甘肃省天水市2023学年高考冲刺模拟物理试题含解析

2023学年高考物理模拟试卷

考生须知：

1.全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色

字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。

2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。

3.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，为四分之一圆柱体的竖直截面，半径为R,在8点上方的C点水平抛出一个小球，小球轨迹恰好

在。点与圆柱体相切，0。与。8的夹角为53。，则C点到8点的距离为（或1153。=0.8,cos53°=0.6）（）

2、如图所示，一根长为L的金属细杆通有电流时，在竖直绝缘挡板作用下静止在倾角为。的光滑绝缘固定斜面上。斜

面处在磁感应强度大小为仄方向竖直向上的匀强磁场中。若电流的方向和磁场的方向均保持不变，金属细杆的电流

大小由/变为0.51,磁感应强度大小由〃变为48,金属细杆仍然保持静止，则（）

I

A.金属细杆中电流方向一定垂直纸面向外B.金属细杆受到的安培力增大了23/Lsine

C.金属细杆对斜面的压力可能增大了〃北D.金属细杆对竖直挡板的压力可能增大了8〃

3,如图所示，固定在水平地面的斜面体，其斜面倾角a=30。、斜面长x=1.6m,底端与长木板B上表面等高，B静止

在光滑水平地面上，左端与斜面接触但不粘连，斜面底端与B的上表面接触处平滑连接。一可视为质点的滑块A从斜

面顶端处由静止开始下滑，最终A刚好未从B上滑下。已知A、B的质量均为1kg,A与斜面间的动摩擦因数”=",

A与B上表面间的动摩擦因数〃2=0.5,重力加速度g取10m/s2,下列说法正确的是（

A.A的最终速度为0

B.B的长度为0.4m

C.A在B上滑动过程中，A、B系统所产生的内能为1J

D.A在B上滑动过程中，A、B系统所产生的内能为2J

4、甲、乙两辆汽车沿同一方向做直线运动，两车在某一时刻刚好经过同一位置，此时甲的速度为5m/s,乙的速度为

lOm/s,甲车的加速度大小恒为1.2m/s2以此时作为计时起点，它们的速度随时间变化的关系如图所示，根据以上条件

可知（）

A.乙车做加速度先增大后减小的变加速运动

B.在前4s的时间内，甲车运动位移为29.6m

C.在尸4s时，甲车追上乙车

D.在7=10s时，乙车又回到起始位置

5、下列说法中，正确的是（）

A.物体在恒力作用下不可能做曲线运动

B.物体在恒力作用下不可能做圆周运动

C.物体在变力作用下不可能做直线运动

D.物体在变力作用下不可能做曲线运动

6,已知太阳到地球与地球到月球的距离的比值约为390,月球绕地球旋转的周期约为27天.利用上述数据以及日常的

天文知识，可估算出太阳对月球与地球对月球的万有引力的比值约为

A.0.2B.2C.20D.200

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、关于气体的性质及热力学定律，下列说法正确的是（）

A.气体压强本质上就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力

B.气体的温度越高，分子热运动就越剧烈，所有分子的速率都增大

C.一定质量的理想气体，压强不变，温度升高时，分子间的平均距离一定增大

D.气体的扩散现象说明涉及热现象的宏观过程具有方向性

E.外界对气体做正功，气体的内能一定增加

8、平行金属板PQ、与电源和滑线变阻器如图所示连接，电源的电动势为E,内电阻为零；靠近金属板P的S处

有一粒子源能够连续不断地产生质量为优，电荷量+4,初速度为零的粒子，粒子在加速电场PQ的作用下穿过。板

的小孔尸，紧贴N板水平进入偏转电场MN；改变滑片，的位置可改变加速电场的电压■和偏转电场的电压

且所有粒子都能够从偏转电场飞出，下列说法正确的是（）

A.粒子的竖直偏转距离与务成正比

B.滑片P向右滑动的过程中从偏转电场飞出的粒子的偏转角逐渐减小

C.飞出偏转电场的粒子的最大速率v„,=J等

D.飞出偏转电场的粒子的最大速率%=2后

9,如图甲所示，一足够长的传送带倾斜放置，倾角为。，以恒定速率v=4m/s顺时针转动。一煤块以初速度vo=12m/s

从A端冲上传送带，煤块的速度随时间变化的图像如图乙所示，取g=10m/s2,则下列说法正确的是（）

A.倾斜传送带与水平方向夹角的正切值tan6=0.75：

B.煤块与传送带间的动摩擦因数〃=0.5

C.煤块从冲上传送带到返回4端所用的时间为4s

D.煤块在传送带上留下的痕迹长为（12+4止）m

10、2019年11月我国首颗亚米级高分辨率光学传输型立体测绘卫星高分七号成功发射，七号在距地约600km的圆轨

道运行，先期发射的高分四号在距地约36000km的地球同步轨道运行，关于两颗卫星下列说法正确的是（）

A.高分七号比高分四号运行速率大

B.高分七号比高分四号运行周期大

C.高分七号比高分四号向心加速度小

D.相同时间内高分七号与地心连线扫过的面积比高分四号小

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.(6分)⑴用游标卡尺测量小球的直径如图甲、乙所示.测量方法正确的是(选填“甲”或“乙”).

