2023届福建省漳州市重点高考物理五模试卷含解析

2023学年高考物理模拟试卷

注意事项

1.考生要认真填写考场号和座位序号。

2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑

色字迹的签字笔作答。

3.考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、汽车在平直公路上以W8knVh的速度匀速行驶，司机看到前面有突发情况，紧急利车，从看到突发情况到刹车的

反应时间内汽车做匀速运动，刹车后汽车做匀减速直线运动，从看到突发情况到汽车停下，汽车行驶的距离为90m,

所花时间为5.5s,则汽车匀减速过程中所受阻力约为汽车所受重力的（）

A.0.3倍B.0.5倍C.0.6倍D.0.8倍

2、如图，用一根不可伸长的轻绳绕过两颗在同一水平高度的光滑钉子悬挂一幅矩形风景画。现若保持画框的上边缘水

平，将两颗钉子之间的距离由图示位置逐渐增大到不能再增大为止（不考虑画与墙壁间的摩擦），则此过程中绳的张力

大小（）

A.逐渐变大B.逐渐变小C.先变大，后变小D.先变小，后变大

3、汽车碰撞试验是综合评价汽车安全性能的有效方法之一。设汽车在碰撞过程中受到的平均撞击力达到某个临界值

凡时，安全气囊爆开。在某次试验中，质量机1=1600kg的试验车以速度vi=36km/h正面撞击固定试验台，经时间

4=0.10s碰撞结束，车速减为零，此次碰撞安全气囊恰好爆开。则在本次实验中汽车受到试验台的冲量大小和Fo

的大小分别为（）（忽略撞击过程中地面阻力的影响。）

A.Zo=5.76xlO4N-S,Fo=1.6xlO5NB./»=1.6xlO4N-S,Fo=1.6xlO5N

5545

C.7«=1.6xlONS,Fo=1.6xlOND./o=5.76xl0N-S,Fo=3.2xl0N

4、图示装置为阅读时使用的角度可调支架，现将一本书放在倾斜支架上，书始终保持静止。关于该书受力情况，下列

说法正确的是（）

A.可能受两个力

B.可能受三个力

C.一定受摩擦力

D.支架下边缘对书一定有弹力

5、宇宙中有一孤立星系，中心天体周围有三颗行星，如图所示。中心天体质量远大于行星质量，不考虑行星之间的万

有引力，三颗行星的运动轨道中，有两个为圆轨道，半径分别为打、，3,一个为椭圆轨道，半长轴为a,a=p。在Af

时间内，行星n、行星in与中心天体连线扫过的面积分别为S2、S3；行星I的速率为肛、行星n在5点的速率为也B、

行星n在E点的速率为也E、行星in的速率为於，下列说法正确的是（）

A.S2=S3

B.行星ii与行星in的运行周期相等

c.行星II与行星ni在p点时的向心加速度大小相等

D.丫3<U2E<V2B

6、有关原子物理学史，下列说法符合事实的是（）

A.卢瑟福通过a粒子散射实验提出了原子的枣糕模型

B.能量量子假说是普朗克首先提出的，光子假说则是爱因斯坦首先提出的

C.汤姆孙首先发现了中子，从而说明原子核内有复杂的结构

D.玻尔在光的粒子性的基础上，建立了光电效应方程

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、一列波源在x轴原点的简谐横波沿x轴正方向传播，如图所示为UO时刻的波形，此时波源正好运动到y轴的1cm

