2023年湖南省湘西州泸溪县中考物理模拟试题（解析版）

2023年湖南省湘西州泸溪县中考物理模拟试卷（3月份）

一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分每小题只有一个选项正确）

1.如图所示的工具中，正常使用时属于省距离杠杆的是（）

【答案】B

【解析】

【详解】A.瓶盖起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，费距离，故A不符合题意;

B.镜子在使用过程中，动力臂小于阻力臂是费力杠杆，省距离，故B符合题意；

C.钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，费距离，故C不符合题意；

D.核桃夹子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，费距离，故D不符合题意。

故选B。

2.下列对物理量的估计符合实际情况的是（）

A.人体的安全电压为36V

B.中学生上楼的功率可达1500W

C.教室里一盏日光灯工作lh消耗电能0.4kW・h

D.家用电饭锅额定电流约为4A

【答案】D

【解析】

【详解】A.对人体的安全电压是不高于36V,故A不符合题意；

B.中学生体重约为500N,一层楼高度约为3m,用时约10s,因此中学生正常上楼功率约

p/=500Nx3mMOW

t10s

故B不符合题意；

C.一盏日光灯正常发光时的功率约为40W,所以一盏日光灯工作lh消耗电能为

IV=P/=0.04kWx1h=0.04kWh

故C不符合题意；

D.家用电饭锅的额定功率约为880W,额定电流约为220V,正常工作的电流约为

故D符合题意。

故选D。

3.关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）

A.物体吸收热量，内能增加，温度一定升高

B.温度高的物体内能一定比温度低的物体内能大

C.热量可能从内能小的物体传递给内能大的物体

D.物体的温度保持不变，其内能一定保持不变

【答案】C

【解析】

【详解】A.物体吸收热量，内能增加，温度不一定升高，如晶体熔化过程中，持续吸热，内能增大，温

度保持不变，故A错误；

B.内能的大小与物质的质量、温度、状态有关，所以温度高的物体内能不一定比温度低的物体内能大，

故B错误；

C.内能的大小与物质的质量、温度、状态有关，内能小的物体可能温度高，所以内能小的物体也可能将

内能传递给内能大的物体，故c正确；

D.物体的温度保持不变，其内能可以改变，例如晶体的熔化过程，温度不变，吸收热量，内能变大，故

D错误。

故选C。

4.如图所示，斜面长10m,高4m,用沿斜面方向的推力F,将一个重为500N的货物由斜面底端匀速推到

顶端，在此过程斜面的机械效率为80%,下列说法正确的是（）

A.推力做的功为有用功B.尸=300N

C.克服物体重力做的功为额外功D.摩擦力为50N

【答案】D

【解析】

【详解】AC.克服物体重力做的功为有用功，推力需克服物体的重力和物体受到的摩擦力，推力做的功为

总功，克服摩擦力做的功为额外功，故AC错误；

B.推力做的有用功为

W“用=G〃=500Nx4m=2000J

由于机械效率为80%,所以推力做的总功为

瞑鬻"500J

由卬愿=人得，推力为

rW电2500J

二250N

s10m

故B错误；

D.推力做的额外功为

W硕=W总・W有用=2500J・2000J=500J

由卬方加得，摩擦力为

/=%=侬=50N

s10m

故D正确。

故选D。

5.2022年卡塔尔世界杯足球赛已圆满落幕，如图是某次比赛中足球落地后又弹起的示意图，图中8为第一

次弹起的最高点，不计空气阻力。分析可知，足球（）

O

O

Oo

777777^^77",

A.在8点时受力平衡

B.在8点时，若所受力全部消失，将静止不动

C.在A、C两点动能可能相等

D.在整个运动过程中，足球的机械能守恒

【答案】C

【解析】

【详解】A.足球在B点时受重力和空气阻力的作用，这两个力不在一条直线上，所以，足球受力不平

衡，故A不符合题意；

B.足球在8点时，若所受力全部消失，根据牛顿第一定律知道，足球将做匀速直线运动，运动状态保持

不变，故B不符合题意；

C.由图知道，足球落地弹起后的高度越来越低，说明足球的机械能逐渐减小，故足球在4点的机械能大

于其在C点的机械能，而足球在A点的重力势能大于其在C点的重力势能，故足球在A、C两点的动能可

能相等，故C符合题意；

D.在运动过程中，足球的机械能不断减小，所以不仅存在动能和势能的相互转化，还存在机械能转化与

内能的转化，故D不符合题意。

故选C。

6.如图所示的电能表，下列说法正确的是()

kWh

回回同臼区回

电子式单相电能表

220V10(40)A50Hz

3200imp/(kWh)

