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文档简介
广东省广州大学附中2021-2022学年八年级(下)期中数
学试卷
注意事项:
i.答题前,考生务必在试题卷、答题卡规定位置填写本人准考证号、姓名等信息.考
生要认真核对答题卡上粘贴的条形码的“准考证号、姓名”与考生本人准考证号、
姓名是否一致.
2.选择题每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改
动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号.非选择题答案用0.5毫米黑色墨水签字
笔在答题卡上相应位置书写作答,在试题卷上答题无效.
3.作图可先使用2B铅笔画出,确定后必须用0.5毫米黑色墨水签字笔描黑.
选择题(共10小题,共30分)
1.下列二次根式中,与我能合并的是()
c
A.V24B.V32-回D-Jz
2.下列计算中,正确的是()
A.2V3+4V2=6V5B.V27-J-V3=3
C.3A/3x3V2=3V6D.7(=3)2=-3
3.下列线段不能组成直角三形的是(
A.Q=6,b=8,c=10B.Q=1,b=c=V3
C.Q=4h=41,cD.a=2,b=3,c=V6
4.函数y="的自变量X的取值范围是()
A.x>1B.x>1C.x>1且x40D.x<1
5.如图,点4表示的实数是()
A.—V6D.1-V6
6.下列命题正确的是()
A.一组对边相等,另一组对边平行的四边形是平行四边形
B.对角线互相垂直的四边形是菱形
C.对角线相等的四边形是矩形
D.对角线互相垂直平分且相等的四边形是正方形
7.小强所在学校离家距离为2千米,某天他放学后骑自行车回家,先骑了5分钟后,因
故停留10分钟,再继续骑了5分钟到家,下面哪一个图象能大致描述他回家过程中
离家的距离s(千米)与所用时间t(分)之间的关系()
产米)2『千米)
A.B.
05101§200/m>0汽分)
2♦肝米).s(千米)
2
C.D.|
I•
00ZEH_L
51015205101520t(^)
8.如图,在△4BC中,ZC=90°,AC=2,
^ADC=2乙B,AD=V5,则BC的长为(
A.V3-1
B.V3+1
C.V5-1
D.V5+1
9.如图,在直角坐标系中,将矩形04BC沿OB对折,
使点4落在公处,已知04=遮,AB=1,则点4
的坐标是()
A.
B.片,3)
C.M)
D.M)
10.如图,分另IJ以RtZiACB的直角边AC和斜边4B为边向夕卜
作正方形ACFG和正方形4B0E,连结CE、BG、GE.给
出下列结论:①CE=BG;②EC1BG;③FG?+
BF2=2BD2+BC2;(4)BC2+GE2=2AC2+2AB2.K
中正确的是()
A.②③④B.①②③C.①②④D.①②③④
二.填空题(本题共6小题,共18分)
11.比较大小:4底(填“>"或“<”)
第2页,共20页
12.菱形的两条对角线长分别为6和8,则这个菱形的周长为.
13.使J(6—x)(x—4产=(4-乃历与成立的条件是.
14.已知实数a、b在数轴上的位置如图所示,则化简―a5~b~
Va^+Vb1-J(b—a)2的结果为.
15.如图,将一副三角板如图所示叠放在一起,若AB=8cm,则
阴影部分的面积是cm2.
D「
16.如图,在边长为2的菱形ABCD中,乙4=60。,M是4。/
边的中点,N是AB边上一动点,将AAMN沿MN所在w//
的直线翻折得到AaMN,连接AC,则4c长度的最/
小值是.4》B
三.计算题(本题共1小题,共10分)
17.计算:V18+|1-V2|+(7T-3.14)0.
四.解答题(本题共8小题,共62分)
18.已知久=2+6,y=2-V3,求代数式的值:
A
19.在AABC中,AB=AC=10,点。在8c上,AD=8,BD=6,7
求证:。是线段BC的中点./\
BDC
20.已知y是x的一次函数,当x=l时,y=2,当x=2时,
y=0,求:/X.
