2023年福建省福州市高考物理质检试卷（5月份）

2023年福建省福州市高考物理质检试卷（5月份）

一、单选题（本大题共4小题，共16.0分）

1.2022年9月中国自主研制的全世界最大吨位2600t全地面起重机在超大型装备调试试验

基地下线。如图该起重机能够实现160m高度吊重173t（相当于100多辆家用汽车加起来的重

量）的极限工况，它转台转场时可以携带的总重达317t,最高车速可达lOkm/h,可以通过更

狭窄、起伏的山地。起重机（）

A.相关参数中的单位“t”、“km/h”、“rn”，均为国际单位制的基本单位

B.将货物从地面吊起瞬间，货物加速度为零

C.将货物吊起全过程，货物都处于超重状态

D.将货物吊起过程中，货物相对于起重机车头是运动的

2.如图，一根粗细均匀的绳子，右侧固定在墙上，4是绳子

上的一个质点.一位同学握住绳子左侧的S点，让其上下振动,

某时刻波形如图。下列关于该机械波的说法正确的是（）

A.波速不变B.频率不变

C.此时质点4的速度方向向下D.此时质点4的加速度方向向上

3.如图在某次投篮表演中，运动员在空中一个漂亮的投篮，篮

球以与水平面成45。的倾角准确落入篮筐，这次跳起投篮时，投

球点和篮筐正好在同一水平面上，设投球点到篮筐距离为10m,

不考虑空气阻力，g取10m/s2。篮球（）

A.在空中做变加速曲线运动

B.在最高点时动能为零

C.投出后在空中飞行时间为1s

D.进筐的速度大小是10m/s

4.2022年11月，我国独立自主研制的全球单机容量最大的

16兆瓦海上风电机组在福建下线。如图每台风力发电机的叶

片转动时可形成圆面，当地风向可视为与叶片转动的圆面垂

直，发电机将此圆面内气流动能转化为输出电能的效率

20%<>风速在8〜15m/s范围内，〃可视为不变。设风通过叶

片后速度减为零。已知风速u=l（hn/s时每台发电机输出电功率为6000kW,空气的密度为

p=1.2kg/m3,贝U（）

A.该风力发电机的输出电功率与风速成正比

B.每秒钟流过面积S的气流动能;pS〃2

C.每台发电机叶片转动时形成的圆面面积约为5x104m2

D.当风速为15m/s时每台发电机的输出电功率约为6800kW

二、多选题（本大题共4小题，共24.0分）

5.2022年11月30日，神舟十五号载人飞船与“天和”核心舱成功对接，6名宇航员首次实

现“太空会师”。如图，对接前神舟十五号飞船在圆形/轨道运动，核心舱在距地面400kni高

度的轨道n运行。飞船从I轨道加速到达n轨道与核心舱对接，对接后共同沿轨道n运行，

则下列说法正确的是（）

A.对接后飞船的运行速度小于7.9km/s

B.对接后核心舱的运行周期将增大

C.考虑稀薄大气阻力，若核心舱不进行干预，运行速度将越来越大

D.飞船在轨道I与地心连线和在轨道n与地心连线在相同时间内扫过的面积相同

6.新一代标准动车组“复兴号”是中国自主研发、集成了大量现代国产高新技术的新一代

高速列车。如图“复兴号”高铁的供电流程是将电网高压U1经过牵引变电所进行变压（可视作

理想变压器）降至小,通过接触网上的电线与车顶上的受电器进行接触完成受电，机车最终获

得4的电压使高铁机车运行，牵引变电所到机车之间线路的电阻不可忽略。根据上述信息可

知（）

牵

引

供

电

系

统

A.牵引变电所变压器的原、副线圈匝数比%：n2=y1：U2

B.机车获得的电压为与牵引变电所输出的电压外相等

2

C.如果高铁机车功率为P,则牵引变电所到机车之间线路的等效电阻为「=止里

P

D.如果高铁机车功率为P,牵引变电所到机车之间线路损耗的电功率为P颇=幺*2

7.如图，劲度系数为k的轻质弹簧左端固定在墙上，处于原长时右端恰到。点，与可视为质

点的质量为皿的物块接触（末连接）。用水平力尸缓慢推动物体到位置4撤去尸后，物体开始