总示灯A•

0

A.电能表能直接测量用电器的电功率

B.该电能表正常工作的最大功率不超过2200W

C.此时电能表的示数为3186kW.h

D.电能表指示灯闪烁160次电路耗电0.05kW.h

【答案】D

【解析】

【详解】A.电能表是测量电能或电功的仪器，不是测电功率的，故A错误；

B.电能表正常工作的最大功率为

P=U/=220Vx40A=8800W

故B错误；

C.电能表计数器最后一位是小数，所以此时电能表的示数为318.6kW-h,故C错误;

D.电能表标有3200imp/kW-h表示消耗lkW.h的电能，电能表闪烁3200次，所以电能表指示灯闪烁160

次，消耗的电能为

-^kWh=0.05kWh

3200

故D正确。

故选D。

7.如图，电源电压恒定不变，闭合开关S,电路正常工作一段时间后，电压表V2的示数变大，出现这一

现象的原因可能是（）

A.灯L的灯丝可能烧断B.电阻R可能短路

C.灯L的亮度可能不变D.电阻R可能断路

【答案】D

【解析】

【详解】A.若灯L的灯丝烧断，电路为断路，电压表V2没有示数，故A不符合题意；

B.若电阻R短路，则电压表V2被短路，没有示数，故B不符合题意；

C.若灯L的亮度不变，说明电路中电流和电压没有发生变化，则电压表V2的示数应该不变，故C不符合

题意；

D.若电阻R断路，测量它的电压的电压表V2串联在电路中，测电源电压，示数变大，故D符合题意。

故选D。

8.情系环保大局，心想百姓出行，姜堰区今年投入运营几十辆新能源公交车，其动力装置是电动机。下列

选项中，能说明其工作原理的是（）

【答案】B

【解析】

【详解】电动机是利用通电导体在磁场里受力运动的原理工作的。

A.图中是奥斯特实验，说明了电流周围存在磁场，与电动机的原理不同，故A不符合题意；

B.图中有电源，通电后导体在磁场中受力会发生运动，是电动机的工作原理，故B符合题意；

C.图中，闭合开关，电磁铁吸引大头针，移动滑片，吸引大头针数目不同，说明电磁铁磁性的大小与电

流大小有关，故C不符合题意；

D、图中没有电源，是交流发动机的原理图，故D不符合题意。

故选B。

9.如图甲是常见的手持式电子测温仪，图乙是它的工作原理图。Ro是定值电阻，R是红外线热敏电阻，在

测量人的体温时，下列分析正确的是（）

A.显示仪是由电流表改装成的

B.热敏电阻R的阻值随着温度的升高而增大

C.被测温者体温越高，电路消耗的电功率越大

D.将扁更换为阻值更大的电阻，测相同温度时，显示仪示数变小

【答案】C

【解析】

【详解】A.由图可知Ro与热敏电阻R串联，因显示仪与Ro并联，所以显示仪是由电压表改装成的，故

A错误；

B.当被测者体温较高时，显示仪的读数较大，电路中的电流变大，根据U=/R可知，热敏电阻的电阻变

小，故B错误；

C.被测者体温较高时，显示仪的读数较大，电路中的电流变大，根据片1〃可知，电路消耗的电功率越

大，故C正确；

D.温度相同时热敏电阻的阻值不变，Ro更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知，Ro两端分得

的电压变大，因此显示仪示数会变大，故D错误。

故选C。

10.如图所示，甲、乙是两个完全相同的烧瓶，烧瓶内装有等质量的液体（液体未画出），电阻丝R，P、Rz.