处，此时波刚好传播到x=7m的质点A处，已知波的传播速度为24m/s,下列说法正确的是（）

A.波源的起振方向沿y轴正方向

B.从UO时刻起再经过;s时间，波源第一次到达波谷

C.从UO时刻起再经过2.75s时间质点B第一次出现在波峰

D.从U0时刻起到质点B第一次出现在波峰的时间内，质点A经过的路程是48cm

8、如图所示，足够大的水平圆台中央固定一光滑竖直细杆，原长为L的轻质弹簧套在竖直杆上，质量均为机的光滑

小球4、8用长为L的轻杆及光滑较链相连，小球A穿过竖直杆置于弹簧上。让小球8以不同的角速度3绕竖直杆匀

速转动，当转动的角速度为“0时，小球8刚好离开台面。弹簧始终在弹性限度内，劲度系数为亿重力加速度为g,

A.小球均静止时，弹簧的长度为L-等

k

B.角速度时，小球A对弹簧的压力为小g

C.角速度"0=之-----

NkL-2mg

D.角速度从“°继续增大的过程中，小球A对弹簧的压力不变

9、假设何雯娜质量为，"=40kg,在某次蹦床比赛中，她从最低点以一定的初速度即竖直向上跳起，取运动过程的最低

点为重力零势能面，她的机械能和重力势能随离开最低点的高度力的变化规律如图所示，在整个运动过程中，可将她

视为质点，空气阻力不可忽略并且大小恒定，取g=10m/s2,则()

A.初速度vo=llm/s

B.下降加速度为7m/s2

C.落回最低点的动能1480J

D.上升运动时间为岑S

10、飞机在航空母舰上从静止开始起飞，在自身发动机和舰装弹射器的共同作用下沿水平方向加速运动。发动机产生

的推力恒为1.0X1()5N，弹射器的作用长度为100m,飞机质量为3.0xIOakg,飞机所受阻力为弹射器弹力和发动机

推力总和的20%。若飞机在弹射结束时要求的速度为80m/s,则弹射过程中()

A.飞机的加速度为32m/s2

B.弹射器推力为I.lxIO'、N

C.弹射器对飞机做功为1.1x108j

D.弹射器对飞机做功的平均功率为&8xIO7w

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）如图甲为物理兴趣小组设计的多用电表的电路原理图。他们选用内阻%=10。、满偏电流/g=10mA的电

流表、标识不清电源，以及由定值电阻、导线、滑动变阻器等组装好的多用电表。当选择开关接“3”时为量程250V的

电压表。该多用电表表盘如图乙所示，下排刻度均匀，上排刻度线对应数值还没有及时标出。

⑴其中电阻火2=d

（2）选择开关接“1”时，两表笔接入待测电路，若指针指在图乙所示位置，其读数为mA。

（3）兴趣小组在实验室找到了一个电阻箱，利用组装好的多用电表设计了如下从“校”到“测”的实验：

①将选择开关接“2”，红黑表笔短接，调节R的阻值使电表指针满偏；

②将多用电表红黑表笔与电阻箱相连，调节电阻箱使多用电表指针指在电表刻度盘中央C处，此时电阻箱如图丙所示,

则C处刻度线的标注值应为—O

③用待测电阻&代替电阻箱接入两表笔之间，表盘指针依旧指在图乙所示位置,则计算可知待测电阻约为&=—

（保留三位有效数字）

④小组成员拿来一块电压表，将两表笔分别触碰电压表的两接线柱，其中表笔（填“红”或"黑”）接电压表的正接

线柱，该电压表示数为L45V,可以推知该电压表的内阻为

12.（12分）（某同学要测定某金属丝的电阻率。

（1）如图甲先用游标卡尺测其长度为cm,如图乙再用螺旋测微器测其直径为mm,如图丙然后用多用电

表xlQ挡粗测其电阻为

(2)为了减小实验误差，需进一步测其电阻，除待测金属丝外，实验室还备有的实验器材如下:

A.电压表V(量程3V.内阻约为15kQ)

B.电流表A(量程0.6A.内阻约为1。)

C.滑动变阻器R(0~5C,0.6A)

