热量是________J;电子式电能表表盘上标有“3000imp/kW·h”的字样(imp表示电能表指示灯闪烁次数)将某用电器单独接在该电能表上,正常工作30min,电能表指示灯闪烁了300次,该用电器的功率是__________W;一汽油机转速为2400r/min,则该内燃机每秒做功________次.三、作图、实验与探究题(本大题包括5小题,共34分)18.在图中画出物体AB在平面镜MN中所成的像.(_____)19.根据小磁针的指向(黑色的为N极)在图中标出螺丝管的N极,并画出螺线管的绕线.20.请解答以下几个实验中与操作相关的问题.如图甲所示,在用弹簧测力计测量手的拉力的操作中,出现的操作性问题是_____.如图乙所示的装置,缓慢改变底板与桌面的夹角α,可观察到悬线OA的方向_____(选填“改变”或“不变”),若要得出重力方向是竖直向下的结论,还应进进行的操作是_____.如图丙所示的是“探究影响导体电阻大小的因素”的实验电路图,在A、B之间换接不同的电阻丝之前,应先进行的操作是_____,如果观察到换接不同的电阻丝后,灯的亮度变化不明显,可对实验电路进行的有效改进是_____.21.为了探究小灯泡亮度与实际功率的关系,某校物理兴趣小组设计了如图甲所示的实验电路,标有“2.5V”字样的小灯泡电阻约为10Ω,电源电压6V,可供选用的滑动变阻器有“10Ω1A”的R1和“20Ω1A”的R2。为了完成实验,你认为应该选用的滑动变阻器是_____。(选填“R1”或“R2”)请用笔划线代替导线将图甲的实验电路补充完整_________。(要求:滑动变阻器滑片向右移动时,灯泡变亮)电路正确连按后,闭合开关,他们发现小灯泡不亮,电流表无示数,电压表指针明显偏转,你认为造成这一﹣现象的原因可能是_____。(选填字母)A.电流表断路B.小灯泡短路C.小灯泡灯丝断了D.滑动变阻器短路排除故障后,当滑动变阻器的滑片移到某一位置时,某同学从“0﹣15V”量程的刻度线看出指针停在10V处,若要测量小灯泡的额定功率,应将滑动变阻器的滑片向_____移(选填“左”或“右”)直到小灯泡正常发光,此时电流表的示数如图乙所示,则小灯泡的额定功率是_____W。根据收集到的实验数据,同学们得出了灯泡亮度与实际功率的关系。在分析论证过程中,勤于思考的小明发现小灯泡在不同亮度下,它两端的电压与电流的比值不一样,你认为其主要原因是_____。22.为研究“一定质量的水,上升相同的温度,吸收热量的多少与水的初温是否有关,小明选择了烧杯、水、加热丝、电子温度计、秒表(手机)、电源,做了如图所示的实验:(加热丝释放的热量完全被水吸收,不计热量损失)实验数据如下:实验次数初温/℃末温/℃时间/s1202245.322222445.233242645.45分析上述数据,可得结论:________________________.四、计算题(本大题包括2小题,共22分.解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分)23.如图所示是小明同学安装的家用调光灯电路图,灯泡上标有“PZ220﹣40”字样,滑动变阻器的最大阻值为1210Ω,求:(1)该灯泡正常发光时的电阻和电流(2)灯泡两端的最小电压(3)台灯功率的调节范围.(不计温度对灯丝电阻的影响)24.一个金属块在空气中称时,弹簧秤的示数为78.4N,浸没在水中称时,弹簧秤的示数为68.6N,求:金属块浸没在水中时所受的浮力是多少?金属块的体积是多少?金属块的密度是多少?
参考答案一、本大题包括10小题,每小题3分,共30分.在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求.1、D【解题分析】
A、若吸收热量的物体正好是处于熔化状态的晶体或正在沸腾的液体,则其吸收了热量,温度就不变;其他情况下物体吸收热量温度升高。因此不能确定物体吸收热量温度是否一定升高。故A错误。B、因为一切物体的分子都在不停的做无规则运动,所以一切物体都具有内能,0℃的冰的内能不为零,故B错误。C、物体内能增大,可能是吸收了热量,也可能是对他做了功。故C错误。D、同一物体分子个数是一定的,当温度升高时,分子的热运动越剧烈,则分子的动能就越大,从而物体的内能增加。故D正确。2、D【解题分析】
A、天然气燃烧生成温室气体二氧化碳,不属于清洁能源,故A错误;
B、煤在燃烧时能产生二氧化硫、一氧化碳、氮氧化物等空气污染物,不属于清洁能源,故B错误;
C、石油在燃烧时能产生二氧化硫、一氧化碳、烟尘等空气污染物,不属于清洁能源,故C错误;
D、太阳能不会产生任何污染,属于清洁能源,故D正确.