分别浸没在两烧瓶的液体中，温度计显示液体的温度，下列说法正确的是（）

A.若要探究电阻大小对电热的影响，则应在甲瓶装入水，乙瓶中都装入煤油，且R存R乙

B.若要探究电阻大小对电热的影响，电流产生的热量可通过加热时间来反映

C.若要比较水和煤油的比热容大小，则应在甲、乙两瓶中分别装入水和煤油，且R甲=7?乙

D.若要比较水和煤油的比热容大小，液体吸收的热量可通过温度计示数的变化比较

【答案】C

【解析】

【详解】AB.要探究电阻大小对电热的影响，由控制变量法，要控制通过电阻的电流和通电时间相同，只

改变电阻的大小；电阻丝产生的热量不易直接观察，可使等质量初温相同的液体（煤油）吸收热量，通过

温度计的示数变化来进行判断的，则应在甲、乙两瓶中都装入煤油，且/?”¥式乙，故AB错误；

CD.比较水和煤油的比热容大小时，烧瓶内应分别装有质量相同的水和煤油，使它们在相同的时间内吸收

相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。因两电阻串联，通过两电阻丝的电流相等，通

电时间也相同，根据。=尸用，为控制吸热相同，故故C正确，D错误。

故选C。

11.如图所示是某家庭电路，闭合开关5、S2,灯泡L正常发光、L2不亮，断开Si、保持S2闭合，用测

电笔插入插座上孔筑管发光，插入插座下孔筑管发光.则故障可能是（）

B"d间断路

C.灯泡L2断路D.b点到零线之间断路

【答案】B

【解析】

【详解】A.保持S2闭合，用测电笔插入插座上孔颊管发光，则插座上孔与火线之间电路正常，故A错

误；

BC.测电笔插入插座下孔筑管发光，正常情况下插座下孔短管不发光，所以插座下孔与灯泡串联接入火线

电路，则灯泡L2未断路，零线部分/间断路。故B正确，C错误；

D.闭合开关Si、S2,灯泡Li正常发光、L2不亮，则灯泡Li所在电路正常，故D错误。

故选B。

12.如图，电路中电源电压保持不变，小灯泡标有“3V1.5W”字样，不考虑灯泡电阻随温度的变化，滑动

变阻器R的最大阻值为24Q,电流表量程为0~0.6A,电压表量程为0~3V。当开关S闭合后，滑动变阻器

R接入电路的电阻为3C时小灯泡正常发光。为了保证电路安全，小灯泡电压不超过额定电压，两电表的

示数均不超过所选量程。在滑片P滑动过程中，下列说法（）

①电源电压为4.5V

②变阻器接入电路的阻值范围是3C〜12c

③小灯泡的最小功率为0.135W

④电路的最大功率2.25W

A.只有①②③正确B.只有①③④正确

C.只有①②④正确D.①②③④都正确

【答案】C

【解析】

【详解】由图知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流;

U2

①由p=j可得灯泡的电阻

由「=。/可得，灯泡正常发光时通过的电流

由题知，当开关S闭合后，滑动变阻器R接入电路的电阻为3c时，小灯泡正常发光，由欧姆定律和电阻

的串联可得电源电压

0=/航/?*=/额x(R+RL)=0.5AX(3Q+6Q)=4.5V

故①正确；

②因串联电路中电流处处相等，且电流表量程为0~0.6A,灯泡的额定电流为0.5A,所以为了保证电路中

各元件安全工作，电路中的最大电流〃大=〃=0.5A,电路中的总电阻

滑动变阻器连入电路中的最小阻值

RR-RL=9C-6c=3C

由于电压表量程为0~3V,当电压表的示数最大为。对，=3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大：此时灯

泡两端的电压为

UL'=U-。滑'=4.5V-3V=1.5V

此时电路的电流为

滑动变阻器接入电路的最大阻值

所以为保护电路，变阻器接入电路阻值范围是3。〜12。，故②正确;

③小灯泡的最小功率

PL以小=(/«5，I、)2RL=(0.25A)2X6C=0.375W

故③错误；

④电路的最大功率

/,M*=WW*=4.5VX0.5A=2.25W

故④正确。综上可知，只有①②④正确。

故选C。

二、填空题（本题共8小题，每空1分，共28分）

13.杠杆、滑轮作为生活的工具，让困难的事情简单化。

（1）为了探究轻质杠杆的动力大小与动力臂的关系，小明设计了如图1所示的装置。测量时，总保持杠

杆在水平位置平衡，目的是:

