电功率练习题(含答案)经典1

电功率练习题(含答案)经典1一、电功率选择题1．共享电动车不仅环保节能而且为人们的出行带来了很大方便。已知某品牌共享电动车的电动机线圈内阻一定，转轴卡住不能转动时，线圈两端电压为48V，电流为12A．当电动车在水平地面上以18km/h的速度匀速直线行驶时，线圈两端电压仍然为48V，电流为2A，则下列说法正确的是（

）A.

电动机线圈电阻为24Ω

B.

电动机的机械功率为96WC.

电动机的效率是66.7%

D.

电动车前进时受到的阻力为16N【答案】D【解析】【解答】解：（1）因电动机转轴卡住不能转动时为纯电阻用电器，所以，由I＝可得，电动机线圈的电阻：R＝＝＝4Ω，A不符合题意；（2）当在水平地面上以v＝18km/h＝5m/s的速度匀速直线行驶时，电动车为非纯电阻，此时电动机消耗的电功率：PM＝UI′＝48V×2A＝96W，电动机线圈电阻消耗的热功率：PR＝（I′）2R＝（2A）2×4Ω＝16W，电动机的机械功率：P机械＝PM﹣PR＝96W﹣16W＝80W，B不符合题意；电动机的效率：η＝×100%＝×100%≈83.3%，C不符合题意；因电动车在水平地面上匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的阻力和牵引力是一对平衡力，所以，由P＝＝＝Fv可得，电动车前进时的牵引力即受到的阻力：f＝F＝＝＝16N，D符合题意。故答案为：D。【分析】结合题意，电动机转轴卡住不能转动时为纯电阻用电器，根据欧姆定律I＝求出电动机线圈的电阻；当在水平地面上匀速直线行驶时，电动车为非纯电阻，根据P=UI求出此时电动机消耗的电功率，根据P=I2R求出电动机线圈电阻消耗的热功率，利用nη＝×100%求出电动机的效率；电动车在水平地面上匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的阻力和牵引力是一对平衡力，二力大小相等，利用P＝＝＝Fv求出电动车前进时的牵引力即受到的阻力.2．如图是探究“电流通过导体时产生热的多少跟什么因素有关”的实验装置．通电前，A、B两个U型管内的液面相平，通电一定时间后，通过R1、R2的电流分别为I1、I2，则（

）A.

I1=I2，A管中的液面较低

B.

I1=I2，A管中的液面较高C.

I1＞I2，A管中的液面较低

D.

I1＞I2，A管中的液面较高【答案】D【解析】【解答】解：由图可知，右侧两电阻丝并联后与左侧电阻丝串联，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以I1＞I2，故AB错误；由Q=I2Rt可知，通电时间相同时，I1＞I2，R1=R2=5Ω，所以左侧电阻产生的热量较多，密闭空气吸收热量后，体积不变，压强变大，左侧容器内气体的压强与大气压的差值较大，A测玻璃管液面较高．故选D．【分析】由电路图分析电阻丝的连接方式，根据串并联电路的电流特点可知通过它们的电流关系，根据Q=I2Rt比较两电阻产生的热量关系，密闭空气吸收热量后，压强变大，U形管内两液面的差值变大，据此进行解答．3．如图所示，电源电压保持12V不变，小灯泡L上标有“6V3W”字样，滑动变阻器最大电阻值R=48Ω，闭合开关，若不考虑灯丝电阻随温度的变化，下列说法正确的是（

）A.

要使电压表的示数增大1V，小灯泡L两端的电压就会减小1VB.

小灯泡L的最小实际电功率为0.6WC.

当滑片P移到变阻器的中点时，小灯泡L正常发光D.

