江西省临川一中2024届中考物理最后冲刺模拟试卷含解析

江西省临川一中2024届中考物理最后冲刺模拟试卷考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右滑动过程中A．电压表V示数变小B．电流表A1示数变大C．电流表A2示数不变D．电流表A2示数变小2．下列各成语中，能反映分子无规则运动的是A．坐如针毡 B．镜花水月 C．桂馥兰香 D．步履如飞3．小刚同学所描述的下列现象中不可能发生的是（）A．寒冷的冬天，冰冻的衣服会变干B．潮湿的夏天，从冰箱里取出的冰糕冒“白气”C．有风的天气，游泳后从水中出来会感觉格外冷D．冬天的早晨，窗玻璃外面会出现冰花4．图示为某种物质熔化时温度随时间的变化的图象。根据图象，下列判断正确的是A．该物质熔化过程持续了25minB．该物质是晶体，熔点为80℃C．在第30min，该物质处于固液共存状态D．在第10min到第25min之间，由于物质温度不变，所以不吸收热量5．今年四月以来，我省大部分地区遭遇强沙尘天气，空气质量指数AQI爆表，AQI空气质量评价的主要污染物为PM2.5、NO2等六项。PM2.5是指大气中直径小于或等于2.5μm的颗粒物，把PM2.5、NO2分子、电子、原子核按照空间尺度由大到小排序正确的是A．PM2.5→NO2分子→原子核→电子B．NO2分子→PM2.5→原子核→电子C．NO2分子→原子核→PM2.5→电子D．NO2分子→原子核→电子→PM2.56．如图所示，电源电压不变，当开关s闭合，滑动变阻器的滑片P向右滑动时，下列判断正确的是A．灯L1将变亮 B．电压表的示数不变C．电流表的示数变大 D．电流表示数变小7．下列器具中，属于利用连通器原理的是A．密度计 B．注射器 C．吸尘器 D．茶壶二、填空题（本大题7小题，共21分）8．一条船逆流而上，船上的人看到一座桥迎面而来，这是以________为参照物；若他感到桥向西运动，则以河岸为参照物，船是向____（填“东”或“西”）行驶的．9．根据图所示的电流方向，判断通电螺线管的右端是_____极。（选填“N”或“S”）。10．小明和小岗握住两根较光滑的木棍，小娟将绳子的一端系在其中一根木棍上，然后如图所示依次将绳子绕过两根木棍，小明和小岗相距一定的距离握紧木棍站稳后，小娟在图A处拉绳子的另一端，用很小的力便能拉动他们．两根木棍和绳子组成的机械相当于_____．若小娟所用的拉力为70N，则小明和小岗受到的拉力分别为_____N、_____N（摩擦忽略不计）．11．重200N物体，在50N水平拉力作用下，沿水平地面以0.3m/s的速度匀速运动5s，在这个过程中，重力所做的功是___________J，拉力做功的功率大小是_____________。12．跳台滑雪比赛时（如图所示），运动员在跳台上的助滑道下滑过程中，运动员的重力势能不断转化为运动员的________能；于台端飞出后，由于运动员具有___________他会在空中继续向前飞行；同时他在空中始终受到竖直向下的_________力作用，因此他最终会落在低处的雪道上。13．生活中所用“220V100W”和“220V60W”的甲、乙两盏白炽灯相比较，灯丝较粗的是_____灯；若将两盏灯串联接在照明电路工作时，较亮的是_____灯（均选填“甲”或“乙”）；若“220V100W”的甲灯正常工作_____h消耗1kW•h电能。14．如图所示，一根均匀的细木棒OC，OC=4OA，B为OC的中点．在C点竖直向上施力将挂在A点的重为180N的物体匀速提升．若不计木棒重力，它是一种________（选填“省力”或“费力”）杠杆，C点的拉力为________N；若木棒重为10N，将物体匀速提升0.2m，木棒的机械效率为________%（不计摩擦）．