（2）改变动力臂，多次测量，根据记录的数据画出如图2所示的动力随动力臂变化的图像，则杠杆左端

所挂重物的重力大小是N（杠杆上每一小格长度为1cm）；小明发现图像中每次描出的点与两

坐标轴围成的方形面积（如图2中阴影部分）总相等，原因是；

（3）用如图3所示的滑轮组将重为150N的物体匀速提升了2m,机械效率为75%,动滑轮重40N。则此

过程中有用功为__________J,克服绳重和摩擦做的额外功为___________J,拉力为N。

【答案】①.便于从杠杆上直接读出力臂②.1.5③.阻力与阻力臂的乘积保持不变④.300

⑤.20100

【解析】

【详解】（1）UJ测量时，为了便于从杠杆上直接读出力臂，所以要保持杠杆在水平位置平衡。

（2）[2][3]由题意可知，只改变动力臂，多次测量，阻力与阻力臂的乘积保持不变，根据杠杆平衡条件

F3F2L2,利用图像中一组数据得

G=^=2Nx3cm=L5N

L24cm

图像中每次描出的点与两坐标轴围成的方形面积是动力与动力臂的乘积，根据杠杆平衡条件可知，

F\L\=FIL2,而阻力与阻力臂的乘积保持不变，故图像中每次描出的点与两坐标轴围成的方形面积总相等。

（3）[4][5]⑹在提升物体的过程中，克服物体的重力所做的功为有用功，大小为

VV产G的h=150Nx2m=300J

由于机械效率〃=75%,则总功为

所以拉力做的额外功为

W瀛产W耻Wfiffl=400J-300J=100J

克服动滑轮的重力做的功为

W,产Ga,/7=40Nx2m=80J

拉力做的额外功等于克服绳重和摩擦做的功加上克服动滑轮的重力所做的功，所以克服绳重和摩擦做的额

外功为

W额i=100J-80J=20J

因为与动滑轮连接的绳子股数"=2,所以绳子自由端移动的距离为重物上升高度的2倍，即绳子自由端移

动的距离为

5=2/?=2x2m=4m

拉力做的总功为W仙=400J,所以拉力为

F=W^=400J=100N

s4m

14.新型防空导弹“红旗-9”试射，导弹上升过程中，重力势能（选填“增大”、“减小”

或“不变”），而其与空气摩擦导致内能（选填“增大”、“减小”或“不变”），此内能改

变是通过的方式实现的。某台汽油机飞轮的转速为2400r/min,在Is内，汽油机完成

个工作循环，对外做功次。

【答案】①增大②.增大③.做功20⑤.20

【解析】

【详解】[1]“红旗-9”导弹上升过程中，质量不变，高度增加，所以重力势能增大。

⑵⑶“红旗-9”导弹上升过程中，与空气摩擦，克服阻力做功，内能增大。内能的增大是通过做功的方

式实现的。

[4][5]汽油机在工作中，一个工作循环完成4个冲程，飞轮转动2r,对外做功1次。飞轮的转速为

2400r/min,则在Is内转40r,完成20个工作循环，对外做功20次.