当滑片P移到最右端时，通电10s滑动变阻器消耗的电能是19.2J【答案】D【解析】【解答】由电路图可知，闭合开关后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测灯泡L两端的电压。（1）由电压表测灯泡L两端的电压可知，电压表的示数增大1V，小灯泡L两端的电压就会增大1V，A不符合题意；（2）由P＝UI＝可得，灯泡的电阻：＝12Ω，当滑片P移到最右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，小灯泡的实际功率最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的最小电流：I＝＝0.2A，则小灯泡L的最小实际电功率：PL小＝I2RL＝（0.2A）2×12Ω＝0.48W，B不符合题意；通电10s滑动变阻器消耗的电能：WR＝I2Rt＝（0.2A）2×48Ω×10s＝19.2J，D符合题意；（3）当滑片P移到变阻器的中点时，电路中的电流：I′＝A，此时灯泡的实际功率：PL′＝（I′）2RL＝（A）2×12Ω≈1.33W＜3W，所以，此时灯泡不能正常发光，C不符合题意。故答案为：D。【分析】闭合开关后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测灯泡L两端的电压.（1）电压表示数的变化和灯泡两端的电压变化相同；（2）根据P=UI=求出灯泡的电阻，当滑片P移到最右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，小灯泡的实际功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，利用P=I2R求出小灯泡L的最小实际电功率，再利用W=UIt=I2Rt求出通电10s滑动变阻器消耗的电能；（3）当滑片P移到变阻器的中点时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用P=I2R求出小灯泡L的实际功率，然后与灯泡的额定功率相比较确定是否正常发光.4．关于电现象，下列说法正确的是（）A.

电流做功越多，电功率越大

B.

家用电器的金属外壳要接地C.

同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥

D.

导体中没有电流通过时，导体就没有电阻【答案】B【解析】【解答】解：A、电功率的大小，不但和做功的多少有关，还与时间的长短有关，故A错误；B、有金属外壳的家用电器的金属外壳要接地，正确；C、电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故C错误；D、电阻是导体的一种性质，和导体中有无电流无关，故D错误．故选B．【分析】（1）电功率是表示电流做功快慢的物理量，和电流做功的多少、时间的长短有关；（2）为了防止漏电发生触电事故，所以大功率或有金属外壳的用电器的外壳要接地；（3）电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；（4）电阻是导体的一种性质，和导体中有无电流无关．5．小王在一次家庭探究活动中，在作业本上做了如下5条记录：①电饭煲铭牌上标有“220V，800W，50Hz”等字样；②使用试电笔时，手必须接触笔尾的金属体；③电视机上安装的动圈式扬声器，其运作原理是电磁感应；④床头灯的开关是串联在电路上的；⑤体温计的刻度范围通常是35～42℃，分度值为1℃．你认为小王的记录完全正确的是（

）A.

①②③

B.

②④⑤

C.

①②④

D.

①③⑤【答案】C【解析】【解答】解：①电饭煲铭牌上标的220V是电饭煲的额定电压、800W是电饭煲的额定功率、50Hz是所接交流电的频率，故①正确；②使用试电笔时，笔尖接触电线，手接触笔尾的金属体，故②正确；③动圈式扬声器的工作原理：通电线圈在磁场中受力运动，故③错；④开关和所控制的用电器是串联的，故④正确；⑤体温计的刻度范围通常是35～42℃，分度值为0.1℃，故⑤错．故选C．【分析】利用下列知识分析判断：（1）用电器铭牌上标有：额定电压、额定功率、交流电的频率；（2）使用试电笔时，笔尖接触电线，手接触笔尾的金属体，若试电笔的氖管发光，则笔尖接触的是火线；（3）动圈式扬声器的工作原理：通电线圈在磁场中受力运动；动圈式话筒的工作原理：电磁感应；（4）开关和所控制的用电器是串联的，家用电器之间是并联的；（5）体温计的刻度范围通常是35～42℃，分度值为0.1℃．6．小明家上次査看电能表示数，本次查看时电能表读数如图所示，则下列说法正确的是（

）A.

他家在这段时间内消耗的电能为903kw·hB.

