2023年贵州省瓮安高考物理押题试卷含解析

2023学年高考物理模拟试卷

请考生注意：

1.请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0.5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答

案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。

2.答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、超导电磁船是一种不需要螺旋桨推进的低噪音新型船，如图是电磁船的简化原理图，A3和CZ）是与电源相连的导

体板，与CD之间部分区域浸没在海水中并有垂直纸面向内的匀强磁场（磁场由固定在船上的超导线圈产生，其独

立电路部分未画出），以下说法正确的是

A.使船前进的力，是磁场对海水中电流的安培力

B.要使船前进，海水中的电流方向从Q9板指向A3板

C.同时改变磁场的方向和电源正负极，推进力方向将与原方向相反

D.若接入电路的海水电阻为R,其两端的电压为U,则船在海水中前进时，A8与B间海水中的电流强度小于，

2、阴雨天里积雨云会产生电荷，云层底面产生负电荷，在地面感应出正电荷，电场强度达到一定值时大气将被击穿，

发生闪电。若将云层底面和地面看作平行板电容器的两个极板，板间距离记为300m,电压为2xIO,v,积雨云底面

面积约为m2。若已知静电力常量与空气的介电常数，由以上条件是否能估算出以下物理量（）

①云层底面与地面间的电场强度

②云层底面与地面构成的电容器的电容

③云层底面所带电量

A.只能估算出①

B.只能估算出①和②

C.只能估算出②和③

D.①②③均能估算出

3、在光滑绝缘水平面上，三个带电小球5和C分别位于边长为/的正三角形的三个顶点上；a、b带正电，电荷量

均为4,整个系统置于方向水平的匀强电场中。若三个小球均处于静止状态，则c球的带电量为（）

A.+qB.-qC.+2qD.-2q

4、为了纪念物理学家对科学的贡献，许多的单位是用家的名字来命名的，在，下列单位所属于基本物理量的是

A.安培B.库仑C.牛顿D.焦耳

5、若用假想的引力场线描绘质量相等的两星球之间的引力场分布，使其他星球在该引力场中任意一点所受引力的方向

沿该点引力场线的切线上并指向箭头方向.则描述该引力场的引力场线分布图是（）

6、如图（俯视图），在竖直向下、磁感应强度大小为2T的匀强磁场中，有一根长0.4m的金属棒48c从中点8处折

成60。角静置于光滑水平面上，当给棒通以由A到C、大小为5A的电流时，该棒所受安培力为

X

X

X

X

A.方向水平向右，大小为4.0N

B.方向水平向左，大小为4.0N

C.方向水平向右，大小为2.0N

D.方向水平向左，大小为2.0N

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、下列说正确的是（）

A.一定量100℃的水变成100℃的水蒸气，其分子之间的势能增加

B.蔗糖受潮后粘在一起形成的糖块看起来没有确定的几何形状，是非晶体

C.理想气体在等压膨胀过程中一定要吸收热量

D.已知阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度可以估算出气体分子的直径

E.水和酒精混合后总体积减小，说明分子间有空隙

8、真空中质量为，〃的带正电小球由A点无初速自由下落/秒，在f秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经

过t秒小球又回到A点。小球电荷量不变且小球从未落地，重力加速度为g。则

A.整个过程中小球电势能变化了2瓶铲产

B.整个过程中小球速度增量的大小为2gf

C.从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能变化了，，吆¥

D.从A点到最低点小球重力势能变化了；，咫2尸

9、下列说法正确的是（）

A.外界对气体做功，气体的内能可能减少

B.单晶体有固定的熔点，多晶体和非晶体没有固定的熔点

C.空气中水蒸气的压强越大，空气的相对湿度就越小

D.内能不同的物体，它们分子热运动的平均动能可能相同

E.一定质量的理想气体的内能随温度的升高而增大

io、图甲为研究光电效应的电路图，图乙为静止在匀强磁场中的某种放射性元素的原子核为衰变后产生的新核y和某

种射线的径迹，下列说法正确的是（）

A.图甲利用能够产生光电效应的两种（或多种）频率已知的光进行实验可测出普朗克常量

B.图甲的正负极对调，在光照不变的情况下，可研究得出光电流存在饱和值

C.图乙对应的衰变方程为3J；He+片Y

D.图乙对应的衰变方程为黑―+z：/Y

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）在一次课外活动中，某同学用图甲所示装置测量放在水平光滑桌面上铁块A与金属板B间的动摩擦因数。