15.把额定功率相同但额定电压不同的小灯泡Li和L2串联后接入同一电路中且两个灯泡都发光（不考虑灯

丝电阻的变化），若Li比L2亮则通过小灯泡L.和L2的电流/I2小灯泡Li和L2的电阻

RR2,小灯泡Li和L2的额定电压U\S（选填“>"、"="或"V"）o

【答案】①.=②.>③.>

【解析】

【详解】［1］由于两灯串联在电路中，所以通过小灯泡的电流相同，即人=/2。

⑵已知灯Li比L2亮，说明前者的实际功率大，由

P=12R

可知，电流相同时，功率越大，阻值越大，因此灯Li的阻值大于灯L2的阻值，即

⑶在额定功率相同时，由

U=4PR

可得出阻值越大，其额定电压越大，即灯L1的额定电压要大于灯L1的额定电压，也就是UAS。

16.如图所示的交通信号红、黄、绿灯交替发光，则这三盏灯的连接方式是联，三只灯泡均标有

“220V,100W”字样，则该三只灯泡正常工作一天（24h）将消耗kW-h的电能。

【答案】①.并2.4

【解析】

【详解】口］红、黄、绿灯交替发光，且各自独立工作、互不影响即为并联。

⑵该三只灯泡正常工作始终只有一个灯泡在工作，且不间断，由尸=些可得，该三只灯泡正常工作一天

t

消耗的电能

W=Pt=100xl0-3kWX24h=2.4kW-h

17.在物理综合实践活动课上，某小组制作了一个可调节亮度的小台灯，他们选用了一种叫电位器的变阻

器，图1是电位器的结构图，其工作原理跟滑动变阻器一样，都是通过调节接入电路中电阻丝的长度来改

变电阻的大小，电位器通过机械式旋钮来调节阻值的大小。他们设计的电路原理图如图2甲所示，并测得

通过灯泡L的电流与其两端电压的关系如图2乙所示，电源电压为4.5V,灯泡L的额定电压为2.5V。

J7A

图1图2

（1）如图1所示，当接线柱。、。接入电路时，顺时针旋转滑片旋钮时，电位器接入电路中的阻值

,灯泡L的亮度（均选填“变大”“变小”或“不变”）；

（2）调试过程中，他们发现灯泡L越亮，其表面就越烫，这种现象叫做电流的效应。电流

通过导体时，把电能转化为能：

（3）小灯泡正常发光时的功率为W；

（4）为了电路安全，滑动变阻器R连入电路的阻值不小于Q（结果保留一位小数）。

【答案】①.变大②.变小③.热④.内0.75©.6.7

【解析】

【详解】（1）⑴⑵若将八人接入电路，左侧电阻接入电路，顺时针转动旋钮时，电位器接入电路的电阻

变大，根据欧姆定律可知，通过灯泡的流变小，灯泡亮度变小。

（2）⑶⑷调试过程中，他们发现灯泡L越亮，其表面就越烫，说明导体产生了热量，将电能转化为内

能，这种现象叫做电流热效应。

（3）[5]当灯泡两端电压为2.5V时，灯泡正常发光；由图乙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡

的电流为0.3A,则灯泡正常发光时的功率为

PL=UL/L=2.5VX0.3A=0.75W

（4）[6]当灯泡正常发光时，滑动变阻器两端电压为

U4=U-UL=4.5V-2.5V=2V

此时滑动变阻器的阻值为

4=2V

x6.7Q

ZL-0.3A

故为了电路安全，滑动变阻器R连入电路的阻值不小于6.70

18.开关S闭合时，通电螺线管的磁感线如图所示，则小磁针的N极将（选填“向左偏转”

或“向右偏转”）;电源的（选填"A"或"B"）端为正极。

A1

【答案】①.向左偏转②.A

【解析】

【详解】在磁体外部磁感线总是从N极出发回到S极，根据磁感线方向可知，通电螺线管的左侧为

N极，根据右手定则判断可知电源的A端为正极；自由小磁针静止时，通电螺线管的左侧为N极，右侧为

S极，根据磁极间异名磁极相吸，所以小磁针的N极向左偏转。

19.核能属于（选填“可再生”或“不可再生”）能源，电灯可以将电能转化为光能和内

能，这些能量却不能再自发地转化为电能，这一现象说明能量转化具有。

【答案】①.不可再生②.方向性

【解析】

【详解】［1］核能来自于核燃料，在地球上的核燃料的储量是有限的，用一点少一点，因此核能属于不可再

生能源。

⑵能量转化过程是有方向性，是不可逆的，因此消耗掉的内能和光能不能再自发的转化为电能。

20.利用图所示的装置研究“磁场对电流的作用”时，应在“、b之间接入（选填“灵敏电流

计”、“电源”或“灯泡”）；若在a、b之间接入（选填“灵敏电流计”、“电源”或“灯

泡”）可研究“电磁感应现象”。

【答案】①.电源②.灵敏电流计

【解析】

【详解】［1］因为通电导体在磁场中受力会运动，需要先产生电流，观察图可知，缺少一个电源，因此利用

如图所示的装置研究“磁场对电流的作用”时，应在外b之间接入电源。

⑵电磁感应现象是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时产生感应电流的现象，将机械能转

化为电能，不需要电源，为了实验现象明显，利用灵敏电流计显示是否有电流产生，所以在。、6之间接

入灵敏电流计可研究“电磁感应现象”。

三、解答题（共计48分）

21.如图是常见的一种活塞式抽水机的示意图，在图中画出手柄所受动力Q的力臂和阻力4

【详解】由力臂的定义可知，力臂是支点到力的作用线的垂线段，过支点。作垂直于动力作用线的垂线

段，即为动力Q对应的力臂八，过8点作竖直向下的力，即阻力如下图所示

22.如图所示，通过开关S控制电动机，使电动机既能正转又能反转，请在图中虚框内填上电池和电动机

符号。

U______I

【详解】电动机的转向与电流方向有关，使电动机既能正转又能反转，可以通过单刀双掷开关控制电动机

分别接入两个电流方向不同的电路，如图所示：

【点睛】

23.如图所示，在遵守安全用电原则的前提下，请用笔画线代替导线，将三孔插座、开关和电灯分别正确

接入电路。

【解析】

【详解】三孔插座在连接时，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；开关控制灯泡的亮灭，所以开关和