向右运动，最远到达位置已知4。=和，0B=2%0,物体与水平面间的动摩擦因数处处相同。

物块从4到B运动过程中的速度以加速度a、滑块的机械能E、滑块与弹簧的总机械能E'随位

移x变化如图所示，其中正确的是（）

A0B

8.1909年密立根通过油滴实验测得电子的电荷量，因此获得1923年诺贝尔物理学奖，实验

装置如图。两块水平放置相距为d的金属板4、8分别与电源正、负两极相接，从4板上小孔进

入两板间的油滴因摩擦带上一定的电荷量。两金属板间未加电压时，通过显微镜观察到某带

电油滴P以速度大小力竖直向下匀速运动；当油滴P经过板间”点（图中未标出）时，给金属板

加上电压U,经过一段时间，发现油滴P恰以速度大小火竖直向上匀速经过M点。己知油滴运

动时所受空气阻力大小为/=kvr，其中k为比例系数，"为油滴运动速率，r为油滴显微镜的

半径，不计空气浮力，重力加速度为g。下列说法正确的是（）

喷雾器

A.油滴P带负电

B.油滴P所带电荷量的值为心「：2）川

C.从金属板加上电压到油滴向上匀速运动的过程中，油滴的加速度先增大后减小

D.油滴先后两次经过M点经历的时间为吟誓

三、填空题（本大题共2小题，共8.0分）

9.2022年，中国新一代“人造太阳”科学研究取得突破性进展，HL-2M等离子体电流突

破100万安培，创造了我国可控核聚变装置运行新记录。其中，氢核聚变的核反应方程为

jH+lHHe+X,则X为,已知：/质量为Tn】，出质量为62,匆e质量为m3,X的

质量为瓶4，光速C，则该核反应释放的核能大小为（请用血1、徵2、m3'加4、C表示）

10.一束红光从真空射入玻璃，光路图如图所示，则玻璃的

折射率为。若改用绿光在同一位置同一角度从真空入

射，出射光线可能是（选填“①”、"②”或“③”）。

四、实验题（本大题共2小题，共12.0分）

11.如图甲是某实验小组利用气体压强传感器探究“温度不变时，一定质量的气体压强与体

积关系”的实验装置。

（1）主要操作步骤如下：

①把注射器活塞推至注射器某一位置，将注射器与压强传感器、数据采集器、计算机逐一连

接；

②缓慢移动活塞，记录注射器的刻度值V,同时记录对应的气体压强值p；

③重复上述步骤②，多次测量；

④根据记录的数据，作出P-：图线。如果该图线为直线且反向延长线过坐标原点，就说明气

体压强与体积成（选填“正比”或“反比”）。

（2）关于该实验的操作，下列说法正确的是o（填写选项前的字母）

A.实验中一定要测量空气柱的横截面积

8.实验中一定要测量环境的温度

C.为了减小实验误差，在活塞上均匀涂抹润滑油，主要是为了避免漏气

D为方便推拉活塞，应用手握紧注射器再推拉活塞

(3)某次实验中，一实验小组做出的P-：图像如图乙所示，图线发生弯曲，造成该现象的原

因可能是。

12.某同学要测量一新材料制成的圆柱形元件。的电阻率p,需要测量其尺寸和电阻。

(1)用游标卡尺测量其长度，如图甲，则其长度乙=mm.

(2)某同学先利用多用电表粗测其阻值：选择x100倍率，用正确的操作步骤测量时，其指针

偏转如图乙中所示，测量值为。。

(3)某同学再用图丙所示电路测量其电阻值，匕、瞑是规格相同的两个电压表，内阻可视为无

穷大；尺为定值电阻。

①实验要求滑动变阻器的滑片从左到右移动过程中，电压表的示数从零开始逐渐增大。请按

此要求用笔画线代替导线在图丙实物接线图中完成余下导线的连接；②实验室有三种规格的

定值电阻，阻值分别为80000、1500。、10012,A。应选择阻值为。的定值电阻；

③Ui、/分别为匕、匕两电压表读数，乙和d分别为圆柱形元件。的长度和直径，%为定值电

阻。则元件。的电阻率表达式p=(用已知物理量的字母表示)；

④若电压表内阻不是无穷大，元件。的电阻率p测量值真实值(选填“大于”“等于"

