2022年广西防城港市高考物理必刷试卷含解析

2021-2022学年高考物理模拟试卷

注意事项

1.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.

2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.

3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.

4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他

答案.作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.

5.如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、关于固体、液体、气体和物态变化，下列说法中正确的是（）

A.晶体一定具有各向异性的特征

B.液体表面张力是液体内部分子间的相互作用

C.的铁和0℃的铜，它们的分子平均速率相同

D.一定质量的某种理想气体状态改变时，内能不一定改变

2、科学家通过实验研究发现，放射性元素若U有多种可能的衰变途径：先变成%Bi,2tBi可以经一次衰变变

成XTi,也可以经一次衰变变成Yx（X代表某种元素），&Ti和'X最后都变成货Pb,衰变路径如图所示。则以下

判断正确的是（）

A.a=211,6=82

B.①是（J衰变，②是a衰变

C.①②均是a衰变

D.2；如经过7次a衰变5次p衰变后变成2MBi

3、如图，两光滑导轨竖直放置，导轨平面内两不相邻的相同矩形区域I、II中存在垂直导轨平面的匀强磁场，磁感应

强度大小相等、方向相反。金属杆ab与导轨垂直且接触良好，导轨上端接有电阻R（其他电阻不计）。将金属杆ab从

距区域I上边界一定高度处由静止释放（）

A.金属杆在I区域运动的加速度可能一直变大

B.金属杆在II区域运动的加速度一定一直变小

C.金属杆在I、II区域减少的机械能一定相等

D.金属杆经过I、II区域上边界的速度可能相等

4、中澳美“科瓦里-2019”特种兵联合演练于8月28日至9月4日在澳大利亚举行，中国空军空降兵部队首次派员参加,

演习中一名特种兵从空中静止的直升飞机上，抓住一根竖直悬绳由静止开始下滑，运动的速度随时间变化的规律如图

所示，右时刻特种兵着地，下列说法正确的是（）

A.在内〜右时间内，平均速度万〈匕爰

B.特种兵在0〜乙时间内处于超重状态，外〜弓时间内处于失重状态

C.在乙〜&间内特种兵所受阻力越来越大

D.若第一个特种兵开始减速时第二个特种兵立即以同样的方式下滑，则他们在悬绳上的距离先减小后增大

5、已知光速为3x108m/s电子的质量为9.1xIO31kg,中子的质量为1.67xlO27kg,质子的质量为1.67xIO27kg.

氢原子能级示意图如图所示。静止氢原子从n=4跃迁到n=l时，氢原子的反冲速度是多少？（）

2-----------------3.40

1-----------------13.60

A.4.07m/sB.0.407m/sC.407m/sD.40.7m/s

6、如图所示，A、B都是重物，A被绕过小滑轮P的细线所悬挂，B放在粗糙的水平桌面上；小滑轮P被一根斜短线

系于天花板上的。点；0,是三根细线的结点，比T水平拉着重物B,c0,沿竖直方向拉着弹簧；弹簧、细线、小滑轮的

重力和细线与滑轮间的摩擦力均可忽略，整个装置处于静止状态，g=10m/s2,若悬挂小滑轮的斜线。尸的张力是

206N,则下列说法中正确的是（）

A.弹簧的弹力为106N

B.重物A的质量为2.5kg

C.桌面对重物B的摩擦力为10JjN

D.0尸与竖直方向的夹角为60°

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、下列说法正确的是（）

A.悬浮颗粒的无规则运动并不是分子的运动，但能间接地反映液体分子运动的无规则性

B.一种物质温度升高时，所有分子热运动的动能都要增加

C.液体能够流动说明液体分子间的相互作用力比固体分子间的作用力要小

D.一定质量的物质，汽化时吸收的热量与液化时放出的热量相等

E.一切自然过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行

8、物块套在光滑的竖直杆上，通过光滑的定滑轮用不可伸长的轻绳将物块由A点匀速拉到8点，A5高度为R则在

运动过程中（）

A.绳中张力变小

B.绳子自由端的速率减小

C.拉力厂做功为尸一-

cos，

D.拉力厂的功率尸不变

9、如图所示，用等长的绝缘线分别悬挂两个质量、电量都相同的带电小球A和B,两线上端固定于O点，B球固定

在O点正下方。当A球静止时，两悬线的夹角为。.下列方法中能保持两悬线的夹角不变的是（）

A.同时使两悬线长度减半

B.同时使两球的质量和电量都减半

C.同时使A球的质量和电量都减半

D.同时使两悬线长度减半和两球的电量都减半

10、一列简谐横波，沿x轴正向传播，位于原点的质点的振动图象如图1所示；图2为该波在某一时刻的波形图，A

点位于x=0.5m处。下列说法正确的是

A.由图1可知，位于原点的质点振动的振幅是16cm

B.位于原点的质点振动的周期是0.2s

C.由图1,在，等于，周期时，位于原点的质点离开平衡位置的位移为零

1

D.该波的传播速度是20m/s

E.由图2可知，经过周期后，A点离开平衡位置的位移是-8cm。

i

.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）如图（a）为某同学组装完成的简易多用电表的电路图.图中E是电池；&、&、&、心和凡是固定电阻，