电能表是测量电功率的仪表C.

若只让一个标有“220V1000w”的电热水器正常工作10min，则电能表的圆盘转了600转D.

这个电能表的额定功率为2200W【答案】C【解析】【解答】A.根据电能表窗口示数差计算消耗的电能为8633.5kw.h-8543.2kw.h=90.3kw.h，A不符合题意；B.电能表是测量电功的仪表，B不符合题意；C.电热水器消耗的电能为，电能表实际转数为，C符合题意；D.电能表的最大电功率为，D不符合题意。故答案为：C.【分析】电能表是测量电功的仪表，利用电功率和时间可以计算消耗的电能，根据电压和电流可以计算电功率。7．下列各选项中，完全正确的是（

）A.

常见做法目的高山上用高压锅做饭升高沸点家用电器金属外壳接地避免人体触电拉开弓把箭射出利用弹性势能B.

家用电器物理原理电饭锅电流的热效应电风扇磁场对电流的作用电吹风电磁感应C.

日常现象物理知识冬天玻璃窗户上的“冰花”凝固锯木头时锯条会发热热传递汽车急刹车时人向前倾倒惯性D.

能量转化应用实例化学能转化为电能蓄电池电能转化为机械能电动机太阳能转化为内能内燃机【答案】A【解析】【解答】A、选项中高山上用高压锅做饭，是因为高山的海拔较高，水的沸点很低，所以必须用高压锅增大气压，提高水的沸点。所以该说法正确。家用电器金属外壳接地是当火线破损等各种原因导致火线与金属外壳有接触的时候，能及时把电流引向大地，从而防止人触电。所以该说法正确。拉开弓把箭射出是利用弓的弹性势能转化为箭的动能。所以该说法正确。综上，A符合题意。B、选项中电吹风能吹风，是因为电吹风里面有个电动机，其原理是磁场对电流的作用；电吹风吹出来的风是热的，这是利用电流的热效应。整个电吹风没有利用到电磁感应。B不符合题意。C、选项中冬天玻璃窗户上的“冰花”，“冰花”是由空气中的水蒸气遇到冷的玻璃出现的凝华现象；锯木头时锯条会发热，这是通过做功使锯条内能增加，而不是热传递。C不符合题意。D、中给蓄电池充电时候是把电能转化为化学能；而蓄电池作为电源给用电器提供电能时它是把化学能转化为电能。题目指代不明。内燃机是把内能转化为机械能，而不是把太阳能转化为内能。D不符合题意。故答案为：A。【分析】此题涉及到的知识点较多，逐项分析即可，难度不大.8．如图所示，灯泡L1和L2（灯泡中只要有电流就能发光）相同，电源电压小于灯泡的额定电压，且保持不变，开关S由闭合到断开，电路中（

）

A.

L1变亮，电压表示数变小B.

L1变暗，电流表示数变大C.

L2亮起来，电压表示数变大D.

L2亮起来，电流表示数变小【答案】D【解析】【解答】解：开关S闭合时，电路为灯泡L1的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流；当开关S断开时，灯泡L1和L2串联，灯泡L2亮起来，电压表测灯泡L1两端的电压，电流表测电路中的电流；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，D符合题意；由U=IR可知，灯泡L1两端的电压变小，即电压表的示数变小，C不符合题意；因P=UI，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，灯泡L1的实际功率变小，灯泡L1变暗，A、B不符合题意。故答案为：D。【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式及电表的测量对象，首先判断出电路中电阻的变化，根据欧姆定律I=判断出电路中的电流的变化和灯泡L1两端的电压的变化，即电压表的示数的变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知亮暗的变化.9．如图甲所示电路中，电源电压可调，灯L1、L2的额定电压均为6V，L1、L2的I﹣U图象如图乙所示，闭合开关S，逐步调大电源电压至电路允许的最大值，此时（

）A.

L1正常发光

B.