或“小于”）。

丙

五、计算题（本大题共3小题，共40.0分）

13.“福建舰”是我国完全自主设计建造的首艘弹射形航空母舰，计划2023年开展新阶段海

试工作，海试中包括舰载机拦阻索降落测试。某次测试时，舰载机着陆后钩住阻拦索（如图甲

）.阻拦索将对飞机施加一作用力，使飞机滑行较短距离就能停止，舰载机着陆后滑行的u-t

图象如图乙所示（其中0.4〜2.4s内图线为直线）。已知舰载机（包括飞行员）的总质量M=2x

104kg,重力加速度g=10m/s2。（乙图中信息为已知量）求：

（1）舰载机着陆后到停止的过程，阻力对舰载机做的功；

（2）已知飞行员的质量为m=70kg,舰载机着陆后匀减速滑行过程中，座椅对飞行员的作用

力大小。（结果可带根号）

14.如图，足够长的固定粗糙绝缘斜面，倾角为0=37。，平行于斜面底边的边界PQ下侧有

垂宜斜面向下的匀强磁场，磁感应强度B=1T。一质量为M=0.2kg的U形金属框MMWN'静

置于斜面上，其中MN边长L=0.4根，处在磁场中与斜面底边平行，框架与斜面间的动摩擦

因数为4=0.75,框架电阻不计且足够长。质量m=0.1kg,电阻R=0.60的金属棒ab横放在

U形金属框架上从静止释放，释放位置与边界PQ上方距离为d=0.75m。已知金属棒在框架

上无摩擦地运动，且始终与框架接触良好，设框架与斜面间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g

取10m/s2。(sin370=0.6,cos370=0.8)

求：

(1)金属棒ab刚进入磁场时，通过框架MN边的电流大小和方向；

(2)金属棒ab刚进入磁场时，框架的加速度大小a；

(3)金属棒ab进入磁场最终达到稳定运动时，金属棒重力的功率P。

15.如图甲，一质量为m足够长的绝缘板静止在光滑水平面上，板的左端有一个质量也为m的

带电小物块，其电荷量为-q(q>0)。距绝缘板左端“到2。之间存在电场和磁场，匀强磁场

方向垂直于纸面向里，匀强电场方向竖直向现让带电小物块在水平恒力的作用下从静止开始

向右运动。小物块到达电、磁场区域的左边界时刻，撤去水平恒力，此时绝缘板的速度大小

为。°。带电小物块从开始运动到前进2"的过程中，速度随位移变化的u-x图像如图乙，其

中AB段为直线。求：

(1)带电小物块从开始运动到电、磁场左边界的时间t；

(2)水平恒力尸的大小；

(3)电场强度E和磁感应强度B的大小。

甲乙

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：4、题中提供的相关参数中，单位“m”为国际单位制的基本单位，单位“t”、“km/h”

是常用单位，故A错误；

8、将货物从地面吊起瞬间，货物受到的拉力大于重力，合力不为零，加速度不为零，故B错误；

C、将货物吊起全过程，货物开始阶段向上做加速运动，加速度向上，处于超重状态。最后货物

向上做减速运动，加速度向下，处于失重状态，故C错误；

。、将货物吊起过程中，根据运动的相对性可知，货物相对于起重机车头是运动的，故。正确。

故选：D。

m为国际单位制的基本单位；将货物从地面吊起瞬间，分析货物的受力情况，确定货物的加速度。

将货物吊起全过程，分析货物的运动情况，判断加速度方向，再判断其运动状态。根据运动的相

对性分析货物相对于起重机车头的运动情况。

本题的关键要明确货物的受力情况和运动情况，根据加速度方向判断货物的运动状态。

2.【答案】A

【解析】解：4、波速和介质有关，在同一种介质中传播的速度不会发生变化，故A正确；

8、根据题意可知，波是向右传播的，根据波形图可知，波源出来的波波长在变小，根据公式”=

彳=4/可知频率变大，故8错误；

CD、根据同侧法可知质点A的速度方向向上，因为质点4在平衡位置的上方，所以加速度方向向下，

故C。错误；

故选：Ao

根据图像得出波长的变化，在同一介质中波速不变，从而得出频率的变化；

根据同侧法分析出质点的速度方向，根据质点A的位置得出其加速度方向。

本题考查学生对题意的分析能力，对波速与介质关系的掌握，以及波速与频率关系的掌握，是一

道基础题。

3.【答案】D

【解析】解：4、篮球在空中只受重力的作用，所以篮球的运动是匀变速曲线运动，故A错误；

以斜抛运动在最高点的速度方向沿水平方向，速度不为零，动能也不为零，故B错误；

C、将篮球的运动看成逆向的平抛运动，则

x=vxt

_QxX

tan450=―-

以

x=10m

联立解得：t=V_2s;vx=5\Z~~27n/s,故。错误；

。、进筐的速度大小为：

v=J避+(g)/2

代入数据解得：v=10m/s,故。正确；

故选：Do

根据篮球在空中的受力特点得出其运动类型；

斜抛运动的问题在最高点的竖直速度为零，水平速度不为零；

根据不同方向上的运动特点，结合运动学公式和矢量合成的特点完成分析.