凡是可变电阻;表头G的满偏电流为250pA,内阻为480C.虚线方框内为换挡开关,A端和B端分别与两表笔相连.该

多用电表有5个挡位，5个挡位为：直流电压IV挡和5V挡，直流电流1mA挡和2.5mA挡，欧姆xlOOQ挡.

表头

凡Rs

图（a）

⑴图（a）中的A端与（填“红”或“黑”）色表笔相连接.

⑵关于治的使用，下列说法正确的是（填正确答案标号）.

A.在使用多用电表之前，调整R,使电表指针指在表盘左端电流“0”位置

B.使用欧姆挡时，先将两表笔短接，调整&使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置

C.使用电流挡时，调整以使电表指针尽可能指在表盘右端电流最大位置

⑶根据题给条件可得品+/?2=Q,R4=Q.

（4）某次测量时该多用电表指针位置如图（b）所示.若此时8端是与“1”相连的，则多用电表读数为；若此时

8端是与“3”相连的，则读数为；若此时8端是与“5”相连的，则读数为.（结果均保留3位有效数字）

12.（12分）重物带动纸带自由下落，测本地重力加速度。用6V。50Hz的打点计时器打出的一条纸带如图甲所示，O

为重物下落的起点，选取纸带上连续打出的A、B、C、D,E、尸为测量点，各测量点到。点的距离〃已标在测量点

下面。打点计时器打C点时，重物下落的速度匕=m/s；分别求出打其他各点时的速度v,作声一力关系图

像如图乙所示，根据该图线，测得本地的重力加速度8=m/s2o（结果保留三位有效数字）

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）光滑水平面上有一质量，〃车=L0kg的平板小车，车上静置A、B两物块。物块由轻质弹簧无栓接相连（物

块可看作质点），质量分别为3=LOkg,"3=LOkg。A距车右端xi（xi>1.5m）,B距车左端X2=L5m,两物块与小

车上表面的动摩擦因数均为"=0.1.车离地面的高度人=0.8m,如图所示。某时刻，将储有弹性势能Ep=4.0J的轻弹

簧释放，使A、B瞬间分离，A、B两物块在平板车上水平运动。重力加速度g取lOm/s?,求：

（1）弹簧释放瞬间后A、B速度的大小；

（2）B物块从弹簧释放后至落到地面上所需时间;

（3）若物块A最终并未落地，则平板车的长度至少多长？滑块在平板车上运动的整个过程中系统产生的热量多少？

14.（16分）一半圆柱形透明体横截面如图所示，。为截面的圆心，半径K=&cm,折射率"=百.一束光线在

横截面内从A03边上的4点以60。的入射角射入透明体，求该光线在透明体中传播的时间.（已知真空中的光速c=

3.0x10sm/s）

15.（12分）在一个足够长的水平桌面上，静置着一个足够长的木板A,A的右端与桌面边沿平齐，其上边缘距水平

地面的竖直高度〃=0.8m。木板A上静置两个可视为质点的B、C物块，它们之间有一个被锁定的压缩轻弹簧（弹簧与

两物块均不连接），弹簧存储的弹性势能为5.4J。已知根,=根8=011^、，&=0-31^,木板A与桌面、物块C与木

板A间的动摩擦因数均为4=01，物块B与木板A间的动摩擦因数%=03。解锁后弹簧在瞬间恢复原长，两物块

均开始运动，此时物块C距离木板A的右边缘xi=2.5m。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度取g=10m/s2。