三、作图题（共7分）15．光从空气斜射入水中，反射光线如图所示，请画出对应的入射光线和折射光线的大致位置．（______）16．如图通过滑轮组向下用力提升物体，请画出滑轮组的绕线。17．如图所示，自动扶梯沿图示方向匀速运动，请画出站在扶梯上的人所受力的示意图．四、实验题（本大题共5小题，共20分）18．小铭和小群利用如图甲所示的电路探究“电流与电阻的关系”，已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻R的阻值分别为10Ω、15Ω、20Ω、25Ω.（1)小铭根据图甲所示的电路图，将图乙中的实验器材连接成实验电路，小群在检查时认为，从实验目的来看，实验电路上有一根导线连接错了，建议小铭改接。①请在接错的那根线上打“×”；②另画一根导线，使电路连接正确；（________）③正确连接电路后，闭合开关，电压表、电流表均有示数，移动滑片时电压表、电流表示数变化较小，产生这种现象的原因是：__________________。（2)小铭将电路改接正确后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片到某位置，保持电压表的示数为2.5V，电流表的指针如图丙所示，则电流表的读数是______A，连入电路的电阻R消耗的电功率是_______W。（3）实验中，若保证电压表的示数为2.5V不变，将定值电阻R的阻值由25Ω更换为15Ω，为了保持电压表的示数不变，应将滑动变阻器的滑片向________（选填“左”或“右”）移动：当定值电阻为25Ω时，应移动滑动变阻器滑片使其接入电路的阻值为_______Ω。（4）利用该实验装置还可以测未知定值电阻的阻值，实验中需多次移动滑动变阻器的滑片，多次实验的目的是____________________。19．利用如图所示的装置来验证影响物体动能大小的因素，实验中将同一小钢球先后从同一斜面的A、B不同高度处由静止滚下，推动硬纸盒运动一段距离后静止．（1）纸盒被推动得越远，小球对硬纸盒_____越多，表明小球的动能越大．（2）甲乙两图实验是为了验证_____的关系，在做完甲图实验后进行乙图实验时，发现硬纸盒被撞后滑出木板而掉落，为防止因此造成纸盒损坏，需改进乙图实验后再与甲图实验对比，在不改变木板长度的情况下，采用以下_____方法可确保实验的成功（填字母）A．换用质量更小的小球B．给水平木板铺上毛巾C．适当降低小球的高度D．换用一个较重的硬纸盒（3）若要验证动能大小与另外一个因素的关系，需要添加的一个器材是______20．小明同学在探究影响浮力大小的因素时，做了如图所示的实验.请你根据小明的实验探究回答下列问题.（1）选择C、E两图，可以探究浮力与_____的关系.（2）根据有关实验数据，可以计算出盐水的密度为_____kg/m3.（3）小明想探究“物体受到的浮力与其形状是否有关”，他找来薄铝片，烧杯和水进行实验，实验步骤如下：步骤一：将铝片放入盛水的烧杯中，铝片下沉至杯底；步骤二：将铝片弯成“碗状”再放入水中，它漂浮在水面上.①通过分析可知，铝片在步骤一中受到的浮力_____铝片在步骤二中受到的浮力（选填“大于”、“等于”或“小于”）；②根据步骤一和步骤二无法实现“物体受到的浮力与其形状有关”的探究目的，原因是：______．21．如图1所示为小刚探究“凸透镜成像规律”的实验装置，焦距为15cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，光屏和点燃的蜡烛分别位于凸透镜的两侧．（1）小刚调节烛焰、凸透镜和光屏的高度，使它们的中心在_____高度．（2）小刚将蜡烛移至光具座上30cm刻度线处，移动光屏，直到烛焰在光屏上成清晰的像，则该像是_____的实像．