电源电压为12V

C.

电路总电阻为30Ω

D.

电路总功率为2.4W【答案】D【解析】【解答】解：由图乙可知，两灯泡两端的电压为6V时，通过两灯泡的电流I1=0.6A、I2=0.3A，由电路图可知，两灯泡串联，电流表测电路中的电流，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中允许通过的最大电流I=I2=0.3A，则L2正常发光，故A错误；由图乙可知，L1两端的电压U1′=2V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=U1′+U2=2V+6V=8V，故B错误；由I=可得，电路总电阻：R==≈26.7Ω，故C错误；电路的总功率：P=UI=8V×0.3A=2.4W，故D正确．故选D．【分析】由图乙可知两灯泡额定电流下的电流，根据串联电路的特点可知电路中的最大电流为两灯泡额定电流中较小的，即额定电流较小的灯泡能正常发光，根据图象读出两灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出电路的总功率．10．将A、B两个灯泡，按图一、图二两种方式连接，已知RA=4Ω、RB=6Ω，电源电压相同，下面分析正确的是（

）A.

图一中A灯比B灯亮

B.

图二中A灯比B灯亮C.

图一中A灯比图二中A灯亮

D.

图一中的总功率比图二中的总功率要大【答案】B【解析】【解答】A．图一中，两灯泡串联，串联电路中各处的电流相等，A灯泡的电阻较小，由可知，A灯泡的实际功率较小，即A灯比B灯暗，A不符合题意；B．图二中，两灯泡并联，并联电路中各支路两端的电压相等，根据可知，A灯泡的电阻较小，其实际功率较大，A灯比B灯亮，B符合题意；C．由于图一中两灯串联，A灯泡两端的电压小于电源电压，图二中两灯并联，A灯泡两端的电压等于电源的电压，根据可知，图一中A灯泡的实际功率较小，灯泡较暗，即图一中A灯比图二中A灯暗，C不符合题意；D．因串联电路中总电阻大于任何一个分电阻，并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，即图一中的总电阻大于图二中的总电阻；由可知，图一中的总功率比图二中的总功率要小，D不符合题意。故答案为：B。【分析】根据P=UI=I2R=比较两灯泡的实际功率关系，实际功率大的灯泡较亮.11．如图所示电路，电源电压恒定，R为光敏电阻，其阻值随着光照的增强而减小，为定值电阻，当光照减弱时A.

V与示数的比值减小

B.

V与示数的比值不变C.

与示数之差变大

D.

电路消耗的总功率减小【答案】D【解析】【解答】A、由欧姆定律可知，V与示数的比值为光敏电阻R的阻值，因R的阻值变大，则该比值变大，A不符合题意；B、电压表示数不变，示数变小，则V与示数的比值变大，B不符合题意；C、由并联电路的特点可知，与示数之差为通过的电流，保持不变，C不符合题意；D、电源电压不变，总电流变小，根据可知，总功率减小，D符合题意。故答案为：D。【分析】光敏电阻R与定值电阻R0并联，电压表测量的是R两端的电压（即电源的电压），保持不变；电流表A1测量的是通过R的电流，电流表A2测量的是干路中的电流；已知光敏电阻R的阻值随着光照的增强而减小，则当光照减弱时，R的阻值变大，根据欧姆定律可知，通过R的电流变小，即电流表A1示数变小；通过R0的电流不变，而通过R的电流变小，所以干路中的电流变小，即电流表A2示数变小，根据P=UI可知，总功率减小.12．将标有“6V3W”和“6V2W”的甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6V的电源两端，接通电路后，以下说法正确的是（）A.

两只小灯泡都不能正常工作，甲灯比乙灯亮

B.

两只小灯泡都能正常发光C.

通过乙灯的电流较大，所以乙灯较亮

D.