故选D.3、C【解题分析】
A.安培是电流的主单位;B.伏特是电压的主单位;C.焦耳是功和各种能量的主单位,当然也是热量的主单位;D.瓦特是功率的主单位.故选C.4、A【解题分析】分析:(a)图杠杆是平衡的,原因是两边的力和力臂的乘积相等,(b)图分别加挂一个等重的物体后,分析两边的力和力臂的乘积是否还相等,据此判断丁图的杠杆是否还平衡.解答:AB、设一个钩码重为G,杠杆一格长为L,(a)图杠杆平衡是因为:;(b)图分别加挂一个等重的物体后(为便于研究,设物体的重也为G),左边力与力臂的乘积:3G×2L,右边力与力臂的乘积:2G×4L,因为,即右边力与力臂的乘积较大,所以杠杆不能平衡,右端下沉;故A正确,B错误;CD、若想让杠杆能够平衡,可以将左端的物体向左移动,从而增大左边的力臂,使左边的力与力臂的乘积等于右边的力与力臂的乘积,故C错误;若想让杠杆能够平衡,可以在左端再加挂一个物体,左边的力变大,使左边的力与力臂的乘积等于右边的力与力臂的乘积,故D错误.故选A.【题目点拨】本题考查了杠杆平衡的条件的应用,注意杠杆平衡的条件:动力×动力臂=阻力×阻力臂的应用.5、D【解题分析】
(1)漏电保护器原理就是检测火线和零线的电流,一般情况下火线电流应该与零线电流差不多,因为大致两个接入点可以看成串联关系。漏电保护器就是利用这个特性,当火线电流比零线电流大太多的话就说明电路的某个地方可能接地漏电,电流从大地跑了。当单相触电时实际上就是人体加载在了火线和地线之间,火线电流大,零线电流小,漏电保护器工作。而当双相触电时实际上就是在负载上并联了一个人体,实际的火线电流和零线电流的差值并没有什么变化,所以会起不到保护作用。(2)空气开关与漏电保护器的原理不同,只有在电路过载,即短路通过电流过大时才起到保护作用。【题目详解】A、空气开关在电路短路和用电器的总功率过大时切断电路,故A说法错误;B、由分析可知,漏电保护器是在火线与零线电流相差较大时才切断电路,故B说法错误;CD、站在地上的人接触火线发生触电时,电流通过人体流入大地,此时火线与零线电流相差较大,应该是漏电保护器自动切断电路,而不是空气开关自动切断电路,故C错误,D正确。故选:D。【题目点拨】本题考查漏电保护器和空气开关的作用,二者的原理不同,是我们应该重点掌握的。6、D【解题分析】
小车在轻绳的拉力作用下沿桌面做匀速运动,说明小车在水平方向上所受的拉力和摩擦力是一对平衡力,剪断轻绳,拉力消失,但由于惯性,物体还要向前运动,压力大小和接触面粗糙程度不变,则摩擦力大小不变,在水平方向上摩擦力的作用下运动的越来越慢.7、C【解题分析】
利用下列知识分析判断:(1)物体处于静止状态或匀速直线运动状态,物体处于平衡状态,受平衡力;(2)增大摩擦的方法:增大压力,增大接触面的粗糙程度;减小摩擦力的方法:减小压力,减小接触面的粗糙程度,用滚动代替滑动,使接触面脱离;【题目详解】A、捏住刹车后没有推动水平地面上的自行车,处于静止状态,属于平衡状态,受到的推力等于摩擦力,故A错误;B、自行车轮胎上制有花纹是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦,故B错误;C、刹车时用力捏刹车把是通过增大压力来增大摩擦的,故C正确;D、在转轴上加润滑油是通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦,故D错误.故选C.8、B【解题分析】
由图知,两灯泡L1、L2串联,电流表测量电路中电流,电压表测量灯L1两端的电压,故AD正确;因为串联电路中电流处处相等,且电流表的示数为0.4A,所以电流表的量程应为0~0.6A,故B错误;因为电源电压为3V,所以电压表的量程为0~3V,故C正确。9、B【解题分析】