(1)求此一次函数解析式;/|\
BC
(2)当一1<尤<3时,函数y的取值范围.D
21.如图,平行四边形4BCD中,对角线4C、BD相交于点0,
BE〃AC交。C的延长线于点E,BD=BE.
(1)求证:四边形ZBCD是矩形;
(2)若NAOB=60。,AB=4,求四边形4BE0的面积.
F.
22.如图,将矩形ABCD沿直线4E折叠,顶点。恰好落在边
上F处,己知CE=3,AB=8,求BF.
23.如图,在△ABC中,AB=AC,ND4C是△4BC的一个外角.实践与操作:根据要
求尺规作图,并在图中标明相应字母(保留作图痕迹,不写作法).
⑴作4DAC的平分线4M;作线段4c的垂直平分线,与4M交于点F,与BC边交于
点E.
(2)连接AE、CF,判断四边形4ECF的形状并加以证明.
24.定义:我们把对角线相等的四边形叫做和美四边形.
(1)请举出一种你所学过的特殊四边形中是和美四边形的例子.
(2)如图1,E,F,G,//分别是四边形ABCD的边48,BC,CD,ZX4的中点,已知
四边形EFG”是菱形,求证:四边形4BCD是和美四边形;
(3)如图2,四边形ABCD是和美四边形,对角线)C,BD相交于0,乙40B=60°,E、
产分别是AD、BC的中点,请探索EF与AC之间的数量关系,并证明你的结论.
图1图2
25.如图1,在正方形Z8CD和正方形BEFG中,点4,B,E在同一条直线上,P是线段DF
的中点,连接PG,PC.
(1)探究PG与PC的位置关系及保的值(写出结论,不需要证明);
(2)如图2,将原问题中的正方形4BCD和正方形BEFG换成菱形4BC。和菱形BEFG,
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且乙4BC=NBEF=60度.探究PG与PC的位置关系及色的值,写出你的猜想并加
以证明;
(3)如图3,将图2中的菱形BEFG绕点B顺时针旋转,使菱形BEFG的边BG恰好与菱
形4BC0的边4B在同一条直线上,问题(2)中的其他条件不变.你在(2)中得到的两
个结论是否发生变化?写出你的猜想并加以证明.
答案和解析
1.【答案】D
解:4、原式=26,不符合题意;
B、原式=4或,不符合题意;
C、原式=3遍,不符合题意;
D、原式=立,符合题意.
2
故选:D.
各式化简后,利用同类二次根式定义判断即可.
此题考查了同类二次根式,以及二次根式的性质与化简,熟练掌握各自的性质是解本题
的关键.
2.【答案】B
解:4、二次根式的加法,实质上是合并同类二次根式,不是同类二次根式,不能合并,
故A错误;
8、二次根式相除,等于被开方数相除,故B正确;
C、根号外的也要相乘,等于9通,故C错误;
D、根据必=|a|,等于3,故。错误.
故选:B.
根据二次根式的运算法则分析各个选项.
既要熟悉二次根式的加减乘除运算法则,还要熟悉二次根式化简的一些性质.
3.【答案】D
解:4、•••62+82=102,能组成直角三角形,故本选项错误;
B、12+(V2)2=(V3)2,能组成直角三角形,故本选项错误;
C、•;©)2+/=©)2,能组成直角三角形,故本选项错误;
D、•:22+(V6)2>32,不能组成直角三角形,故本选项正确.
故选。.
根据勾股理的逆理对个选项进行一析即可.
本题查是勾股定理的逆定理,即如果三角的三边长a,b,c满足a2+b2=c2,这个三角
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形就直角形.
4.【答案】B
解:根据题意得:x—120且x#0,
解得:x>1.
故选:B.
根据二次根式的性质和分式的意义,被开方数大于等于0,分母不等于0,就可以求解.
本题考查了函数自变量的范围,一般从三个方面考虑:
(1)当函数表达式是整式时,自变量可取全体实数;
(2)当函数表达式是分式时,考虑分式的分母不能为0;
(3)当函数表达式是二次根式时,被开方数非负.
5.【答案】B
解:vOA=V22+I2=V5>
・・•点4表示的实数是-4,
故选:B.