两只小灯泡的总功率小于2W【答案】D【解析】【解答】甲灯的电阻R1==12Ω，乙灯的电阻R2==18Ω，甲灯的实际功率P甲=I2R1，乙灯的实际功率P乙=I2R2，因为R1＜R2，所以P甲＜P乙，所以乙灯亮，两灯串联后电流相同，但两端的电压都小于额定电压，所以都不能正常工作，故ABC错误，两灯消耗的总功率P总==1.2W＜2W，故D正确．故选D．13．现有电源、开关、电流表、电压表、灯泡、滑动变阻器各一个，其中灯泡的U﹣I图象如图所示。将这些元件用导线连成电路后，闭合开关，滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数从5V开始减小，电流表的示数从0.3A开始增大。下列结论正确的是（

）A.

电源的电压为5VB.

小灯泡的最大功率为0.3WC.

滑动变阻器的最大阻值为20ΩD.

整个电路的最小功率是1.8W【答案】D【解析】【解答】解：（1）根据题意可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，如图所示：；（2）当电压表的示数为5V时，电路中的电流为0.3A，由图象得出此时灯泡两端的电压UL＝1V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压：U＝U滑+UL＝5V+1V＝6V，A不符合题意；由I＝可得，滑动变阻器的最大阻值：R滑＝＝≈16.7Ω，C不符合题意；整个电路的最小功率：Pmin＝UI＝6V×0.3A＝1.8W，D符合题意；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，灯泡两端的电压和电源的电压相等，由图象可知通过灯泡的电流I′＝0.5A，则小灯泡的最大功率：PLmax＝UI′＝6V×0.5A＝3W，B不符合题意。故答案为：D。【分析】结合题意，将滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数减小，电流表的示数增大，则电压表并联在滑动变阻器两端，否则两电表示数应同时增大或同时减小；当电压表的示数为5V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电路的总功率最小，根据图象读出电路中的电流为0.3A时灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据P=UI求出整个电路的最小功率；当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，灯泡两端的电压和电源的电压相等，根据图象读出通过的电流，根据P=UI求出灯泡的最大功率.14．某直流电动机标有“36V

18W”字样，经测量其线圈电阻为2Ω，使电动机正常工作10min．则电动机在这段时间内产生的热量是（

）A.

1.08×104J

B.

300J

C.

3.888×105J

D.

1.05×104J【答案】B【解析】【解答】解：直流电动机的电流I＝＝＝0.5A，所以电动机线圈产生的热量：Q＝I2Rt＝（0.5A）2×2Ω×10×60s＝300J。故答案为：B。【分析】先根据公式I＝计算出直流电动机的电流，再根据公式Q＝I2Rt可求这台电动机10min内产生的热量。15．如图所示，电源电压为12V且保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器（a、b为其两端点）．闭合开关S，当滑片P在某一端点a时，电流表示数为0.1A，R2消耗的电功率为1W；当滑片P移动至某一位置c时，电压表示数为4V，R1消耗的电功率为3.2W．下列说法正确的是（

）A.

滑片P在a点时，R1消耗的电功率为2W

B.

滑片P在b点时，R1消耗的电功率为0.6WC.

滑片P在c点时，R2消耗的电功率为1.6W

D.