(2)用螺旋测微器测量金属丝的直径，此示数为mm.

(3)在“用打点计时器测速度”的实验中，交流电源频率为50Hz,打出一段纸带如图所示.纸带经过2号计数点时,

测得的瞬时速度v=—m/s.

12.(12分)如图甲所示，在“探究功与速度变化的关系”的实验中，主要过程如下：

A.设法让橡皮筋对小车做的功分别为W、2W、3W..........；

B.分析纸带，求出橡皮筋做功使小车获得的速度力、口、V3...........

C.作出W-v图象；

D.分析IV-V图象.如果W-V图象是一条直线，表明如果不是直线，可考虑是否存在W8y2、Wocv\Woe7?

等关系.

(1)实验中得到的一条如图乙所示的纸带，求小车获得的速度应选______________(选填“45”或“C。”)段来计算.

乙

(2)关于该实验，下列说法正确的有

A.通过增加橡皮筋的条数可以使橡皮筋对小车做的功成整数倍增加

B.通过改变小车质量可以改变橡皮筋对小车做的功

C.每次实验中，橡皮筋拉伸的长度必需保持一致

D.先接通电源，再让小车在橡皮筋的作用下弹出

（3）在该实验中，打点计时器正常工作，纸带足够长，点迹清晰的纸带上并没有出现一段等间距的点，造成这种情况的

原因可能是.（写出一条即可）

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）在竖直平面内，一根长为L的绝缘细线，一端固定在。点，另一端拴着质量为，小电荷量为+g的小球。