本题主要考查了斜抛运动的相关应用，理解斜抛运动在不同方向上的运动特点，结合运动学公式

即可完成分析。

4.【答案】C

【解析】解：AB,每秒冲击风车车叶的气体体积为：

V=SL=Sv

气流的质量为：

m—pV

气流的动能为：

23

Ek-|mv=pSv,可知动能与/成正比，即输出功率与。3成正比，故A3错误；

CD、当风速为10m/s时每台发电机的输出功率约为6000k〃，当风速为15m/s时每台发电机的输

出功率约为20250/(〃，风的动能转化的电能为：

E电=r]Ek

则每秒输出电功率为:

PT

3

Ek=1•pSv

联立解得：S=5xl04m2,故C正确，。错误；

故选：Co

根据题意得出每秒的气体体积，结合动能的计算公式完成分析；

根据能量的转化特点结合功率的计算公式完成解答。

本题主要考查了能量守恒定律,理解能量的转化特点，结合动能和功率的计算公式即可完成分析。

5.【答案】AC

【解析】解：47.9krn/s为第一宇宙速度，为最大的环绕速度，即对接后飞船的运行速度将小于

7.9km/s,故A正确；

8.根据公式G绥=m（爷Ar可知，核心舱的周期大小与质量无关，取决于轨道半径，轨道半径不

变，因此周期不变，故B错误；

C.考虑稀薄大气阻力，若核心舱不进行干预，由于阻力做负功使得核心舱先减速，核心舱将做近

心运动，万有引力做正功，核心舱的线速度将越来越大，故C正确；

D根据开普勒第二定律，在同一轨道上飞船与地心连线在相同时间内扫过的面积相等，但现飞船

处于两个不同轨道，所以飞船在轨道I与地心连线和在轨道口与地心连线在相同时间内扫过的面

积不相同，故。错误。

故选:AC.

根据第一宇宙速度的双重含义即可分析4选项，再根据万有引力提供向心力可知对接和核心舱的

周期，由于核心舱做近心运动，因此速度会越来越大，再根据开普勒第二定律即可分析。选项。

该题考查对第一宇宙速度的理解，万有引力提供向心力以及开普勒第二定律的运用，题目具有一

定的综合性，难度适中。

6.【答案】AD

【解析】解：2、电网的电压为Ui，牵引变电所进行变压降至“，则变电所的变压器原、副线圈

匝数比为%：n2=Ur：U2,故A正确；

以由题，馈线的电阻不能忽略不计，所以机车获得的电压/小于牵引变电所输出的电压小，故8

错误；

C、若高铁机车功率为P,则机车获得的电流：/=《，所以牵引变电所到机车之间线路的等效电

U3

2

阻为厂=虫卢=空铲a,故c错误；

D、若高铁机车功率为P,则牵引变电所到机车之间线路损耗的电功率为：P损=/2「=里*复，

故。正确。

故选：AD.