滑片P在c点时，电路消耗的总功率为4W【答案】C【解析】【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）当滑片P在某一端点a时，电流表示数为0.1A，串联电路中电流处处相等，即I=I1=I2=0.1A，R2消耗的电功率为1W；根据P=UI，则此时R2两端电压：U2===10V，因R1与R2串联，所以R1两端电压：U1=U﹣U2=12V﹣10V=2V，R1消耗的电功率：P1=U1I1=2V×0.1A=0.2W；﹣﹣﹣﹣故A错误；当滑片在a时，由欧姆定律的变形公式，变阻器连入电路中的电阻：R2==100Ω，R1===20Ω滑片P在另一端b点时，即变阻器连入电路中的电阻为0，电路中只有R1，消耗的电功率为：P1===7.2W，﹣﹣﹣﹣故B错误；（2）当滑片P移动至某一位置c时，电压表示数=4V，根据串联电路电压的规律，R1的电压：U′1=U﹣U′2=12V=4V=8V，根据P=UI，此时电路中的电流：I′===0.4A，滑片P在c点时，R2消耗的电功率：=I′=4V×0.4A=1.6W；﹣﹣﹣﹣故C正确；滑片P在c点时，电路消耗的总功率：P总=UI′=12V×0.4A=4.8W，﹣﹣﹣﹣故D错误；故选C．【分析】（1）由图知R1、R2串联在电路中，电流表测电路中电流，电压表测R2两端电压，当滑片P在某一端点a时，串联电路中电流处处相等，根据P=UI求出电压表示数，根据串联电路电压规律，求出R1两端电压，根据P=UI求R1消耗的电功率；由欧姆定律求出当滑片在a时，变阻器连入电路中的电阻及R1的电阻，滑片P在另一端b点时，即变阻器连入电路中的电阻为0，电路中只有R1，根据P=求R1消耗的电功率；（2）当滑片P移动至某一位置c时，根据串联电路电压的规律，求R1的电压，根据P=UI求出此时电路中的电流，分别根据P=UI求R2消耗的电功率和电路消耗的总功率．16．下列关于电能的说法正确的是（

）A.

可以通过电流表把电能直接测量出来

B.

电能的单位是“度”，学名叫做千瓦C.

消耗电能越多的用电器，电功率就越大

D.

消耗电能相同的用电器，产生的热量不一定相同【答案】D【解析】【解答】A.电流表可以测量电流，不能测量电能，A不符合题意；B.电能的单位是“度”，又叫千瓦时，B不符合题意；C.电功率越大，表示电流做功快，C不符合题意；D.消耗电能相同的用电器，产生的热量不一定相同，D符合题意。故答案为：D.【分析】电功率表示电流做功的快慢，不同用电器，转化成的热的效率不同。17．如图所示是加热器的电路图，设电源电压保持不变，R1、R2均为发热电阻丝，通过开关通断组合，可得到不同加热档位。该加热器最大电功率为12W，只闭合开关S1时，加热器的电功率是8W。则下列判断正确的是（

）A.

该加热器只有两个加热档位

B.

加热器两个发热电阻丝的阻值之比R1∶R2=1∶3C.

加热器功率最大时，R1与R2的电流之比为2∶1

D.

该加热器的最小电功率是8W【答案】C【解析】【解答】A．由电路图知道，R1与R2并联连接，且均有一个开关单独控制，这样电加热器能有三个加热档位，即R1单独工作、R2单独工作、R1和R2同时工作，A不符合题意；B．由电路图知道，开关S1、S2均闭合时，R1与R2并联，由于并联电路中总功率等于各用电器功率之和，所以，R2的发热功率是：P2=P-P1=12W-8W=4W，又因为并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由知道，两个发热电阻的阻值之比是：；B不符合题意；C．由于并联电路两端的电压相等，根据P=UI知道，加热器功率最大时，R1与R2的电流之比是：，C符合题意；D．由于P1=8W，P2=4W，所以，当只有R2工作时，该加热器的电功率最小，即最小电功率是4W，D不符合题意。故答案为：C【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式，根据并联电路的特点和求出两个发热电阻的阻值之比；根据P=UI可得电流之比；根据R1的发热功率和R2的发热功率判断得出最小电功率.18．如图所示，R0为定值电阻，闭合开关后，当滑片P在某两点之间滑动时，电流表的示数变化范围是0.5～1.5A，电压表的示数变化范围是3～6V．小明通过推算，得出四个结论，其中错误的是（）A.

定值电阻R0的阻值为3Ω

B.

变阻器连入电路的电阻变化范围为2～12ΩC.

实验中R0两端的电压变化范围为1.5V～4.5V

D.