小球始终处在场强大小为婴、方向竖直向上的匀强电场中，现将小球拉到与。点等高处，且细线处于拉直状态，

由静止释放小球，当小球的速度沿水平方向时，细线被拉断，之后小球继续运动并经过尸点，P点与。点间的水平距

离为心重力加速度为g,不计空气阻力，求

（1）细线被拉断前瞬间，细线的拉力大小；

（2）O、尸两点间的电势差。

14.（16分）如图所示，直角坐标系xOy内z轴以下、x=b（b未知）的左侧有沿y轴正向的匀强电场，在第一象限内

y轴、x轴、虚线MN及x=b所围区域内右垂直于坐标平面向外的匀强磁场，M、N的坐标分别为（0,a）、（a,0）,

质量为m、电荷量为q的带正电粒子在P点以初速度吨沿*轴正向射出，粒子经电场偏转刚好经过坐标

原点，匀强磁场的磁感应强度B=22殳，粒子第二次在磁场中运动后以垂直x=b射出磁场，不计粒子的重力。求：

qa

⑴匀强电场的电场强度以及b的大小；

⑵粒子从P点开始运动到射出磁场所用的时间。

15.（12分）如图所示，质量为〃=2kg的长木板甲放在光滑的水平桌面上，在长木板右端/=2m处有一竖直固定的弹

性挡板，质量为，"=lkg可视为质点的滑块乙从长木板的左端冲上，滑块与长木板之间的动摩擦因数为“=0.2,重力加

速度g=10m/s2,假设长木板与弹性挡板发生碰撞时没有机械能的损失。

⑴滑块乙的初速度大小为vo=3m/s时，滑块乙不会离开长木板甲，则整个过程中系统产生的内能应为多少？

（2）如果滑块乙的初速度大小为vo=Hm/s,则长木板甲至少多长时，才能保证滑块乙不会离开长木板甲？

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、B

【解析】

由题意知得：小球通过。点时速度与圆柱体相切，则有

vy=votan53°

小球从C到，水平方向有

i?sin53°=vo/

竖直方向上有

y吟，

联立解得

y=—R

-15

根据几何关系得，C点到8点的距离

2

Vj-n=y—/?(1-cos530)=—R

CB15

故B正确，ACD错误。

故选B。

2、D

【解析】

A.金属细杆受到重力、斜面的支持力、挡板的支持力和安培力作用，根据力的平衡条件可知，金属细杆中电流方向

可能垂直纸面向外，也可能垂直纸面向里，故A错误；

B.由于磁场与电流方向垂直，开始安培力为£=8%,后来的安培力为

-1L=2BIL

2

则金属细杆受到的安培力增大了

\F=BIL

故B错误；

C.金属细杆受到重力、斜面的支持力、挡板的支持力和安培力作用，根据力的平衡条件可知，将斜面的支持力分解

成水平方向和竖直方向，则水平方向和竖直方向的合力均为零，由于金属细杆的重力不变，故斜面的支持力不变，由

牛顿第三定律可知，金属细杆对斜面的压力不变，故C错误；

D.由于金属细杆受到斜面的支持力不变，故安培力的大小变化量与挡板的支持力的大小变化量相等；如果金属细杆

中电流方向垂直纸面向里，安培力方向水平向右，当安培力增大，则金属细杆对挡板的压力增大，由于安培力增大B1L,

所以金属细杆对竖直挡板的压力增大了如果金属细杆中电流方向垂直纸面向外，安培力方向水平向左，当安培

力增大BIL,则金属细杆对挡板的压力减小5辽，故金属细杆对竖直挡板的压力可能增大了5”，D正确。

故选D。

3、C

【解析】

A.设A、B的质量均为胆，A刚滑上B的上表面时的速度大小为叽滑块A沿斜面下滑的过程，由动能定理得:

mgxsina-/Jtmgxcosa=，"片-0

解得:

vi=2m/s

设A刚好滑B右端的时间为f,两者的共同速度为外滑块A滑上木板B后，木板B向右做匀加速运动，A向右做匀

减速运动。根据牛顿第二定律得：对A有

fiimg=ma\

对B有

fiung=man

则

v=v\-axt=a^t

联立解得

Z=1.2s,v=lm/s

所以，A的最终速度为lm/s,故A错误；

B.木板B的长度为

>+vvv2c八八

L,—x.—x-------1—t——nt——x0.2m—0.2m

ABR2222

故B错误;

CD.A在B上滑动过程中，A、B系统所产生的内能为

2=M〃〃gL=l・5xlxllxl.2J=lJ

故C正确，D错误。

故选C。

4、B

【解析】

A.丫-/图像的斜率表示物体的加速度，由图可知加速度先减小后增大，最后再减小，故A错误；

B.根据运动学公式可得甲车在前4s的时间内的运动位移为：

1,

x=vQt+—at'=5x4+12x1.2x16m=29.6m

故B正确；

C.在片4s时，两车的速度相同；图线与时间轴所围成的“面积”表示是运动物体在相应的时间内所发生的位移；所以

在尸4s时通过的位移不同，故两车没有相遇，甲车没有追上乙车，故C错误；

D.在10s前，乙车一直做匀加速直线运动，速度一直沿正方向，故乙车没有回到起始位置，故D错误；

故选B。

5、B

【解析】

A.物体在恒力作用下也可能做曲线运动，例如平抛运动，选项A错误；

B.物体做圆周运动的向心力是变力，则物体在恒力作用下不可能做圆周运动，选项B正确；

C.物体在变力作用下也可能做直线运动，选项C错误；

D.物体在变力作用下也可能做曲线运动，例如匀速圆周运动，选项D错误；

故选B。

6、B

【解析】

M442

由日常天文知识可知，地球公转周期为365天,依据万有引力定律及牛顿运动定律，研究地球有6」^^=乂地亍厂「

两式相比投=(缰］/鱼］.太阳对月球万有引

地，研究月球有G地2—M月.2r月，日月间距近似为r*

5传

M..MB片“太(TV%(TV(27V

力I\，地球对月球万有引力，故

F-GF2-G2r•—-­--390—-2.13

%石工闻地缶1365；

故选B.

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ACD

【解析】

A.气体压强是由大量气体分子频繁地碰撞器壁而产生的作用，所以其本质上就是大量气体分子作用在器壁单位面积

上的平均作用力，所以A正确；

B.物体的温度越高，分子的平均动能就越大。分子的平均动能大，并不是每个分子动能都增大，也有个别分子的动

能减小，所以B错误；

C.根据理想气体状态方程

T

可知，一定质量的理想气体，压强不变时，温度升高时，体积增加，故分子间的平均距离一定增大，所以C正确；

D.气体的扩散现象说明涉及热现象的宏观过程具有方向性，所以D正确；

E.外界对气体做功

W>0

由于不知道气体是吸热还是放热，根据热力学第一定律

△U=W+Q

无法确定气体的内能增加还是减小，故E错误。

故选ACDo

8、BC

【解析】

A.在加速电场中，由动能定理得

qu、=5叫

在偏转电场中，加速度为

qu,

a=——

md

则偏转距离为

y=­at2

.2

运动时间为

联立上式得

U#

y=-^—

.4Qd

其中/是偏转极板的长度，d是板间距离。粒子的竖直偏转距离与兴成正比，故A错误;

B.从偏转电场飞出的粒子的偏转角的正切值

at

tana=—

%

联立解得

滑片P向右滑动的过程中，Ui增大，。2减小，可知偏转角逐渐减小，故B正确;