D.1.5V的干电池两节，内阻不计

E.开关S,导线若干

①请设计合理的电路图，并画在下图方框内O

②用上面测得的金属导线长度/、直径d和电阻R,可根据表达式〃=算出所测金属的电阻率。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)如图所示，竖直放置的光滑金属导轨水平间距为L,导轨下端接有阻值为R的电阻。质量为，小电阻为

r的金属细杆诏与竖直悬挂的绝缘轻质弹簧相连，弹簧上端固定。整个装置处在磁感应强度大小为8、方向垂直于导

轨平面的匀强磁场中。现使细杆从弹簧处于原长位置由静止释放，向下运动距离为无时达到最大速度〃，此时弹簧

具有的弹性势能为名,。导轨电阻忽略不计，细杆与导轨接触良好，重力加速度为g,求：

(1)细杆达到最大速度小时，通过R的电流大小/；

(2)细杆达到最大速度飞时，弹簧的弹力大小产；

(3)上述过程中，R上产生的焦耳热Q。

14.(16分)如图3c是位于竖直平面内的一段光滑的圆弧轨道，圆弧轨道的半径为r=3m,圆心角0=53。，圆心O

的正下方C与光滑的水平面相连接，圆弧轨道的末端C处安装了一个压力传感器.水平面上静止放置一个质量M=lkg

的木板，木板的长度/=1m,木板的上表面的最右端放置一个静止的小滑块修，小滑块P的质量如未知，小滑块Pi

与木板之间的动摩擦因数"=0.1.另有一个质量如=lkg的小滑块尸”从圆弧轨道左上方的某个位置A处以某一水平

的初速度抛出，恰好能够沿切线无碰撞地从8点进入圆弧轨道，滑到C处时压力传感器的示数为gN,之后滑到水平

面上并与木板发生弹性碰撞且碰撞时间极短.(不计空气阻力，重力加速度g=10m/sl««53。=0.6).求：

传感器11

(1)求小滑块A经过C处时的速度大小；

(1)求位置4与C点之间的水平距离和竖直距离分别是多少？

(3)假设小滑块Pi与木板间摩擦产生的热量为。，请定量地讨论热量。与小滑块Pi的质量如之间的关系.

15.(12分)如图所示，一厚度均匀的圆柱形玻璃管内径为r,外径为R,高为R。一条光线从玻璃管上方入射，入射

点恰好位于M点，光线与圆柱上表面成30。角，且与直径在同一竖直面内。光线经入射后从内壁射出，最终到达

圆柱底面，在玻璃中传播时间为乙，射出直至到底面传播时间为测得%)，=3：1.已知该玻璃的折射率为逅，求

2

圆柱形玻璃管内、外半径之比广

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

设反应时间为。匀减速时间为广，行驶距离为S,初速度为V,则

V2,

vtH-----=s,v=at,»+'=%

2a

解得：

a—6m/s2,t-0.5s,t'=5s

根据牛顿第二定律得：

f=ma

故

--f---=0.o

mg

故C正确ABD错误。

故选C。

2、D

【解析】

分析题意可知，画受到两段轻绳的拉力作用，根据共点力的平衡可知，拉力的合力与重力等大反向，即合力恒定不变。

随着两颗钉子之间距离的增大，两端轻绳的夹角先减小，后增大，根据力的合成规律可知，两力合成时，合力一定的

情况下，分力的夹角越大，分力越大，分力的夹角越小，分力越小。则轻绳的张力先变小后变大，当两轻绳处于竖直

方向时，张力最小，故D正确，ABC错误。

故选D。

3、B

【解析】

汽车受到试验台的冲量等于汽车动量的改变量的大小

0=1600X——=1.6X1()4N.S

3.6

平均撞击力，根据动量定理可知

/()=%

带入数据解得：

/=；=1.6X105N

A./o=5.76xlO4N-S,FO=1.6X1O5N与分析不符，故A错误;