电路消耗的总功率的变化范围为3.75W～10.25W【答案】D【解析】【解答】由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端电压；当滑动变阻器接入电路阻值增大时，电路中电流减小，即电流表示数减小；变阻器接入阻值增大时，其分得电压增大，即电压表示数增大；所以，电流表与电压表的示数变化情况是相反的。A、由串联电路的电压特点和欧姆定律可得，电源电压U=UV+IR0，电流表示数变化范围是0.5A～1.5A，电压表的示数变化范围3V～6V，结合前面分析可知，当I=0.5A时，UV=6V，所以有U=6V+0.5A×R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①当I=1.5A时，UV=3V，所以有U=3V+1.5A×R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②联立①②解得：R0=3Ω，U=7.5V，A不符合题意；B、由题可知，电流表示数变化范围是0.5A～1.5A，电压表的示数变化范围3V～6V，滑动变阻器接入电路的阻值分别为：R滑===2Ω，R滑′===12Ω，即变阻器连入电路的阻值变化范围为2Ω～12Ω，B不符合题意；C、R0两端的电压分别为：U0=I最小R0=0.5A×3Ω=1.5V，U0′=I最大R0=1.5A×3Ω=4.5V，则R0两端的电压变化范围是1.5V～4.5V，C不符合题意；D、电路消耗的最小电功率：P最小=UI最小=7.5V×0.5A=3.75W，电路消耗的最大电功率：P最大=UI最大=7.5V×1.5A=11.25W，则电路消耗的总功率的变化范围为3.75W～11.25W，D符合题意。故答案为：D。【分析】根据电流的范围和电压的范围，结合欧姆定律计算公式和电功率计算公式，求电路中的电阻、分压情况和电功率.19．在如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，四个电表的示数都发生了变化，电表的示数分别用l、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用△l、△U1、△U2和△U3表示，电阻R1、R2、R3消耗的电功率分别用P1、P2、P3表示，下列选项正确的是（

）A.

U1/l不变，△U1/△l变小

B.

U2/l变大，△U2/△l不变C.

U3/l不变，△U3/△l不变

D.

P1变大，P2变小，P3变大【答案】B【解析】【解答】电源电压保持不变，闭合开关S，R1、R2、R3串联，A.U1/l为R1不变，△U1/△l为R1不变，A不符合题意；B.U2/l为滑动变阻器连入电路的阻值，阻值变大，△U2/△l为R1和R3的阻值，阻值不变，B符合题意；C.U3/l为R1和R2的阻值变大，△U3/△l为R3不变，C不符合题意；D.滑动变阻器的电阻变大，电路中电流变小，P1变小，P2先变大后变小，P3变小.D不符合题意；故答案为：B.【分析】学生首先要会分析电路图，再要会根据滑片的移动情况，分析电路中电阻的变化，再分析各个量的变化.20．灯L1标有“8V

16W”，灯L2标有“12V

36W”，假设两灯电阻不随温度变化。现将两灯串联后接在电压为U的电路中，要保证两灯上的实际电压都不超过其额定电压，则电压U的最大值是（

）A.

14伏

B.

16伏

C.

18伏

D.

20伏【答案】B【解析】【解答】由P=UI知道，两灯泡的额定电流分别是：I1=P1/U1=16W/8V=2A，I2=P2/U2=36W/12V=3A，由I=U/R知道两灯泡的电阻分别是：R1=U1/I1=8V/2A=4Ω，R2=U2/I2=12V/3A=4Ω，因为串联电路中各处的电流相等，所以，两灯泡串联时，电路允许通过两灯泡的最大电流I=I1=2A，又因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路两端允许加的最大电压是：U=I（R1+R2）=2A×（4Ω+4Ω）=16V，故答案为：B。【分析】两灯泡串联时电路中的最大电流为两灯泡额定电流中较小的、两灯泡并联时电路的最大电压为两灯泡额定电压中较小的据此结合欧姆定律计算即可.21．如图所示电路，电源电压为12V且保持不变。闭合开关S，当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数为4V；当滑片P置于变阻器的b端时，电压表的示数变化了2V，在10s内定值电阻R1产生的热量为60J，则下列结果正确的是（

）A.