CD.紧贴M板飞出时，电场做功最多，粒子具有最大速率。由动能定理

1,

-mv^-0=q(Ui+U2)=qE

解得

故C正确，D错误。

故选BCo

9、AD

【解析】

AB.由v-t图像得0~ls内煤块的加速度大小

q~—m/s2=8m/s2

方向沿传送带向下；1~2s内煤块的加速度大小

4—0A/2

&=------m/s2=4m/s

1

方向沿传送带向下。07s,对煤块由牛顿第二定律得

mgsin0+pmgcos0=ma1

1〜2s,对煤块由牛顿第二定律得

mgsinO-

解得

tan〃=0.75,〃=0.25

故A正确，B错误；

C.v-f图像图线与时间轴所围面积表示位移大小，所以煤块上滑总位移大小为x=10m,由运动学公式得下滑时间为

所以煤块从冲上传送带到返回A端所用的时间为(2+6卜，故C错误；

D.O~ls内煤块比传送带多走4m,划痕长4m,1~2s内传送带比煤块多走2m,划痕还是4m。2~(2+4卜内传送

带向上运动，煤块向下运动，划痕总长为

2+—%厂+vf=(12+4^5)m,

故D正确。

故选AD。

10、AD

【解析】

A.万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得

GMmv2

——--m——

厂5r

可得

运行轨道半径越大，运行的速度越小，高分七号比高分四号向心速率大，故A正确;

B.万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得

运行轨道半径越大，运行的周期越大，所以高分七号比高分四号运行周期小，故B错误;

C.万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得

解得

GM

”产

运行轨道半径越大，运行的加速度越小，所以高分七号比高分四号向心加速度大，故C错误；

D.卫星与地心连线扫过的面积为

S=-20=-rvt=-y/GMr

2r22

相同时间内，运行轨道半径越大，与地心连线扫过的面积越大，相同时间内高分七号与地心连线扫过的面积比高分四

号小，故D正确；

故选AD«

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、甲6.7000.36

【解析】

⑴让球直径卡在两外测量爪之间，测量方法正确的是甲.

⑵螺旋测微器示数6.5mm+2O.OxO.Ob/7m=6.700mm

(3)根据匀变速直线运动的推论可得纸带经过2号计数点时瞬时速度为：

(3.52+3.68)x10-2

413

m!s=Q.36m/s。

2T2x0.10

12、CDACD没有平衡摩擦力或木板的倾角过大或过小

【解析】

(1)由图知：在AB之间，由于相邻计数间的距离不断增大，而打点计时器每隔0.02s打一个点，所以小车做加速运

动.在CD之间相邻计数间距相等，说明小车做匀速运动.小车离开橡皮筋后做匀速运动，应选用CD段纸带来计算

小车的速度V.求小车获得的速度应选CD段来计算；

(2)该实验中利用相同橡皮筋形变量相同时对小车做功相同，通过增加橡皮筋的条数可以使橡皮筋对小车做的功成整

数倍增加.故A正确，B错误；为保证每根橡皮条对小车做功一样多每次实验中，橡皮筋拉伸的长度必需保持一致，

故C正确；在中学阶段，用打点计时器测量时间时，为有效利用纸带，总是先接通电源后释放纸带，故D正确；故选

ACD.

(3)在该实验中，打点计时器正常工作，纸带足够长，点迹清晰的纸带上并没有出现一段等间距的点，造成这种情况

的原因可能是没有平衡摩擦力或木板的倾角过大或过小.

【点睛】

明确了该实验的实验原理以及实验目的，即可了解具体操作的含义，以及如何进行数据处理；数据处理时注意数学知

识的应用，本题是考查实验操作及数据处理的方法等问题.

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

15mgL

13、(1)1.5,ng(2)U=——

0P8q

【解析】

(1)小球受到竖直向上的电场力：

F=qE=1.5mg>nig

所以小球被释放后将向上绕。点做圆周运动，到达圆周最高点时速度沿水平方向，设此时速度为%由动能定理：

(F-mg)L=^mv2

设细线被拉断前瞬间的拉力为尸r,由牛顿第二定律：

v2

FT+mg-F="工

联立解得：FT=l.Smg

(2)细线断裂后小球做类平抛运动，加速度〃竖直向上，由牛顿第二定律

F-mg=ma

设细线断裂后小球经时间，到达尸点，则有：

L=vt

小球在竖直方向上的位移为：

12

y=­at

2

解得：y

4

。、尸两点沿电场方向(竖直方向)的距离为：

d=L+y

0、尸两点间的电势差：

UOP=Ed

联立解得：。。.=?更

的

1TIV2//~\(12+5TT+1Cl

14、(1)E:一,(V2+l)«；(2)1____________Lo

qa')8vn

【解析】

(1)由题意可知，粒子从尸点抛出后，先在电场中做类平抛运动则

a=砧

根据牛顿第二定律有

m

求得

E