已知铁块A的质量"”=0.5kg,金属板B的质量,〃B=lkg。用水平力尸向左拉金属板B,使其一直向左运动，稳定后

弹簧秤示数的放大情况如图甲所示，则A、B间的动摩擦因数“=（g取10m/s2）。该同学还将纸带连接在金

属板B的后面，通过打点计时器连续打下一系列的点，测量结果如图乙所示，图中各计数点间的时间间隔为0.1s,可

求得拉金属板的水平力F=N。

12.（12分）某实验兴趣小组用如图甲所示实验装置来验证机械能守恒定律并求出当地重力加速度。倾斜气垫导轨倾

角为30。，导轨上端与水平桌面相接并安装有速度传感器可以直接测出小物块经过上端时的速度，气垫导轨和水平桌

面上均有刻度值可读出长度。导轨下端有一固定挡板，轻质弹簧下端与挡板相连，测出不放小物块时弹簧上端与传感

器之间的长度为L气垫导轨开始工作后把质量为，”的小物块轻放在弹簧上端，用外力向下缓慢推动小物块到不同位

置后撤去外力，小物块从静止开始向上运动，经过一段时间后落在水平桌面上。

（1）通过实验，该小组测出了多组不同的速度判和对应的落点到导轨上的长度x,画出了如图乙所示的I?—》图象，

已知该图象为一过原点的直线、直线斜率为上则通过该象可求出当地重力加速度g的值为,考虑到空气阻

力，该小组测出的值________（填“偏大”“偏小”或“不变

（2）通过事先对轻弹簧的测定,、研究得出弹簧的弹性势能与与压缩量©的关系为约=整s2。若每次释放小物

块时弹簧的压缩量均为L的"倍，为了验证小物块和轻弹簧系统的机械能守恒，该小组需要验证的表达式为

__________________（用x、“、L表示）。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，光导纤维可简化为长玻璃丝的示意图，玻璃丝长为L,折射率为〃（〃=0）。A8代表端面。

为使光能从玻璃丝的AB端面传播到另一端面。求光在端面AB上的入射角0应满足的条件。

14.（16分）电磁轨道炮的加速原理如图所示金属炮弹静止置于两固定的平行导电导轨之间，并与轨道良好接触。开

始时炮弹在导轨的一端，通过电流后炮弹会被安培力加速，最后从导轨另一端的出口高速射出。设两导轨之间的距离

£=0.10m,导轨长s=5.0m,炮弹质量，〃=0.03kg。导轨上电流/的方向如图中箭头所示。可以认为，炮弹在轨

道内匀加速运动，它所在处磁场的磁感应强度始终为B=2.0T,方向垂直于纸面向里。若炮弹出口速度为

v=2.0xl03m/s,忽略摩擦力与重力的影响。求：

(1)炮弹在两导轨间的加速度大小a；

(2)炮弹作为导体受到磁场施加的安培力大小F；

⑶通过导轨的电流I.

电磁炮井

15.(12分)我们可以借鉴研究静电场的方法来研究地球周围空间的引力场，如用“引力场强度”、“引力势”的概念描

述引力场。已知地球质量为半径为R,万有引力常量为G,将地球视为均质球体，且忽略自转。

(1)类比电场强度的定义方法，写出地球引力场的“引力场强度E”的定义式，并结合万有引力定律，推导距离地心为r

M

(->/?)处的引力场强度的表达式耳尸6丁；

IE-EI

(2)设地面处和距离地面高为h处的引力场强度分别为Ef和,如果它们满足―0.02,则该空间就可以近

岛

似为匀强场，也就是我们常说的重力场。请估算地球重力场可视为匀强场的高度/?(取地球半径K=6400km)；

⑶某同学查阅资料知道:地球引力场的“引力势”的表达式为化产-G?(以无穷远处引力势为0)。请你设定物理情景,

简要叙述推导该表达式的主要步骤。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

A、B项：当CD接直流电源的负极时，海水中电流方向由AB指向CD,是海水受到的安培力向左，根据牛顿第三定

律可知，船体受到向右的作用力，故使船体向前运动，故A、B错误；

C项：同时改变磁场的方向和电源正负极，磁场方向反向，电流方向反向，所以推进力方向将与原方向相同，故C错

误；

D项：因船在海水中前进时，AB与CD间海水切割磁感线产生电流，使接入电路的海水两端电压小于U,所以电流强

度小于故D正确.

R

点晴：利用左手定则判断出海水受到的安培力，根据牛顿第三定律即可判断出船体的受力，即可判断运动方向，注意

与右手定则的区别.

2,D

【解析】

①两极板间的电压已知，两极板间的距离已知，根据〃=可知云层底面与地面间的电场强度；

②已知积雨云底面面积约为s=lxio'H?，板间距离为d=300m、而静电力常量与空气的介电常数，根据电容器的

决定式C=一£=可以估算电容器的电容；

Arrkd

③根据Q=CU可以估算云层底面所带电量，

故ABC错误，D正确。

故选D。

3、D

【解析】

队分带正电，要使a、b都静止，c必须带负电，否则匀强电场对a、&的电场力相同，而其他两个电荷对a和b的合

力方向不同，两个电荷不可能同时平衡，设c电荷带电量大小为Q,以a电荷为研究对象受力分析，根据平衡条件得

c、6对a的合力与匀强电场对a的力等值反向，即为：

痴rqkQq

=XCOS60

所以C球的带电量为-2q

A.+g与分析不符，故A错误；

B.-q与分析不符，故B错误；

C.+2g与分析不符，故C错误；

D.-2g与分析不符，故D正确。

4、A

【解析】

物理学中共有七个基本物理量分别为：质量，长度，时间，电流强度，物质的量，热力学温度，发光强度，其中电流

强度的单位就是以科学家的名字来命名的即安培，故A正确.