（选填“放大”或“缩小”）（3）小刚改变蜻烛的位置，使其位于10cm刻度线处，移动光屏，直到烛焰再次在光屏上成清晰的像，利用此规律可以制成_____．（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）（4）在如图2所示的四幅图中，能够表示利用透镜成功矫正近视眼的是_____图．22．小明用如图甲所示装置探究两种液体的吸热能力，两烧瓶中的电阻丝相同。实验中，必须取________（选填“体积”或“质量”）相等的A、B两种液体。根据实验测得的数据描绘出A、B两种液体的温度随加热时间变化的图象如图乙所示，分析图乙可知__________（选填“A”或“B”）的吸热能力更强。若加热过程中无热量损失，已知A的比热容为2.4×103J/（kg•℃），则B的比热容为__________J/（kg•℃）。五、计算题（本大题共2小题，共13分）23．如图是用动滑轮提升货物A的示意图。在竖直向上的拉力F的作用下，使重400N的货物A在50s的时间里，匀速竖直上升了10m．在这个过程中，拉力F为250N，不计绳重及摩擦．求：(1)动滑轮的机械效率η；拉力的功率P．24．如图所示，工人用滑轮组匀速吊起重为600N的箱子，若箱子在10s内被匀速竖直提升了2m，工人施加的拉力为350N，不计绳重和摩擦，取g＝10N/kg。求：滑轮组的机械效率；若用此滑轮组将重为900N的物体匀速提升2m，那么拉力做的总功是多少？六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25．图示为一款新水陆两用汽车，主体由钢化玻璃、泡沫聚苯乙烯组成。它的总质量为1338kg，发动机的额定功率为224kW。在陆地上速度能达到126Km/h，在水里行驶时主要靠喷气推动，最高速度达到72km/h。该汽车的主体材料应具有___________小的属性，才能更易于漂浮在水面上；在水里行驶时靠喷气推动，这是利用________的原理。若一个质量为70kg的驾驶员驾驶水陆两用车在水面上静止时，吃水深度为60cm，该车所受的浮力为多少_______？此时水对车底部的压强为多大______?发动机以额定功率工作，该车在陆地上以最大速度均速行驶10min，牵引力做了多少功______？该车受到的阻力为多大_______？26．2015年10月，我国研发的平流层飞艇“圆梦”号（如图甲）首飞成功．飞艇依靠浮力可升到20km高的平流层，其推进系统有太阳能电池提供能量．推进器产生的推力与气流对飞艇的水平作用力平衡，可使飞艇长时间悬停．（1）飞艇气囊内的气体密度比艇外的空气密度_______．若飞艇的气囊体积为3×104m3，则飞艇在平流层受到的浮力约为_________N．（平流层空气密度取0.06kg/m3，g取10N/kg）（2）飞艇所受的空气阻力与风速的关系如图乙，推进器的功效（功效是指推进器的推力与功率的比值）为0.01N/W，当平流层风速为40m/s时，飞艇推进器的功率为_______W．27．2016年10月19日，神舟十一号与天宫二号成功对接。为了使航天员能够适应太空的特殊环境，人们设计了在大型水池中对航天员进行太空行走模拟训练的方法。当航天员在水中处于悬浮状态时，航天员自身及所携带的装备受到的浮力_____重力（选“大于”、“等于”或“小于”）。如果航天员自身及所携带装备的总体积为0.1米3，则其在水中悬浮时受到的浮力为多少牛________？在天宫二号中，你认为下列实验中能完成的有_____。A．用马德堡半球实验证实飞行器内有气压B．用干湿球湿度计测飞行器内的相对湿度C．用过滤法分离食盐和泥沙D．用密度计测饮用水的密度。