根据电压之比等于匝数之比进行求解；根据功率关系求解电流，根据欧姆定律求解牵引变电所至

机车间的等效电阻。

本题主要是考查了变压器的知识；解答本题的关键是知道变压器的电压之比等于匝数之比，知道

理想变压器的输出功率决定输入功率且相等。

7.【答案】BD

【解析】解：4、物块从4到B,由功能关系可得：〃mg(Xo+2xo)=gkxQ可得弹簧的劲度系数

k-64mg

一沏

从4到力。间某一位置时，由功能关系得：1kxQ=/irngx+1mv2,可知u与x是非线性关系，v-x

图像是曲线，故A错误；

B、物块从4到加速度为0的过程，由牛顿第二定律得：kx-iimg=ma,结合k="也，得。=

华

x0

当物块刚到8点时，有一卬ng=-ma0,则a。=ng,可得a=等x-a。，a-x是线性关系，且x=0

x0

时.，a=5a0；

物块从加速度为0的位置到0点的过程，由牛顿第二定律得:kx-〃mg=ma,联立得a=等％-a。；

x0

物块从。到由牛顿第二定律得：一卬ng=nrn,联立可得。=一劭，故B正确；

C、对滑块，由功能关系可得：4E=-F为向x,则F碘=1受I，其中尸其建滑动摩擦力与弹簧

弹力的合力大小，则E-x图像切线斜率的大小等于尸其礼从。到B,滑动摩擦力不变，E-x图像

的斜率不变，图线应为直线，故C错误；

D、对滑块与弹簧系统，由功能关系可得：AE'=-iimgAx,则p„g=|相E—%图像的斜率不

变，图线为向下倾斜的直线，故O正确。

故选：BD。

先根据功能关系列式，求出弹簧的劲度系数k,根据功能关系列式，得到速度与位移的关系，分析

v-x图像的形状。由牛顿第二定律列式，分析a-乂图像的形状。由功能关系分析滑块的机械能E、

滑块与弹簧的总机械能E'与位移x的关系。

解答本题的关键要根据牛顿第二定律、动能定理、功能关系得到各个量的表达式，分析图像斜率

的意义，来确定图像的形状。

8.【答案】AD

【解析】解：4、由于加上电压时，经过一段时间，发现油滴P恰以速度大小w竖直向上匀速运动，

说明油滴受到的电场力方向向上，所以油滴带负电，故A正确；

B、设油滴P所带电荷量的值为q,没有加电压时，根据平衡条件可得：mg=kv^r

施加电压后匀速向上运动时，根据平衡条件可得：q^=mg+kv2r

联立解得：q="上产，故B错误；

C、从金属板加上电压到油滴速度减为零的过程中，根据牛顿第二定律可得：qE+f-mg=ma,

解得加速度大小为：a=&+细二也，随着速度的减小、加速度逐渐减小；

mdm

向上加速运动的过程中，根据牛顿第二定律可得：qE-ag-f=巾优，解得加速度大小为：a'=

qu_kvr+mg随着速度的增大、加速度逐渐减小；

mdmf

综上所述，从金属板加上电压到油滴向上匀速运动的过程中，油滴的加速度一直减小，故c错误：

。、油滴经过M点向下运动到速度为零过程中，取向上为正方向，根据动量定理可得：qgti+

1ax

ku1yti-mgti=0—mv1

油滴从速度为零到达到M点的过程中，根据动量定理可得：q^t2-kv,rt2-mgt2=mv2

其中q=卜9岑?)4,171t2t2，mg=k%r

联立解得油滴先后两次经过M点经历的时间为1=G+t2=吗抖，故。正确。

9V2

故选：AD.

根据油滴的运动情况分析电性；B根据平衡条件求解电荷量大小；根据牛顿第二定律得到加速度

表达式进行分析：根据动量定理求解油滴先后两次经过M点经历的时间。

本题主要是考查带电油滴在电场中的运动，关键是弄清楚油滴的受力情况和运动情况，根据牛顿

第二定律、平衡条件进行解答。

9.【答案】中子（mi+Tn2-加3-mQc?

【解析】解：粒子X的质量数：m=2+3-4=1

核电荷数：z=1+1-2=0,所以X是中子

2

根据爱因斯坦质能方程可得核反应所释放核能的表达式为：（Hi1+讥2-巾3-m4）c

故答案为：中子；（根1+巾2-63—64）。2。

根据质量数守恒与电荷数守恒即可判断出产生的粒子；根据爱因斯坦质能方程即可写出上述核反

应所释放核能的表达式.