电灯应串联，为确保用电安全，开关应接在火线与灯泡之间，火线与灯泡顶端相连，灯头侧边连接零线，

24.五一期间，小明爸爸利用家中汽车进行了自驾旅游，小汽车以120km/h速度行驶了2h,从油量指示表

上估计出消耗汽油约16L。汽油密度p=O.75xl03kg/m3,汽油热值q=4.5xl（）7j/kg。小明从物理书上了解到

汽油机的效率约为30%。求：

（1）16L汽油完全燃烧放出的热量；

（2）汽车发动机输出的有用功；

（3）汽车匀速行驶过程中所受的阻力。

【答案】（1）5.4xlO8J；（2）1.62xlO8J；（3）675N

【解析】

【详解】（1）消耗的汽油体积

V=16dm3=16xlO3m3

汽油质量

/M=/?V=0.75xl03kg/m3xl6xl03mM2kg

汽油完全所释放的热量

78

。放=niq=4.5xlOJ/kgxl2kg=5.4xlOJ

（2）发动机的效率为30%,由

得，发动机输出的有用功

8

%=〃。放=54xlOJx30%=1.62xIO*j

（3）汽车行驶的路程

：=vt=\20km/hx2h=240km=2.4*10>m

由

W=Fs

可知，汽车牵引力

尸/=应华=675N

S2.4xl05m

因汽车匀速行驶，所受的阻力

/=F=675N

答：（1）16L汽油完全燃烧放出的热量为5.4xl08j。

（2）汽车发动机输出的有用功为1.62xl0«Jo

(3)汽车匀速行驶过程中所受的阻力是675N。

25.如图甲是某茶具上煮茶器的电路原理图，Q是加热电阻，&是保温时的分压电阻，S为电源开关，Si

为自动温控开关.S、Si都闭合时，煮茶器处于加热状态；当水沸腾后，Si会自动断开，转为保温状态。

煮茶器工作过程中的P-f图像如图乙所示，不计电阻值随温度的变化。求：

(1)电阻R的阻值；

(2)当煮茶器处于保温状态时，R的电功率；

(3)当煮茶器处于保温状态时，电阻R2在100s内消耗的电能。

P/W

510z/min

甲乙

【答案】(1)44C；(2)1.76W；(3)4224J

【解析】

【详解】解：(D由图可知，S、Si都闭合时，足被短路、电路中只有照工作，此时煮茶器处于加热状

1/2

态，根据图乙可知，加热时的电功率P加热=1100W,根据尸可知，电阻R的阻值为

R

U2,(220V)2,

舄/|1Q

居喷1100W

(2)当S闭合、Si断开时，Ri、&串联，此时为保温状态，由图乙可知，保温功率尸侏工4W,由P=U/可

知，保温状态时的电流为

^=44W=02A

保U220V

根据串联电路的特点可知,通过R的电流

a!=0.2A

当煮茶器处于保温状态时,照的电功率为

6=/：RI=(().2A)2x44Q=1.76W

(3)由欧姆定律可知，保温状态时用两端的电压

Ui=/R=0.2Ax44c=8.8V

根据串联分压的特点可知，&两端的电压为

U2=SU尸220V-8.8V=21L2V

当煮茶器处于保温状态时，电阻&在100s内消耗的电能为

卬2=5/2片211.2VxO.2Ax100s=4224J

答：Q)电阻Ri的阻值为44C；

(2)当煮茶器处于保温状态时，R的电功率为1.76W；

(3)当煮茶器处于保温状态时，电阻修在100s内消耗的电能为4224J。

26.如图所示是“探究物体动能大小与哪些因素有关”的实验示意图。

(1)本实验研究的是的动能：

A.斜面上小球

B.撞击瞬间前小球

C.撞击后木块

(2)实验中通过观察木块来比较物体动能的大小，这是因为物体的动能越大，对木块做的功