参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、C【解题分析】

闭合开关，由图示可知，两电阻为并联关系，电压表测总电压也就是各支路的电压，电流表A1测总电流，电流表A2测通过电阻R1的电流，当滑动变阻器的滑片P向右滑动过程中，电阻变大，总电阻变大，所以总电流变小，故电流表A1示数变小，所以B错；电源电压不变，故A错；并联电路各支路互不影响，所以电流表A2示数不变，故C正确，D错误；应选C．2、C【解题分析】

A．“如坐针毡”象坐在扎着针的毡子上，减小受力面积增大压强，形容人心神不定，坐立不安；不合题意；B．“镜花水月”镜子里的花，水中的月亮，光的反射形成的虚像；比喻虚幻的景象；不合题意；C．“桂馥兰香”桂、兰：两种散发芳香的花；馥、香：形容气味芳香，花香分子无规则运动形成的．符合题意；D．“步履如飞”形容人走的快，好像飞一样，属于机械运动；不符合题意．3、D【解题分析】

A、衣服里的冰升华成了水蒸气，所以冰冻的衣服干了．该选项不合题意．B、空气中的水蒸气遇到从冰箱里取出的雪糕放出热量液化成小水滴，故而出现冰糕冒“白气”现象．该选项不合题意．C、有风的天气，空气流动快，加快了人身上水的蒸发速度，液体蒸发需要吸收热量，所以使人感觉格外冷．该选项不合题意．D、冬天窗玻璃内侧的冰花是水蒸气凝华而成的；冬天的早晨，窗玻璃外面的空气温度与窗玻璃的温度相同，没有热传递现象发生，所以玻璃窗外面不可能有冰花．该选项符合题意．故选D．4、B【解题分析】

明确图象中横纵坐标所表示的内容，可以看出物质的温度整体呈上升趋势，且有一段时间物质吸热但温度不再高，说明这是晶体熔化的图象，进而可以判断出对应的熔点温度；熔化前处于固态，熔化过程后处于固液共存状态、熔化完成处于液态。【题目详解】分析图象可知，图象中呈水平的一段所对应的温度80℃就是该物质的熔点，该物质有固定的熔化温度，是晶体，该物质从第10分钟开始熔化，到第25分钟左右结束，约进行了15分钟，熔化过程吸热温度不变，故AD错误，B正确；C、在第30min熔化完成，该物质处于液态，故C错误。故选B。5、A【解题分析】

M2.5是指大气中直径小于或等于2.5μm的颗粒物，空间尺度大于分子，分子是由原子构成的，原子是由位于中心的原子核和核外电子构成的，原子核包括质子和中子两部分。【题目详解】质子和中子构成原子核，电子和原子核构成原子，电子的空间尺度小于原子核的空间尺度，原子构成分子，分子构成物质，PM2.5是指大气中直径小于或等于2.5m的颗粒物的空间尺度大于分子，所以它们从大到小的顺序为：PM2.5→NO2分子→原子核→电子，故A正确。故选A。6、B【解题分析】试题分析：由图可知，这是个并联电路，电流表测灯泡的电流，电压表测电源的电压．电源电压不变，当开关s闭合，滑动变阻器的滑片P向右滑动时，滑动变阻器的阻值增大，通过滑动变阻器的电流减小，但通过灯泡的电流不变，电流表和电压表的示数不变，灯泡的亮度也不变．考点：电路的串并联；并联电路中的电流和电压特点；欧姆定律7、D【解题分析】

连通器的结构特征是：上端开口、底部相连通；据此判断即可【题目详解】A．密度计是利用漂浮条件和阿基米德原理工作的，故不符合题意；B．注射器吸取药液时利用的是大气压，故不符合题意；C．吸尘器利用的是流体压强和流速的关系，故不符合题意；D．茶壶的壶身和壶嘴上端都开口，底部相互连通，故符合题意；二、填空题（本大题7小题，共21分）8、船东【解题分析】

以船或以人为参照物，桥与船之间的位置发生了变化，所以桥是运动的，故会有桥迎面而来；河岸和桥之间没有位置移动，是相对静止的，所以，若他感到桥向西运动，以河岸为参照物，则船是向东运动的．【题目点拨】在研究物体的运动情况时，需要选取一个参照物，物体与参照物之间的位置发生变化，则物体是运动的；物体与参照物之间的位置没有发生变化，则物体是静止的．9、N【解题分析】

据图可以看出，此时电流从螺线管的右端流入、左端流出，利用安培定则判断可知，该螺线管的右端是N极，左端是S极。10、滑轮组420490【解题分析】

（1）从使用的情况来看，两根木棍和绳子组成的机械相当于滑轮组；

（2）小娟在A处所用的拉力为70N，由图可知小明那端木棍与6段绳子相连，摩擦忽略不计，因此小明受到的拉力：F1=70N×6=420N；小岗那端木棍与7段绳子相连，因此小岗受到的拉力：F2=70N×7=490N。11、015W【解题分析】

根据题中“重力做的功是……，拉力做功功率是……”可知，本题考查功和功率的计算。根据做功的必要因素判断重力受否做功，根据计算拉力做功的功率。【题目详解】由题，物体在50N水平拉力作用下，沿水平地面做匀速直线运动，在重力的方向上没有通过距离，所以重力不做功，即重力所做的功是0J。根据可得，拉力做功的功率：。12、动惯性重【解题分析】