本题主要是考查原子核的聚变，解答本题的关键是知道反应过程中质量数和电荷数均守恒，掌握

核能的计算方法。

10.【答案】—①

cosa

【解析】解：根据折射定律有几=黑图

解得

cosO

n=-----

cosa

若改用绿光在同一位置同一角度从真空入射，绿光的频率较大，折射程度更大，所以出射光线可

能是①

故答案为：—,①

cosa

根据折射定律解得折射率，绿光的频率较大，折射程度更大。

本题考查折射定律的应用，解题关键掌握折射率的计算公式，注意折射率与光频率的关系。

11.【答案】反比C气体温度升高

【解析】解：（1）作出图线。如果该图线为直线且反向延长线过坐标原点，就说明气体压强

与体积成正比；

（2）4、由于注射器是圆柱形的，横截面积不变，所以只需要测量空气柱的长度即可，故4错误；

B、本实验探究采用的方法是控制变量法，所以要保持被封闭气体的质量和温度不变，故温度保持

不变即可，不需要测量，故5错误；

C、涂润滑油主要是防止漏气，使被封闭气体的质量不发生变化，也可以减小摩擦，故C正确：

。、手握紧活塞会导致温度的变化，从而影响实验，故。错误；

故选：Co

(3)一实验小组做出的图像如图乙所示，图线发生弯曲，造成该现象的原因可能是气体温度

升高。

故答案为：(1)反比；(2)C；(3)气体温度升高

(1)根据图像的特点得出气体压强与体积的关系；

(2)根据实验原理掌握正确的实验操作；

(3)理解图像的物理意义，分析出图线发生弯曲的原因。

本题主要考查了理想气体的实验规律，根据实验原理掌握正确的实验操作，结合图像的物理意义

即可完成分析。

2

12.【答案】11.6010001500%晒大于

4卬2

【解析】解：(1)由图甲所示游标卡尺可知，其精度是0.05nun,主尺读数是llnun,游标尺读数

为12x0.05mm—0.60mm,则长度L=11.60mm；

(2)由图乙选择x100倍率的倍率，可知测量值为10000；

(3)①根据实验要求连接实物图如图所示：

②定值电阻Ro应选择阻值接近。的电阻，故选1500。的定值电阻;

③根据串联电路关系有

鱼=支

RoRD

根据电阻定律有

RD=

其中

S=吗)2

联立解得

7rd2R()%

④若电压表内阻不是无穷大，由于电压表的分流作用，流过待测电阻的电流大于器，即电流的测

量值小于真实值，由欧姆定律可知，电阻测量值大于真实值。

故答案为：(1)11.60；(2)1000；(3见解析，②1500，③嚓阴，④大于

(1)根据游标卡尺读数方法读得数据；

(2)根据欧姆表倍率读得待测电阻值；

(3)根据实验原理与规定连接实物图，根据串联电路规律解得待测电阻的电阻率，根据实验原理分

析误差。

要掌握常用器材的使用方法与读数方法；分析清楚电路结构、应用欧姆定律即可解题。

13.【答案】解：(1)由图乙知，舰载机着陆时速度%=70zn/s,由动能定理得

小第=0_"M诏

代入数据解得：V/^=-4.9x1077

(2)由u-t图象可知，舰载机着陆后做匀减速运动的加速度大小为：

&=吃1=奈言m/s2=30m/s2

设舰载机对飞行员的作用力为F,对飞行员受力分析如图所示，F的竖直分力与等于重力，F的水

平分力且产生加速度，由牛顿第二定律得：

水平方向，有双=mJ

竖直方向，有0=mg

则有：F=VFx+Py

代入数据解得：F=700\TWN

答：(1)舰载机着陆后到停止的过程，阻力对舰载机做的功为-4.9x1077；

(2)舰载机着陆后匀减速滑行过程中，座椅对飞行员的作用力大小为700CUN。

【解析】(1)由v-t图象可读出舰载机的初速度和末速度，根据动能定理求阻力对舰载机做的功;

(2)根据v-t图象的斜率求出匀减速运动的加速度大小，根据牛顿第二定律求出座椅对飞行员水平

方向和竖直方向的作用力，再合成求座椅对飞行员的作用力。

本题要能根据u-t图象分析出飞机的运动情况，知道飞机做匀减速运动时，座椅对飞行员的作用

力是水平方向和竖直方向两个分力的合力。

14.【答案】解：(1)金属棒在框架上无摩擦地运动，设刚进入磁场的速度为火

根据动能定理得：mgdsin37°=-0

代入数据可解得：v0=3m/s

进入磁场后，根据法拉第电磁感应定律E=

根据闭合电路欧姆定律

K

代入数据解得/=2A

电流方向：由N流向M

(2)框架受到斜面的摩擦力方向沿斜面向上，大小为

/=+m)gcos37。

框架MN边受到的安培方向沿斜面向下，大小为尸=BIL

根据牛顿第二定律，框架的加速度为a

Mgsind+?交-f=Afa

代入数