越;让同一钢球从不同的高度由静止滚下，是为了探究动能的大小与的关系。

【答案】①.B②.被小球撞击后在水平面运动的距离③.多④.速度

【解析】

【详解】(1)[1]动能是指物体由于运动而具有的能量,能够对外做功，小球由于运动具有动能，对滑块做

功，可以通过滑块移动的距离来反映动能的大小；本实验研究的“动能”是指在水平面上撞击木块前小球

的动能，故B符合题意，AC不符合题意。

故选B。

(2)[2][3][4]本实验利用了转换法，通过观察小球撞击木块在水平面上运动的距离来比较物体动能的大

小；物体的动能越大，最终状态都是静止下来，故撞击小球对小球做功就越多；如果让同一小球从不同高

度释放，小球到达水平面的速度不同，动能也不同，撞击小球在水平面的距离也不同，故可以探究动能的

大小与速度的关系。

27.如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料的质量都是10g。烧杯内的液体质量和初温也相

同。

温度计温度计温度计

液体a液体b

燃料1燃料1

乙丙

（1）比较不同燃料的热值，应选择两图进行实验；燃料完全燃烧放出热量的多少是通过

___________来反映的；

（2）比较不同物质吸热能力的特点：

①应选择两图进行实验；

②不同物质吸热的多少是通过来反映的；

③比较不同物质吸热能力关于该实验变量控制，下列要求中不正确的是

A.采用相同的加热方法

B.烧杯中分别装入相同质量的同种液体

C.使用相同的烧杯

D.控制液体初温度相同

④如果质量和初始温度均相同的A、B两种液体，采用相同燃料供热，吸热后它们的温度随时间变化的图

像如图丁所示，分析图像可知，液体的吸热能力更强，A、B两种液体的比热容之比为

【答案】①.甲、乙②.温度计示数的变化③.甲、丙④.加热时间的长短⑤.B⑥.

B⑦.1：2

【解析】

【详解】（1）［1北2］比较不同燃料的热值，要用不同的燃料，加热质量相同的同一种液体，故应选择甲、乙

两图进行实验；燃料完全燃烧放出的热量多少不能直接看出，可以通过温度计示数变化来反映的。

（2）①⑶比较不同物质的比热容，应选择相同的燃料（加热装置）加热不同物质，可选择甲、丙两图进

行实验。

②⑷用相同的加热装置对液体加热，相等时间内液体吸收的热量相等，可以用加热时间反映不同物质吸热

的多少。

③［5］实验过程中，为得到正确的结论，必须选择相同的烧杯和相同的加热方法，并且烧杯中分别装入质

量、初温相同的不同液体，故ACD不符合题意，B符合题意。

故选B。

④⑹如果质量和初始温度均相同的A、B两种液体，吸热后它们的温度随时间变化的图像如图2所示，由

图可以看出，B液体的温度升高得较慢，根据。加可知，B液体的吸热能力更强。

⑺由图像可知，A加热lOmin和B加热20min吸收的热量之比为1：2,它们升高的温度相同，质量相

同，根据。=cmAf可知，c与。成正比，故A、B两种液体的比热容之比为1：2。

28.小华用电源（3V）、电流表（0~0.6A,O~3A）、刻度尺、鳄鱼夹等器材，探究粗细均匀电阻丝的电阻与

长度的关系，实验电路如图甲所示，测得数据如表：

序号长度L/cm电流〃A

130.00.20

220.00.30

310.00.60

（1）根据实验数据，可求得1cm该电阻丝的电阻为C；

（2）小明在小华实验的基础上，利用该电阻丝测量未知电阻R、的阻值（约1OC）：

①按图甲连好电路，闭合开关，在电阻丝上移动鳄鱼夹M,使电流表的示数为0.50A；

②保持M位置不变，把R接入电路，如图乙所示。闭合开关，此时电流表的示数为0.20A,此时兄的电

阻为C;