根据勾股定理求得。4=V5.于是得到结论.
本题考查了实数与数轴,勾股定理,正确的识别图形是解题的关键.
6.【答案】D
解:4、一组对边相等,另一组对边平行的四边形是平行四边形,错误;
B、对角线互相垂直的四边形是菱形,错误;
C、对角线相等的四边形是矩形,错误;
。、对角线互相垂直平分且相等的四边形是正方形,正确.
故选:D.
直接利用平行四边形以及菱形、矩形、正方形的判定方法分析得出答案.
此题主要考查了命题与定理,正确把握平行四边形以及菱形、矩形、正方形的判定方法
是解题关键.
7.【答案】A
解:因为小强家所在学校离家距离为2千米,某天他放学后骑自行车回家,骑了5分钟后,
因故停留10分钟,继续骑了5分钟到家,所以图象应分为三段,根据最后离家的距离.
故选:A.
根据题意分析可得:他回家过程中离家的距离S(千米)与所用时间t(分)之间的关系有3
个阶段:(1)骑了5分钟,距离s减小;(2)因故停留10分钟,距离s不变;(3)继续骑了5分
钟到家,距离s继续减小,直到为0.
本题考查了函数的图象,要求正确理解函数图象与实际问题的关系,理解问题的过程,
能够通过图象得到函数是随自变量的增大,知道函数值是增大还是减小,通过图象得到
函数是随自变量的增大或减小的快慢.
8.【答案】D
解:Z.ADC=2乙B,Z.ADC=乙B+乙BAD,
:.乙B=乙DAB,
•••DB—DA—V5,
在Rt△ADC中,
DC=y/AD2-AC2=J(V5)2-22=1;
BC=V5+1.
故选。.
根据NAOC=2乙B,^ADC=NB+4BAD判断出D8=DA,根据勾股定理求出。C的长,
从而求出BC的长.
本题主要考查了勾股定理,同时涉及三角形外角的性质,二者结合,是一道好题.
9.【答案】A
【解析】
【分析】
本题主要考查矩形的性质,勾股定理,以及图形对折的
特征及点的坐标的求法.
首先利用勾股定理求出0B的长,得出AAOB=30°,
根据折叠的性质,。4=04,乙40B=N40B,
从而求出乙勺。0,利用勾股定理求出0D、&D即可解答.
【解答】
解:在Rt△AOB中,
•••OA=V3<AB=1,
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OB=y/OA2+AB2=V3+1=2,
・•・OB=2AB,
・・・LAOB=30°,
由翻折性质知乙41。8=乙408=30°,OAl=OA=y[3.
作ArD1OA,垂足为D,如图所示.
在RtZk&。。中,OA1=OA=43,乙4i。。=60°,
・•・Z,OA1D=30°,
•••OD=-0/11=—,
212
2
ArD=J%/_OD=^3=I,
•••点儿的坐标是(今|).
故选A.
10.【答案】C
解:①•••四边形48DE和四边形4CFG都是正方形,
:.AB=AE,AC=AG,Z.BAE=Z.CAG=90°,
:.Z-CAE=Z.GAB
・••△ACE三△4GB(SAS),
・•.CE=BG,
故①正确;
②,:AACE三AAGB,
・•・4ACE=Z.AGB,
・•・Z.MAG=乙CNM=90°,
即4E1BG,
故②正确;
③连接BE,
•.•四边形ABDE是正方形,
乙DBE=4ABE=/ABD=45°,Z.D=90°,
2
BE=>/2BD>
•••BE2=2BD2,
当44BC#45°时,4C8E羊90°,
22
此时BE?+BC*CE,即2"+BC2*CE2t
■■乙F=90°,
■■■FG2+BF2=BG2,
•••CE=BG,
:.FG2+BF2^2BD2+BC?不一定相等,
故③错误;
④连接CG,
vCE上BG,
BN2+CN2=BC2,EN2+NG2=GE2,
•••BC2+GE2=BN2+CN2+EN2+CN2,
•••BN2+EN2=BE2,CN2+GN2=CG2,
BC2+GE2=BE2+CG2,
•四边形4BDE和四边形4CFG是正方形,
•••^BAE=Z.CAG=90°,AB=AE,AC=AG,
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BE2=AB2+AE2=2AB2,CG2=AC2+AG2=2AC2,
BE2+CG2=2AB2+2AC2,
BC2+GE2=2AC2+2AB2,
故④正确;
故选:C.