B./o=1.6xlO4N-S,凡=1.6X1()5N与分析相符，故B正确；

5

C./o=1.6xlONS,尸o=1.6xlO5N与分析不符，故C错误；

4

D./o=5.76xlON-S,'=3.2x107与分析不符，故D错误。

故选：Bo

4、B

【解析】

AB.由题意可知，书受到重力和弹力作用，由于有书沿斜面向下的分力作用，所以物体必然受到一个沿斜面向上的力,

以维持平衡，这个力为摩擦力，也可以是支架下边缘对书的弹力，也可以是摩擦力和支架下边缘对书弹力的合力，故

可能受三个力，四个力作用，故A错误，B正确；

C.由于当书沿斜面向下的分力作用与支架下边缘对书弹力相等时，此时摩擦力不存在，故C错误；

D.由于当书沿斜面向下的分力作用，与向上的摩擦力相等时，则支架下边缘对书弹力不存在，故D错误。

故选B。

5、B

【解析】

AB.行星n、行星HI满足用⑶据开普勒第三定律知他们的运行周期相等，令A，等于一个周期，它们与中心天体连

线扫过的面积，椭圆面积小于圆面积，故A错误，B正确；

c.向心加速度为垂直于速度方向的加速度，行星n与行星in在尸点时加速度相等，但行星n在该点的向心加速度为

此加速度沿尸至椭圆圆心方向的分量，小于行星m在尸点时加速度，故c错误；

D.据'考虑到1到11的变轨过程应该在B点加速，有V1<V2B,B到E过程动能向势能转化,

有也B>也E,考虑到母E小于在E点能够绕中心天体匀速圆周运动所需的速度VE,而陛〈巧，所以有也E〈V3,综上所

述也£〈叱3〈孙〈以15,故D错误；

故选B。

6、B

【解析】

A.卢瑟福从1909年起做了著名的a粒子散射实验，实验结果成了否定汤姆孙枣糕原子模型的有力证据，在此基础上,

卢瑟福提出了原子核式结构模型，故A错误；

B.能量量子假说是普朗克首先提出的，光子假说则是爱因斯坦首先提出的，故B正确；

C.查德威克通过用a粒子轰击钺核(：Be)的实验发现了中子，汤姆孙首先发现了电子，从而说明原子有复杂的结

构，故C错误：

D.爱因斯坦提出了光子假说，建立了光电效应方程，故D错误。

故选：B.

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BC

【解析】

A.波向x轴的正方向传播，此时波传到质点A位置，此时质点A的振动方向沿），轴负方向，所以波源的起振方向沿y

轴负方向，故A错误；

B.该波的波长为12m,周期

,4121

T=—=—s=­s

v242

从UO时刻起波源振动到波谷需要的振动时间

t=-T+-Tx-=-s

2433

故B正确；

C.波从质点A传播到质点B需要的时间为

64—7.57

A=-------T=—s

11224

质点3从开始振动到第一次到达波峰所用的时间为

3T3

t,-——=—s

248

所以时间为

t=ti+t2—2.75s

故C正确；

D.从U0时刻起到质点8第一次出现在波峰，经历的时间为2.75s,则A经过的路程是

2.75

s=-----x8cm=44cm

T

故D错误。

故选BC,

8、ACD

【解析】

A.若两球静止时，均受力平衡，对8球分析可知杆的弹力为零，

NB=mg；

设弹簧的压缩量为x,再对A球分析可得:

mg=kX],

故弹簧的长度为：

L、=L-…-她,

''k

故A项正确；

BC.当转动的角速度为3时，小球8刚好离开台面，即NZ=0,设杆与转盘的夹角为。，由牛顿第二定律可知：

YY\Q

------=ma>n-L-cos0

tan，°

五杆•sin6=mg

而对A球依然处于平衡，有：

“sin0+mg=Fk=kx2

而由几何关系：

.L—X]

sin0=------L

L

联立四式解得：

Fk=21ng,

c=Ikg

°XkL-2mg

则弹簧对A球的弹力为2”?g,由牛顿第三定律可知A球队弹簧的压力为2,〃g,故B错误，C正确；

D.当角速度从”0继续增大，8球将飘起来，杆与水平方向的夹角。变小，对A与8的系统，在竖直方向始终处于平

衡，有：

Fk=mg+mg-2mg

则弹簧对A球的弹力是2mg,由牛顿第三定律可知A球队弹簧的压力依然为2/ng,故D正确；

故选ACD,

9、AD

【解析】

A.运动员的机械能由动能和重力势能构成，当A=0m时，重力势能为零，动能为Eko=242OJ,根据：

-12

E=­mv

k1r2

则yo=llm/s,A正确；

B.空气阻力做功改变机械能，所以E机-〃的斜率大小为空气阻力，即：

=2420：000N=84N

根据牛顿第二定律，下降加速度为:

驶工22mzs2

°卜

m10

B错误；

C.由于存在空气阻力，上升过程和下降过程损失的机械能均为420J,故回到最低点时动能为:

Ek=2420J-840J=1580J

C错误;

D.上升加速度为:

再苗

4上

m10

上升时间为:

--%--——S

。上11

D正确。

故选ADo

10、ABC

【解析】

A.加速过程有

v2=2ax

解得

tz=32m/s2

故A正确;

B.阻力

%=20%（，+FQ

由动能定理得

（%+展）x-=/削~

解得

/^=1.1X106N

故B正确;

C.弹射器做功为

IV=/^X=1.1X106X100J=1.1X108J

故c正确；

D.弹射器做功的平均功率为

4=*=4.4X1()7W

故D错误。

故选ABC»

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11,249906.9150。67.4黑4350

【解析】

(1)[1].根据闭合电路欧姆定律得

250—0.01x10

。=249900

6^01

(2)[2].由图甲所示电路图可知，选择开关接1时电表测量电流，其量程为10mA,由图示表盘可知，其分度值为0.2mA,

示数为6.9mA；

(3)②[3].由图丙所示电阻箱可知，电阻箱示数为：0x10000+1x1000+5x100+0x10=150。，此时指针指在中央，此为

中值电阻等于欧姆表内阻都等于此时电阻箱阻值，即Kn=150Q；

③[4].根据闭合电路欧姆定律有满偏电流时

%

当电流表示数为

E

1=6.9mA=---------

R*+&

联立解得

E=1.5V

&=67.4。

@[5][6].根据电流方向“黑出红进”的规律知，黑表笔接电压表正接线柱，根据闭合电路欧姆定律得电压表的示数

解得电压表内阻

Ri1.45x150

Q=4350Q

vE-U1.5-1.45

Tid'R

12、6.0151.7706见解析

4/

【解析】

(1)[1].游标卡尺读数为：主尺读数+游标尺读数X精度，此题读数为：

60mm+3x0.05mm=60.15mm=6.015cm

即金属丝的长度为6.015cm。

[2J.螺旋测微器的读数为：固定刻度读数+可动刻度读数+估读，此题的读数为:

1.5mm+27.3x0.01mm=1.773mm.

即金属丝直径为1.773mm。

[3].多用表的读数为电阻的粗测值，为6。。

(2)①[4].电路图如图所示。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

1

13、(1)BLv，“；(2)mg-B「乙；(3)(mgh-E1m

2

R+rR+rR+r

【解析】

(1)细杆切割磁感线，产生动生电动势：

E=BLvm

R+r

可得

BLv

1=——"m

R+r

(2)细杆向下运动力时，

mg=F+BIL

可得

B^v,

FF=mg-------n

R+r

(3)由能量守恒定律得

12

tngh=EP+—mv~t+Q总

R八

0=~。总

R+r

可得电阻K上产生的焦耳热：

R12

Q=-T—(研—E—

R+r2

49犯

14、(2)7m/s(2)3.6m,2m(3)Q=~~或。=4m2

ZU+犯)

【解析】

79v2

⑵根据牛顿第三定律可知小块P2滑到。处受到的支持力尸=3N,由牛顿第二定律得：F心gfk

代入数据解得：vc=7m/s

⑵设P2在3处的速度为四，从3到。的过程中，由动能定理得：

1m2121

52VLem2VB2gh

其中：

〃=0.4r=L2m

代入数据解得：vB=5m/s

因为小滑块恰好能够沿切线无碰撞的从B点进入圆弧轨道，可知平抛的初速度为：

%=VBcos6=5x0.6m/s=3m/s

在B点时竖直方向的速度为：

vv=vBsin0=5xO.8m/s=4m/s

则从A到