电路中的最小电流为1.5A

B.

滑片P在中点时，9s内滑动变阻器R消耗的电能为60JC.

R1先后两次消耗的电功率之比为4：3

D.

R先后两次消耗的电功率之比为8：9【答案】D【解析】【解答】解：根据电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R串联，电压表测R两端电压，电流表测电路中电流；根据串联电路分压原理知，滑片从中点到b端时，R连入阻值增大，它分得电压增大，即电压表示数增大了2V，此时电压表示数为4V+2V＝6V；所以U1＝U﹣UR＝12V﹣6V＝6V，由Q＝t可得：R1＝t＝×10s＝6Ω；A、当滑片在b点时，电路中电阻最大，电流最小，电路中的最小电流：I最小＝I1＝＝＝1A，A不符合题意；B、滑片在中点时，电路中的电流：I＝I1′＝＝＝A，9s内滑动变阻器R消耗的电能：WR＝URIt＝4V×A×9s＝48J，B不符合题意；C、由P＝UI可得，R1先后两次消耗的电功率之比：＝＝＝，C不符合题意。C、由P＝UI可得，R先后两次消耗的电功率之比：＝＝＝，D符合题意。故答案为：D【分析】结合电路图，理清元件的连接方式，根据串联电路分压规律可知滑片从中点到b端时，电压表示数将增大，因此电压表示数增大了2V，然后根据串联电路电压规律以及Q＝t即可求出R1的阻值；当滑片在b点时，电路中的电流最小，根据串联电路电压规律和欧姆定律即可求出电路中的最小电流；先根据欧姆定律求出滑片在中点时电路中的电流，然后根据W=UIt求出9s内滑动变阻器R消耗的电能；根据P=UI即可求出R1、R先后两次消耗的电功率之比.22．如图所示电路，电源电压为3V，灯标有“6V6W”，灯标有“3V3W”，下列有关说法正确的是（

）A.

断开，接可以正常发光

B.

断开，接实际功率为3WC.

断开，接更亮

D.

闭合，接更亮【答案】D【解析】【解答】两灯的电阻分别为：，。A.断开，接单独接入电路工作，电耗为3V，灯的额定电压为6V，所以不能正常工作，A不符合题意；B.断开，接两灯串联，电路总电阻大于任一个灯的电阻，而L2灯在3V电压时为3W，所以串联总功率小于3W，，所以L2的实际功率不可能为3W，B不符合题意；C.断开，接两灯串联时，电流相等，根据，电阻大的功率大，所以L1的功率大，更亮一些，C不符合题意；D.闭合，接此时两灯并联在3V电源上，根据知，电压相等时，电阻越小，功率越大，所以L2的功率大，更亮，D符合题意。故答案为：D。【分析】

当U>U0时，则P>P0

；灯很亮，易烧坏.

当U<U0时，则P<P0

；灯很暗，

当U=U0时，则P=P0

；正常发光.23．家用饮水机是一种双温电热器，其工作原理可简化为如图所示的电路，R1为定值电阻，R2为电热板，R1=3R2，a、b是温控开关S的两个触点，调节S可使饮水机处于加热或保温状态。则饮水机在加热与保温状态时R2消耗的电功率之比及有关说法正确的是（

）A.

4：1，S与a点接触时处于保温状态B.

16:1，S与a点接触时处于保温状态C.

4：1，S与b点接触时处于保温状态D.

16：1，S与b点接触时处于保温状态【答案】B【解析】【解答】当S接b时是加热状态，此时R2电功率为，当S接a时，电路串联，处于保温状态，