①证明△ACE任4GB得CE=BG,便可判断①的正误;
②由AACE三ZMGB得心力"=44GB,进而由三角形的内角和定理证明NM4G=乙CNM,
便可判断②的正误;
③连接BE,得BE?=28。2,根据4CBE丰90°,得BE?+BC2丰CE2,BP2BD2+BC2*
CE2,由勾股定理得FG2+BF2=BG2,再由CE=BG,WFG2+BF2^2BD2+BC2^
一定相等,便可判断③的正误;
④连接CG,在不同的直角三角形中由勾股定理得便可将BC?+GE?与24c2+2AB?联系
起来,进而判断④的正误.
本题主要考查了正方形的性质,全等三角形的性质与判定,勾股定理,关键是应用全等
三角形和勾股定理解决问题.
11.【答案】>
【解析】
【分析】
本题考查了二次根式的性质和实数的大小比较等知识点,关键是知道4=3访,题目
较好,难度也不大.
根据二次根式的性质求出V16=4,比较V16和V15的值即可.
【解答】
解:4=V16,
V16>715>
4>V15,
故答案为:>.
12.【答案】20
解:如图所示,菱形4BCD中,AC=8,BD=6,
根据题意得4。=1x8=4,BO=gx6=3,
•••四边形4BCD是菱形,
•••AB=BC=CD=DA,AC1BD,
・••△40B是直角三角形,
AB=迎。2+8。2="6+9=5,
二此菱形的周长为:5x4=20.
故答案为:20.
根据菱形的对角线互相垂直平分的性质,利用对角线的一半,根据勾股定理求出菱形的
边长,再根据菱形的四条边相等求出周长即可.
本题主要考查了菱形的性质,利用勾股定理求出菱形的边长是解题的关键,同学们也要
熟练掌握菱形的性质:①菱形的四条边都相等;②菱形的两条对角线互相垂直平分,
并且每一条对角线平分一组对角.
13.【答案】x<4
解:根据题意得:,(6—x)(x-4年=|x-4|A/6—x=(4—x)V6—x>
x-4<0,6-x>0,
•••x<4.
故答案为:x<4.
根据二次根式有意义的条件,>Jab=Va-VF(a>0,Z?>0),=|a|即可得出答案.
本题考查了二次根式有意义的条件,二次根式的性质与化简,掌握我•死(a2
0,b>0),=|a|是解题的关键.
14.【答案】0
解:由题意,可得a<0<b,且|a|>|b|,
所以原式=|Q|+网——a|
=-a+b—b+a
=0.
第12页,共20页
故答案为:0.
先根据数轴得出a<0<b,且|a|>\b\,进而利用二次根式的性质和绝对值的性质化简
得出即可.
此题主要考查了实数与数轴,二次根式的性质与化简,绝对值的性质,正确化简是解题
关键.
15.【答案】8
解:•••LB=30°,Z.ACB=90°,AB=8cm,
•••AC=4cm.
由题意可知BC〃ED,
・・./.AFC=/.ADE=45°,
AC=CF=4cm,
故SAACF=|x4x4=8(cm2).
故答案为8.
由于BC〃DE,那么△?!(:/=1也是等腰直角三角形,欲求其面积,必须先求出直角边4c的
长;Rt△力BC中,已知斜边4B及NB的度数,易求得4c的长,进而可根据三角形面积的
计算方法求出阴影部分的面积.
本题考查了相似三角形的判定和性质以及解直角三角形,发现AACF是等腰直角三角形,
并能根据直角三角形的性质求出直角边4C的长,是解答此题的关键.