③小明实验时电源实际电压比3V略低，则他测算出的电阻值（选填“偏大”“偏小”或

“不变”）；

④为了消除因电源电压降低对电阻测量结果的影响，小明用原实验电路，改变测量方法就可以消除影响，

其做法是：

a.连接图甲电路，闭合开关，移动M使电流表的示数为0.20A,记下M的位置4；

b.把心接入电路，闭合开关，移动M使电流表示数为A,记下M的位置B；

c.用刻度尺量出AB间距离为Lem,则R产C。

【答案】©.0.5②.9③.偏大0.200.5L

【解析】

【详解】（1）［1］由表中数据可知，电阻长度l=10.0cm时，电流为0.60A,由欧姆定律可得，电阻丝的电

阻为

所以1cm该电阻丝的电阻为

Ux5c=0.50

1010

（2）①按图甲连好电路，闭合开关，在电阻丝上移动鳄鱼夹M,使电流表的示数为0.50A,电阻丝的电阻

为

②⑵由图乙知，电阻丝、&、电流表、开关，依次连接在电源两极上，鳄鱼夹M可以改变电阻丝连入电

路的阻值，相当于一个滑动变阻器。保持M位置不变，把RX接入电路，如图乙，闭合开关，此时电流表

的示数为0.20A,由串联电路特点和欧姆定律可得，

R=R总-R吆=15C-6C=9C

③[3]电源的实际电压比3V略低，计算时是按电源电压为3V计算的，电流表测得的电流是准确的，由

R=4可得,计算出的电阻值偏大。

④[4][5]为了消除因电源电压降低对电阻测量结果的影响，小明用原实验电路，改变测量方法就可以消除影

响。

a.连接图甲电路，闭合开关，移动M使电流表的示数为0.20A,记下M的位置A,设此时电阻丝连入电路

的阻值为破；

b.把接入电路，闭合开关，移动M使电流表示数为0.20A,记下M的位置8,此时电阻丝连入电路的阻

值为RB；

c.用刻度尺量出48间距离为Lem,根据欧姆定律，由步骤a得，根据串联电路特点和欧姆

40.2A

定律，由步骤b可得，RB+R、=-^~,所以RB+R、=RA,1cm该电阻丝的电阻为0.5C,AB间距离为

Bx0.2A

Lem,则有

尸Lcmx0.5Q/cm=0.5LC

29.小明实验小组探究电流与电阻的关系。可供使用的实验器材有：电源（电压为6V,保持不变），电流

表、电压表、开关各一个，阻值不同的定值电阻四个（5C、10。、15。、20C）,两只滑动变阻器（规格分

别为“20。2A"、"50C1A"）,导线若干。

（1）小明正确连接电路后，将5C的电阻连入电路中，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示

数为1.5V,记下此时电流表的示数此时滑动变阻器接入电路的阻值为Q；

（2）断开开关，将5C电阻换成10C电阻后，再次闭合开关，电压表示数（填“大于”“小

于”或“等于"）I.5V,此时滑片应向（选填"c”或"d”）端移动，同时要观察

（选填“电流表”或“电压表”）才可能达到实验目的。移动滑动变阻器滑片的目的是

（3）为了能用5C、IOC、15c三个定值电阻进行实验，应选择规格是的滑动变阻器;

（4）小明在换用15C电阻做实验时，发现电压表的小量程突然损坏，他灵机一动，断开开关，将

就解决了这个问题：

（5）小明将实验得到的数据填入表电，分析实验数据，得出的结论是。

实验次数123

电阻R/C51()15

电流//A0.30.150.1

【答案】①.15②.大于③.4④.电压表⑤.保持定值电阻两端的电压不变⑥.50。

1A⑦.使用电压表的大量程并在滑动变阻器两端⑧.电阻两端电压一定时，通过电阻的电流与电阻

成反比

【解析】

【详解】（1）［1］定值电阻和滑动变阻器串联，根据串联之比分压可得

U\JJ-U、

『瑜

带入数值得

1.5V6V-1.5V

5Q

解得RX15Q,即滑动变阻器接入电路的阻值为15C。

(2)[2J[3][4][5]实验中应保持定值电阻两端的电压不变，将5c电阻换成10。电阻后，闭合开关，定值电

阻两端的电压变大，为保持定值电阻两端的电压不变，应让滑动变阻器两端的电压变大，故此时滑片应向

右即d端移动，同时要观察电压表才可能达到实验目的。因此移动滑动变阻器滑片的目的是保持定值电阻

两端的电压不变。

(3)[6]由表中实验数据可知，电路中的电流最小为0.1A,根据欧姆定律可知此时电路中的总电阻为

根据电阻串联的特点可知，滑动变阻器接入电路的阻值为

R/大=R总-尺3=60