跳台滑雪比赛时，运动员在跳台上的助滑道下滑过程中，运动员的质量不变，高度减小，速度增大，运动员的重力势能减小，动能增大，故该过程是重力势能转化为动能的过程；运动员于跳台端飞出后，运动员能继续向前运动，是由于运动员具有惯性；运动员在空中始终受到竖直向下的重力作用，因此他最终会落在低处的雪道上。13、甲乙10【解题分析】

根据P＝可知：电压相同时，电功率大的电阻小，由题知，甲灯泡的额定功率比乙灯泡的额定功率大，所以甲灯泡的电阻较小，根据影响电阻大小的因素可知：在电阻丝材料、长度、温度相同时，电阻小的横截面积大，即甲灯灯丝较粗，乙灯灯丝较细；当两灯串联时，通过两灯的电流相等，由P＝I2R可知，电流相等时，电阻大的灯泡实际功率大，灯泡就亮，则乙灯的灯丝电阻大，此时乙灯较亮；因为W＝Pt，所以消耗1kW•h电能时甲灯正常工作的时间：t＝＝＝10h。14、省力4590【解题分析】

这根木棒可绕O点转动，在C点竖直向上施力，故动力臂为OC长，在A点的重为180N的物体，重力为竖直向下，故阻力臂为OA长，OC，即动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；根据杠杆平衡条件FOC=GOA可得C点的拉力为：F===45N；若木棒重为10N，将物体匀速提升0.2m，有用功：W有=G=180N×0.2m=36J；因为OA=OC，B为OC的中点，所以OB=2OA；故当物体上升0.2m时，B点将上升0.4m，W额==10N×0.4m=4J，木棒的机械效率为90.三、作图题（共7分）15、【解题分析】解：已知反射光线，首先过反射点作出法线，根据反射角等于入射角在法线右侧画出入射光线；再根据光从空气斜射入水中时，折射光线靠近法线偏折，折射角小于入射角，画出水中的折射光线．如下图所示：点睛：已知反射光线，根据光的反射定律画出空气中的入射光线；再根据光的折射规律画出水中的入射光线．16、如下图所示【解题分析】

用一个定滑轮和一个动滑轮组成滑轮组，通过滑轮组向下用力提升物体，说明绳子自由端的拉力方向向下，所以绳子由定滑轮开始绕起，如图所示：17、【解题分析】因为人随自动扶梯一同匀速上升，所以小华受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力，并且二力是一对平衡力，故所受力的示意图如图：点睛：本题考查的是物体受力情况分析和力的示意图，作图时，注意二力大小相等，线段长度相等．四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、滑动变阻器最大阻值较小0.250.625W左35减小误差【解题分析】

(1)①②根据电路图连接实物图,发现电压表测的是滑动变阻器与Rx两端的电压，显然与实验要求不符，这样不能测出待测电阻两端的电压，修改如图所示；③闭合开关，电压表、电流表均有示数，移动滑片时电压表、电流表示数变化较小，说明滑动变阻器最大阻值较小；(2)由图知：电流表采用量程是0∼0.6A，分度值是0.02A；所以电压U=2.5V，电流I=0.25A；电阻R消耗的电功率：P=UI=2.5V×0.25A=0.625W;.(3)定值电阻R的阻值由25Ω更换为15Ω，因为串联电路电压与电阻成正比，所以电阻两端电压会减小；要保持电压不变，需要将滑动变阻器的电阻也减小。应将滑动变阻器的滑片向左滑动；当定值电阻R的阻值由25Ω时,电路中的电流：I=URR=2.5滑动变阻器的阻值：R滑=U-URI=(4)测未知定值电阻的阻值，需多次测量，求平均值以减小误差。19、做功物体动能与速度C质量不同的小球【解题分析】