(1)响度是声音的强弱,它与物体振幅有关,振幅越大,响度越大;(2)声音不能在真空中传播;(3)音色是声音的品质与特色;(4)回声是声音遇到障碍物反射回来形成的。【题目详解】A、“响鼓还要重锤敲”这句话说明了声音的响度跟振动的幅度有关,振幅越大,响度越大,故A正确;B、“不敢高声语,恐惊天上人”中的“高”是声音的响度,声音的响度越大,传播得越远,但声音不能在真空中传播,故B错误;C、因每个人的音色都不同,所以我们才可“闻其声而知其人”,这句话表明不同人发出的声音具有不同的音色,故C正确;D、“长啸一声,山鸣谷应”是声音经过山谷的反射形成回声,故D正确。故选:B。【题目点拨】本题考点较全,需要学生全面掌握声音的知识,包括声音的三个特征以及相关因素、声音的传播等方面的知识,在平时的学习中注意知识的积累。10、A【解题分析】
A.实心球在上升过程中,因为质量不变、速度减小、高度增大,所以实心球的动能减小,重力势能增加,动能转化为重力势能;不考虑空气阻力,机械能总量不变,故A正确;B.上升到最髙点时,重力势能最大,但实心球仍有水平方向的速度,因此动能不为零,故B错误;C.下落时,重力势能转化为动能,动能增加,重力势能减小,故C错误;D.整个过程中铅球只受重力作用,铅球的运动状态不断发生改变,故铅球受到非平衡力的作用,故D错误;二、填空题(本大题包括7小题,每小题2分,共14分)11、0.58【解题分析】
观察电路图可知,两电阻串联,因为串联电路电流处处相等,所以电流表的示数A;定值电阻R2两端的电压:U2=U-U1=6V-2V=4V;由欧姆定律可知,电阻R2的阻值:Ω.12、6300竖直向上>增大【解题分析】
(2)消防员的重力G=mg=70kg×10N/kg=700N,上爬过程中,消防员克服重力做功W=Gh=700N×9m=6300J,因为沿竖直杆匀速向上爬,所以此时摩擦力与重力平衡,重力方向竖直向下,摩擦力f1方向竖直向上;(3)消防员背上包袱后重力增大,匀速下滑,此时摩擦力与重力是平衡力,摩擦力f2等于重力,重力增大,摩擦力增大,所以摩擦力f2>f1,动能与质量和速度有关,向下滑和向上爬时时速度相同,向下滑时质量较大,动能较大.13、运动150做功【解题分析】以地面为参照物,列车和地面之间的位置在发生变化,所以列车以地面为参照物是运动的.由v得列车行驶的路程:s=vt=300千米/小时×0.5小时=150千米;列车通过时,车轮和铁轨之间相互摩擦,要克服摩擦做功,使铁轨的内能增大,温度升高;所以通过做功的方式改变物体的内能.点睛:(1)判断列车的运动状态要看相对于参照物的位置是否发生了改变;(2)根据公式s=vt即可算出高铁行驶的路程;(3)做功可以改变物体的内能,外界对物体做功,物体的内能增大,温度升高.14、F1﹣F2F1﹣F2F1-F【解题分析】
由图可知,石块在液体中所受到的浮力:F浮=G﹣F示=F1﹣F2,排开液体重:G排=F浮=F1﹣F2,∵F浮=ρV排g,排开液体的体积:V排=F浮ρg=若把该小石块浸没在装有水的容器中,发现弹簧测力计读数F3小于F2,∵F浮=G﹣F示,∴在水中受到的浮力:F浮′>F浮,∵F浮=ρ液V排g,排开液体的体积相同,∴ρ0>ρ。15、盐490【解题分析】
加盐可以使液体的密度增大,“漂浮疗法”是在漂浮池内加入大量的盐,使池内液体的密度大于人体密度,当人进入池内时都会漂浮起来,从而使人放松、消减紧张感,漂浮时浮力等于重力,人受到的浮力为F浮=G=mg=50kg×9.8N/kg=490N.16、a使液体在相同时间内吸收的热量相同a【解题分析】
根据题意知道,在两个相同的烧杯中分别加人初温相同、质量相同的a、b两种液体,液面位置如图甲,由知道,当两种物质质量相等时密度大的体积小,则可判断出a液体密度较大;选用相同电加热器的目的是:使液体在相同时间内吸热相同;由图乙知道,在相同的加热时间时,a物质的温度变化慢,由知道,相同质量的不同物质吸收相同的热量,温度变化小的吸热能力强,则可判断出a吸热能力强.17、220020【解题分析】