5、B

【解析】

根据题意，其他星球受到中心天体的引力指向中心天体，所以引力场线应该终止于中心天体，故AD错误；其他星球

在该引力场中每一点的场力应该等于两星球单独存在时场力的矢量和，所以除了两星球连线上其他各处的合力并不指

向这两个星球，所以引力场线应该是曲线，故C错误，B正确。

故选B。

6、D

【解析】

金属棒的有效长度为AC,根据几何知识得L=0.2m,根据安培力公式得

F=B/L=2x5xO.2=2N

根据左手定则可判定安培力水平向左，故ABC错误，D正确；

故选D.

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ACE

【解析】

A.一定量100C的水变成1OOC的水蒸气，因吸热内能增大，但其分子动能不变，则分子之间的势能增加，选项A正

确；

B.蔗糖受潮后粘在一起形成的糖块是多晶体，看起来没有确定的几何形状，也是多晶体的特点。故B错误。

C.理想气体在等压膨胀过程中，气体对外做功，温度升高，内能变大，则一定要吸收热量，选项C正确；

D.已知阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度可以估算出气体分子运动占据的空间体积，不能估算气体分子的直

径，选项D错误；

E.水和酒精混合后总体积减小，说明分子间有空隙，选项E正确；

故选ACE.

8、AB

【解析】

小球先做自由落体运动，后做匀减速运动，两个过程的位移大小相等、方向相反。设电场强度大小为E,加电场后小

球的加速度大小为“，取竖直向下方向为正方向，则由Jgf2=_（0-g〃2）,又丫=学,解得a=3g,则小球回到a点

时的速度为y'=v-au-2gf；整个过程中小球速度增量的大小为Ay=v，=-2gf,速度增量的大小为2gf。由牛顿第二定律得

222

a=qE-mg,联立解得，*=4,呷\s=qE--gt=2mgt,故A正确；从加电场开始到小球运动到最低点时

m2

小球动能减少了纭=；〃?(gf)2,故C错误。设从A点到最低点的高度为h,根据动能定理得

I22

mg〃一—5g/)=0解得，h=-gt2,从A点到最低点小球重力势能减少了.纥,=，〃g/i=§，〃g2/.口错误。

9^ADE

【解析】

A.如果气体吸热的同时对外做功，吸收的热量小于对外所做的功，则内能可能减小，故A正确；

B.晶体都有固定的熔点，故B错误；

C.空气的相对湿度定义为空气中所含水蒸气的压强与相同温度时水的饱和蒸汽压之比，故C错误；

D.内能是所有分子动能和分子势能之和。内能不同的物体，当它们的温度相同时，则它们分子热运动的平均动能可

能相同，故D正确；

E.一定质量的理想气体的内能只与温度有关，温度越高，内能越大，故E正确。

故选ADE.

10、ABD

【解析】

e(U,-U,)

A.根据光电效应方程得/]=加「"=叫/=hv,-IVO=eU,,联立两式解得〃=—二——，所以分别测出两次电流

v2'vl

表读数为零时电压表的示数5和1/2即可测得普朗克常量，选项A正确；

B.题图甲电源的正负极对调，此时光电管中所加电压为正向电压，在光照不变的情况下，通过调节滑动变阻器可调节

光电管两端的电压，可研究得出光电流存在的饱和值，选项B正确；

CD.由题图乙可知，发生的是p衰变，故衰变方程为%-+z：产，选项D正确，C错误.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、0.504.50

【解析】

(D[1]A处于平衡状态，所受摩擦力等于弹簧秤示数

F(=F=2.50N

根据

F(=g

得

"=0.50

⑵由题意可知，金属板做匀加速直线运动，根据

Ax=aT2

其中

Ar=2cm=0.02111，7=0.1s

解得

a=2.0m/s2

根据牛顿第二定律得

F-F(=mBa

代入数据解得

产=4.50N

华Gk偏大5J而2Fcx

12、

【解析】

(1)物块到达斜面顶端时的速度为v,贝||：

I

v=ucos30°=—v,v=Rvm30°=—v

xr2)v2

物块离开斜面后做斜上抛运动，运动时间:

gg

水平位移:

而2

2g

整理得:

3

由v2-x图象可知图象斜率:

所以重力加速度:

考虑空气阻力影响，所测重力加速度偏大.

(2)[3]每次释放小物块时弹簧的压缩量均为L的n倍，贝!|：

M=nL

弹簧的弹性势能：

与=蟹“=蟹(”)2

「2L2L

以释放点所处水平面为重力势能的零势面，由机械能守恒定律得:

(nL)2=mgCn+1)Lsin