16.【答案】V7-1
解:如图所示:过点M作MFLCC,交CD的延长线于点F,
是定值,4'C长度取最小值时,
•••A在MC上时,
•••在边长为2的菱形48CD中,乙4=60。,M为4D中点,
•••2MD=AD=CD=2,AFDM=60°,
乙FMD=30°,
FD=-MD=-,
22
・•・FM=DMxcos300=—
2
MC=VFM2+CF2=V7.
A'C=MC-MA'=近一1.
故答案为:V7-1.
根据题意,在N的运动过程中4在以M为圆心、4。为直径的圆上的弧4。上运动,当AC
取最小值时,由两点之间线段最短如此时M、A、C三点共线,得出4的位置,进而利
用锐角三角函数关系求出AC的长即可.
本题考查了翻折变换,菱形的性质,等边三角形的性质,折叠的性质,找到当点4是
上,A'B的长度最小是本题的关键.
17.【答案】解:原式=3&+四一1+1
=4V2.
【解析】先化简乃回,根据负数的绝对值等于它的相反数去掉绝对值号,任何非0数的0
次寨都等于1.
本题考查二次根式的化简,绝对值的性质和零指数累,考核学生的计算能力,特别注意
任何非0数的0次基等于1,而不是0.
18.【答案】解:x=2+遍,y=2—A/3,
.-.x+y=4,xy=(2+百)(2-V3)=22-(V3)2=4-3=1,x-y=(2+V3)-
(2-V3)=2遍,
.x_y_/-y2_(x+y)(xy)_4x2-_
yxxyxy1
【解析】由已知条件求出xy,x+y,x-y,将原式化为等,把分子分解因式进而代
入计算即可得出答案
此题主要考查了二次根式的化简求值,由已知条件求出xy,x+y,x-y是解题关键.
19.【答案】证明:vAB=10,AD=8,BD=6,
AD2+BD2=AB2,
:.^ADB=90°,
即AD1BC,
AB=AC,
。是线段BC的中点.
第14页,共20页
【解析】先根据勾股定理的逆定理求出乙4DB=90。,再根据等腰三角形的性质得出即
可.
本题考查了勾股定理的逆定理和等腰三角形的性质,注意:如果一个三角形的两边a、b
的平方和等于第三边c的平方,即a2+b2=c2,那么这个三角形的直角三角形.
20.【答案】解:(1)设一次函数解析式为y=kx+b,
根据题意得CH。,
解得:忆/
则一次函数解折式为y=-2x+4;
(2)vk=-2<0.
二y随x的增大而减小,
当x=-1时,y=6;x=3时,y=-2,
-1<x<3时,得到-2<y<6,
则y的范围为-2<y<6.
【解析】(1)利用待定系数法即可求得;
(2)根据一次函数的性质和图象上点的坐标特征即可求得.
本题考查了待定系数法求一次函数的解析式,一次函数图象上点的坐标特征,熟练掌握
一次函数的性质是解题的关键.
21.【答案】(1)证明:如图,•.•四边形ABC。是平行四边形,
•.AB//CD.
又•••点E在DC的延长线上,
.-.AB//CE.
又BE//AC,
.••四边形ABEC是平行四边形,
•••AC-BE.
又BD=BE,
•••AC—BD,
二平行四边形4BCD是矩形;
(2)解:•.•在矩形力BCD中,AAOB=60%OA=OB,
・•・△40B是等边三角形,
.・.BO=AB=4,
:.BD=2B0=2x4=8,
又•・•四边形ABEC是平行四边形,
CE=AB=4,
:.DE=CD4-CE=8,
在Rt△ABC中,BC=ylBD2-CD2=V82-42=4>/3>
四边形ABED的面积=3(4+8)X4V3=24g.
【解析】(1)根据已知条件推知四边形力BEC是平行四边形,则对边相等:AC=BE,依
据等量代换得到对角线4c=BD,则平行四边形4BCD是矩形;
(2)利用“矩形的对角线相等且相互平分”的性质、等边三角形的判定定理得到A/lOB
是等边三角形,则易求0B=4B=4,所以通过勾股定理求得BC的长度,再利用梯形的
面积公式列式计算即可得解.