导体产生的热量:Q=I2Rt=(0.2A)2×5Ω×10s=2J;3000imp/kW⋅h表示电能表指示灯每闪烁1次,电路中消耗kW⋅h的电能,指示灯闪烁300次,电路消耗电能为:W=300×kW⋅h=0.1kW⋅h,用电器的功率:P===0.2kW=200W;汽油机的转速为2400r/min,说明1s内汽油机曲轴的转动次数为40,一个工作循环中,曲轴转动两周,对外做功一次,1s内曲轴转动40次,对外做功20次.三、作图、实验与探究题(本大题包括5小题,共34分)18、【解题分析】
根据平面镜成像的特点:平面镜所成的像与物等大,像与物离镜面的距离相等,即像与物关于镜面对称,故过A与B分别作平面镜的垂线,在垂线上找出对称点A'与B',因平面镜成的是虚像,用虚线连接A'B'即为所作像.19、【解题分析】
小磁针静止时N极指示的方向向右,为该点磁场的方向.在磁体外部,磁感线从N极指向S极,所以螺线管的左端为N极,右端为S极.根据安培定则,伸出右手使大拇指指向通电螺线管的N极,即螺线管的左端,则四指弯曲的方向为电流的方向,如图所示:.答案:见上图.20、使用前,弹簧测力计未校正“0”点不变剪断悬线OA,观察小球下落方向断开开关在电路中串联一个电流表【解题分析】
(1)图甲所示的弹簧测力计指针不在零点,没有调零,不能马上用来测量力的大小,需要先调零;(2)因为重力的方向总是竖直向下的,所以悬线OA由于受重力的作用就保持竖直方向不变;剪断悬线OA,观察到小球下落的方向,发现小球在竖直向下的重力的作用就会竖直向下运动.(3)换接不同的电阻丝之前,应断开电路开关;换接不同的电阻丝后,灯的亮度变化不明显,可在电路中串联一个电流表观察电流的变化.21、R2C右0.65灯的电阻随温度的升高而变大【解题分析】分析:(1)灯的额定电压为2.5V,小灯泡电阻约为10Ω,由欧姆定律求灯的额定电流,当灯正常发光时,由串联电路的规律和欧姆定律求变阻器连入电路中的电阻确定选用的滑动变阻器;(2)根据滑动变阻器滑片向右移动时,灯泡变亮,确定变阻器的连接与灯串联;(3)逐一分析每个选项,找出符合题意的答案;(4)根据电压表大小量程之比为5:1读数,灯在额定电压下正常发光,比较电压表示数与额定电压的大小,根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向;根据电流表选用小量程确定分度值读数,根据P=UI求灯的功率;(5)灯的电阻随温度的升高而变大,由欧姆定律分析。解答:灯的额定电压为2.5V,小灯泡电阻约为10Ω,由欧姆定律,灯的额定电流约为:I=ULR=2.5V10Ω=0.25A,电源电压6V,当灯正常发光时,由串联电路的规律和欧姆定律,变阻器连入电路中的电阻:(2)滑动变阻器滑片向右移动时,灯泡变亮,即电流变大,电阻变小,故滑片以右电阻丝连入电路中与灯串联,如下所示:(3)A.若电流表断路,整个电路断路,两表都没有示数,不符合题意;B.若小灯泡短路,则电压表示数为0,电流表有示数,不符合题意;C.若小灯泡灯丝断了,小灯泡不亮,电流表无示数,电压表与电源连通测电源电压,电压表指针明显偏转,符合题意;D.若滑动变阻器短路,电流表有示数,电压表有示数,不符合题意,故选C;(4)灯在额定电压下正常发光,排除故障后,当滑动变阻器的滑片移到某一位置时,某同学从“0-15V”量程的刻度线看出指针停在10V处,则对应小量程的2V,小于灯的额定电压2.5V,应增大灯的电压,根据串联电路电压的规律,应减小变阻器的电压,由分压原理,应减小变阻器连入电路中的电阻大小,故滑片向右移动,直到电压表示数为额定电压;此时电流表的示数如图乙所示,电流表选用小量程,分度值为0.02A,电流大小为0.26A,
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