（1）纸盒被小球推的远，小球对纸盒做功越多，表明小球的动能越大．（2）让小球从不同的高度滚下，是为了使小球到达水平面时具有不同的初速度，对比甲乙两图可知，小球的动能与速度有关；如果做乙图实验时，为防止造成硬纸盒损坏掉落，可适当降低钢球的高度，这样小球的动能减小，撞击纸盒后前进的距离变小，就不会掉落了．A.换用质量更小的钢球，不能与甲控制相同的质量，故A错误；B.给水平木板铺上毛巾，不能与甲控制相同的接触面，故B错误；C.适当降低钢球的高度，小球的动能减小，撞击纸盒后前进的距离变小，就不会掉落了，故C正确；D.换用一个较重的硬纸盒，则可能推动的距离过小，无法正确判断动能的大小，故D错误．（3）若要验证动能大小与质量的关系，需要添加的一个器材是质量不同的小球．20、液体密度1.2×103小于没有控制排开液体体积相同【解题分析】

（1）C、E两幅图，物体完全浸没在水和盐水中，排开液体的体积相同，液体的密度不同，探究浮力与液体密度的关系，可知物体排开液体的体积相同，液体的密度越大，物体所受浮力越大；（2）由图A可知,物体的重力G=8N,由图C可知,物体浸没在水中时,弹簧测力计对物体的拉力F=6N,则物体受到的浮力F浮1=G−F=8N−6N=2N.由图E可知,物体浸没在盐水中时,弹簧测力计对物体的拉力F=5.6N,则物体受到的浮力F浮2=G−F=8N−5.6N=2.4N.物体排开液体的体积相等,则：=则ρ盐水===1.2×103kg/m3（3）①由物体的浮沉条件可知,铝片下沉时F浮1<G,铝片漂浮时F浮2=G,则F浮1<F浮2；②若要探究浮力大小与形状的关系，应控制液体的密度和物体排开液体的体积相等，由题意可知两次排开液体的体积不同，错误原因就是没有利用控制变量法，即没有控制物体都要排开相同体积的液体．21、同一放大照相机丙【解题分析】

（1）在探究凸透镜成像规律的实验中，烛焰、透镜、光屏三者的中心要在同一高度，以保证烛焰的像能在光屏的中间；（2）焦距为15cm，蜡烛移至光具座上30cm刻度线处，u＝20cm，此时物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立放大实像；（3）改变蜻烛的位置，使其位于10cm刻度线处，u＝40cm，此时物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距，照相机就是依据此原理；（4）近视眼是晶状体太厚，像成在视网膜的前方，需要将光线发散重新将像成在视网膜上，凹透镜对光线有发散作用，故丙图可以矫正近视眼；22、质量A1.2×103【解题分析】

根据c=可知实验中应该控制不同物质的质量相同，所以必须取质量相等的A.

B两种液体；根据如图乙,A、B两种液体的温度随加热时间变化的图象可知,加热相同的时间即吸收相同的热量,A升温：30℃−10℃=20℃,B升温：50℃−10℃=40℃,可知A的吸热能力更强;若加热过程中无热量损失,已知A的比热容为2.4×103J/(kg⋅℃),B升温是A升温的2倍,根据c=，在吸热热量Q与质量m相同的条件下，比热容与升高的温度成反比，则B的比热容为：×2.4×103J/(kg⋅℃)=1.2×103J/(kg⋅℃)。五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、(1)80%(2)100W【解题分析】

（1）有用功：W有=Gh=400N×10m=4000J，拉力端移动距离：s=2h=2×10m=20m，拉力做的总功：W总=Fs=250N×20m=5000J，动滑轮的机械效率：η=×100%=×100%=80%；（2）拉力做功的功率：P===100W。24、（l）85.7%；（2）2000J。【解题分析】

（1）工人做的有用功：W有用＝Gh＝600N×2m＝1200J，由图可知，n＝2，拉力端移动距离s＝2h＝2×2m＝4m，拉力做的总功：W总＝Fs＝350N×4m＝1400J，滑轮组的机械效率：η＝＝×100%≈85.7%；答：滑轮组的机械效率为85.7%。（2）吊起重为600N的箱子，不计绳重和摩擦，拉力F＝（G+G动），则动滑轮的重力：G动＝2F﹣G＝2×350N﹣600N＝100N。若用此滑轮组将重为900N的物体，则