本题考查了矩形的对角线互相平分且相等的性质,平行四边形的判定与性质,30。角所
对的直角边等于斜边的一半的性质,熟记性质是解题的关键.
22.【答案】解:•••四边形4BCD为矩形,
:.AB=CD,AD=BC,乙B=zC=乙D=90°,
由折叠的性质得:AD=AF,DE=EF,Z.AFE=zD=90°,
vCE=3,AB=8,
EF=DE=DC-EC=AB-EC=8-3=5,
在也△£"中,EF=5,EC=3,
根据勾股定理得:FC=4,
设BF=x,AD=BC=AF=BF+FC=x+4,
在RtAABF中,AF=x+4,BF=x,AB=8,
根据勾股定理得:x2+82=(x+4)2,
解得:x=6,
则BF=6.
【解析】由矩形4BCD,得到两组对边相等,四个角为直角,再由折叠的性质得到三角
形2DE与三角形2EF全等,利用全等三角形的对应边相等得到力。=AF,DE=EF,由
力B-EC求出DE的长,即为EF的长,在直角三角形ECF中,利用勾股定理求出FC的长,
设BF=x,表示出4F,在直角三角形4BF中,利用勾股定理求出x的值,即可确定出BF
第16页,共20页
的长.
此题考查了翻折变换(折叠问题),勾股定理,利用了方程的思想,熟练掌握勾股定理是
解本题的关键.
23.【答案】解:(1)如图,射线4M,直线EF即为所求作.
(2)结论:四边形,ECF是菱形.
理由:・,・EF垂直平分线段AC,
・•・EA=EC,FA=FC,
••AB=AC,
・•・(B=乙ACB,
・・・4M平分皿IC,
/./-DAM=4CAM,
,:Z.DAC=乙B+Z.ACB,
:.乙CAM=乙ACB,
AM//BC,
:.Z-AFE=乙FEC,
vEA=EC,EFLAC,
・•・^LAEF=乙FEC,
・•・Z-AEF—£.AFE,
:.AE=AF,
:.AE=AF=FC=CE,
二四边形AECF是菱形.
【解析】(1)根据要求作出图形即可.
(2)根据四边相等的四边形是菱形证明即可.
本题考查作图-复杂作图,菱形的判定等知识,解题的关键是理解题意,灵活运用所学
知识解决问题.
24.【答案】解:(1)•••矩形的对角线相等,
矩形是和美四边形;
(2)如图1,连接力C、BD,
•••E,F,G,H分别是四边形ZBCD的边AB,BC,CD,D4的
中点,图1
.:EH=\BD=FG,EF^AC=HG,
•.♦四边形EFGH是菱形,
•••EH=EF=FG=GH,
・•・AC=BD,
.••四边形ABC。是和美四边形;
(3)EF=:AC,
证明:如图2,连接BE并延长至M,使BE=EM,连接
DM、AM.CM,
•・•AE=ED,
・•・四边形M4BD是平行四边形,
ABD=AM,BD//AM,
・•・4MAe=Z.AOB=60°,
・•.△AMC是等边三角形,
・•・CM=AC,
△BMC中,♦:BE=EM,BF=FC,
:.EF=-CM=-AC.
22
【解析】(1)根据矩形的对角线相等解答;
(2)根据三角形的中位线定理得;EH=\BD=FG,EF=^AC=HG,由菱形EFGH四
边相等可得:AC=BD,所以四边形4BCD是和美四边形;
(3)作辅助线,构建平行四边形MABD,再证明A/IMC是等边三角形,根据三角形中位
线定理得:EF=^CM=^AC.
本题考查的是和美四边形的定义、三角形的中位线定理、平行四边形的判定和性质、矩
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形和菱形的性质,正确理解和美四边形的定义、作辅助线是解题的关键.
25.【答案】解:(1)线段PG与PC的位置关系是PG1PC;*=1;
(2)猜想:线段PG与PC的位置关系是PG1PC;=V3.
证明:如图2,延长GP交DC于点
P是
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