求：

⑴弹簧恢复原长时物块B、C的速度；

（2）物块C从离开A板落地过程中的水平位移；

（3）物块B从开始运动到最终停止时，相对桌面运动的距离。

B0

Ir-pvwvj-

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

A.单晶体具有各向异性的特征，多晶体表现为各向同性，选项A错误；

B.液体表面张力是液体表面层分子间的相互作用，选项B错误；

C.0C的铁和的铜，它们的分子平均动能相同，但是分子平均速率不相同，选项C错误；

D.一定质量的理想气体的状态改变时，若温度不变，则其内能不变，故D正确；

故选D。

2、D

【解析】

ABC.2tBi经过①变化为［Ti,核电荷数少2,为a衰变，即七Bi->鼾'i+；He,故

a=210-4=206

2tBi经过②变化为"X,质量数没有发生变化，为“衰变，即％Bif”x+_；e,故

Z>=83+1=84

故ABC错误；

D.经过7次a衰变，则质量数少28,电荷数少14,在经过5次/?衰变后，质量数不变，电荷数增加5,此时质

量数为

238-28=210

电荷数为

92-14+5=83

变成了下Bi,故D正确。

故选D。

3、D

【解析】

AB.由于无法确定金属杆进入磁场区域时所受安培力与其重力的大小关系，所以无法确定此时金属杆加速度的方向。

若金属杆进入磁场时其所受安培力

B2I3V

>mg

R

则有

B2I?V

—―----mg=ma

且加速度方向向上，可知金属杆进入磁场区域后加速度一直减小或先减小至零再保持不变；若金属杆进入磁场时其所

受安培力

B2Irv

—^一<"吆

则有

B-lJv

mg---------=ma

R

且加速度方向向下，可知金属杆进入磁场区域后加速度一直减小或先减小至零再保持不变；若金属杆进入磁场时其所

受安培力

B'l}v

丁心

则金属杆进入磁场区域后加速度为零且保持不变，故A、B错误；

C.根据功能关系得金属杆在I、II区域中减少的机机械能等于克服安培力做的功，由于无法确定金属杆经过两区域

过程中所受安培力的大小关系，所以无法确定金属杆经过两区域过程中克服安培力做功的关系，故故c错误：

D.若金属杆进入磁场时其所受安培力

则金属杆在I区域中先做减速运动再做匀速运动或一直做减速运动，出I区域后在重力作用下再做加速运动，所以金

属杆经过I、n区域上边界的速度有可能相等，故D正确。

故选D。

4、C

【解析】

A.在〃山时间内，若特种兵做匀减速直线运动，由也减速到也，则平均速度为乜土二，根据图线与时间轴围成的面

2

积表示位移可知，特种兵的位移大于匀减速直线运动的位移，则平均速度3＞土上殳，故A错误；

2

B.。玉时间内，由图线可知，图线的斜率大于零，则加速度方向竖直向下，发生失重；在〃心时间内，图线的切线的

斜率小于零，则加速度方向竖直向上，发生超重；故B错误；

C.在时间内，根据牛顿第二定律可知

f-mg=ma

f=mg+nia

因为曲线的斜率变大，则加速度4增大，则特种兵所受悬绳的阻力增大，故C正确；

D.若第一个特种兵开始减速时，第二个特种兵立即以同样的方式下滑，由于第一个特种兵的速度先大于第二个特种

兵的速度，然后又小于第二个特种兵的速度，所以空中的距离先增大后减小，故D错误；

故选C。

5、A

【解析】

氢原子从〃=4跃迁到n=l时放出光子的能量为

E=E「E]=(-0.85)-(-13.6)=12.75eV

光子的动量

h

p=­

尤

光子的能量

尸he

E二——

根据动量守恒定律可知

12.75xl.6xl0-19

m/s=4.07m/s

827

cmH3xl0xl.67xlO'

故选Ao

【解析】

A.设悬挂小滑轮的斜线中的拉力与。〃绳的拉力分别为乃和T,则有:

2Tcos30°=Ti

T=20N

以结点O'为研究对象，受力如图

根据平衡条件得，弹簧的弹力为

Fi=Tcos60°=10N

故A错误；

B.重物A的质量

T

，纵=—=2kg

g

故B错误；

C.绳O'b的拉力

F7=Tsin60°=20•且N=10百N

2

根据平衡条件可知，桌面对重物B的摩擦力为IOQN,故C正确；

D.由于动滑轮两侧绳子的拉力大小相等，根据对称性可知，细线OP与竖直方向的夹角为30。.故D错误。

故选：Co

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AE

【解析】

A.布朗运动是悬浮颗粒的无规则运动并不是分子的运动，但能间接地反映液体分子运动的无规则性，A正确；

B.一种物质温度升高时，分子的平均动能增加，这是一种统计规律，可能有的分子热运动的动能要增加，有的反而

要减少，B错误；

C.液体能够流动与液体分子间作用力无必然联系，固体有固定形状也与固体间分子作用力无必然联系，C错误；

D.一定质量的物质，在一定的温度和压强下，汽化时吸收的热量与液化时放出的热量相等，D错误；

E.一切自然过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行，E正确。

故选AEo

8、BD

【解析】

A.因为物块做匀速直线运动，在竖直方向上合力为零，则有

Tcos0=mg

因为。增大，COS。减小，则拉力7增大，故A错误；

B.物块沿绳子方向上的分速度

v=cos0

该速度等于自由端的速度，。增大，自由端速度V减小，故B正确：

C.尸为变力，不能用功的定义。应根据动能定理，拉力尸做功等于克服重力做的功，即

W=mgh

故C错误；

D.拉力的功率为

mg

P=Fv=——vcos0=mgv

cos。AA

可知拉力厂的功率「不变，故D正确。

故选BD。

9,CD

【解析】

同时使两悬线长度减半，若角度，不变，球间距减半，根据公式二二六，静电斥力增加为4倍，故重力和静电斥力

的合力方向一定改变，不能在原位置平衡，故A错误；同时使两球的质量和电荷量减半，A球的重力减小为一半，静

电力都减小为四分之一，故重力和静电斥力的合力方向一定改变，不能在原位置平衡，故B错误；同时使A球的质量

和电荷量减半，A球的重力和静电力都减小为一半，故重力和静电斥力的合力方向不变，球能保持平衡，故C正确；

同时使两悬线长度和两球的电荷量减半，球间距减为一半，根据公式二=二三，静电力不变，故重力和静电斥力的合

力方向不变，球能保持平衡，故D正确。所以CD正确，AB错误。

10、BCE

【解析】

A.振幅是质点偏离平衡位置的最大距离，由图1读出振幅A=8cm；故A错误.

B.质点完成一个全振动的时间叫做一个周期，从振动图象中可以看成周期二=（二；故B正确.

C.当一时，坐标原点的质点处在平衡位置向下运动，所以产0；故C正确.

u=1

D.从图2中可以看出波长-=-皿所以波速一；故口错误.

二=三=三，1115'=Jftns

E.经过半个周期后，处于波峰的A质点运动到波谷位置，则离开平衡位置的位移为8cm,方向向下；故E正确.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、黑B1608801.47mALlOxlO3Q2.95V

【解析】

d)[l]欧姆表内置电源正极与黑表笔相连，负极与红表笔相连，即红进黑出，A端与电池正极相连，电流从A端流出,

A端与黑表笔相连；

(2)⑵由电路图可知4只在测量电阻时才接入电路，故其作用只能进行欧姆调零，不能进行机械调零，同时在使用电

流档时也不需要调节人；

A.与分析不符，故A错误；

B.与分析相符，故B正确；

C.与分析不符，故C错误；

(3)[3]3端与“1”“2”相连时，该多用电表挡位分别为直流2.5mA挡、直流1mA挡，如图所示

由电表的改装原理可知3端与“2”相连时，有:

I2=IG+-^-

飞+&

解得:

/?1+/?=

2160。

⑷3端与“4”相连时，如图所示

©—《

多用电表为直流电压IV挡，表头并联部分电阻：

%==880。

(4)[5]3端与“1”相连时，电表读数为1.47mA；

[6]3端与“3”相连时，多用电表为欧姆x100。挡，读数为:

11.0X100Q=1.10X103Q

[7]B端与“5”相连时，多用电表为直流电压5V挡，读数为:

147

--x5V=2.95V

250

12、1.569.70-9.90

【解析】

XBD

[1].由匕=可知

0.1571-0.0947

=1.56m/s

0.04

[2].根据巡=2g”,由图象求斜率得2g,所以

k14.9.1_..

g=—=—x------m/s-=9.8o0m/s2

220.25

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)2m/s、2m/s；(2)1.4s；(3)3.25m；3.25J.

【解析】

(1)释放弹簧过程A、8系统动量守恒、机械能守恒，

以向右为正方向，由动量守恒定律得：

m.\Vx-/HBVB=0

由机械能守恒定律得：

(机+耳机8年=Ep

代入数据解得：

VA=2HI/S

VB=2m/s；

（2）由于A、8质量相等与桌面的动摩擦因数相等，在8在平板车上运动到左端过程小车所受合力为零，小车静止,

3运动到小车左端过程，对5,由动能定理得：

121，

-jumBgx2mBv-

由动量定理得：

-/umBgti=niBVB-rnnvi,

代入数据解得：

VB=lm/s

n=is,

8离开平板车后做平抛运动，竖直方向：

h=；gt；,

代入数据解得：

fo=0.4s,

运动时间：

f=fi+，2=L4s；

（3）B离开小车时：以=「B=lm/s,8离开平板车后，4与平板车组成的系统动量守恒，

以向右为正方向，由动量守恒定律得：

m^v^=（小+加车）v

由能量守恒定律得：

+机车）/+〃加AgL相对

代入数据解得：

L相对=0.25m；

A、3同时在小车上运动时小车不动，5滑出小车时，A在小车上滑行的距离与B在小车上滑行的距离相等为L5m,

小车的最小长度：

L=1.5+1.