山东省泰安市中考物理三模试卷

第=page22页，共=sectionpages22页第=page11页，共=sectionpages11页中考物理三模试卷题号一二三四五总分得分一、单选题（本大题共15小题，共30.0分）对物理量的估测是一种良好的学习习惯，也是学好物理的基本功之一。下列估测最接近实际的是（）A.中学生脉搏跳动一次的时间约为2s

B.九年级物理课本的重力约为20N

C.中学生小拇指的宽度约为1cm

D.手机充电器的输出电压约为220V关于声现象，下列说法中正确的是（）A.可以采用回声测距的办法用超声波测量地球和月球之间的距离

B.只有主人说出暗语时才能打开“声纹锁”，“声纹锁”辨别声音的主要依据是音色

C.摩托车加消声器属于在传播过程中减弱噪声

D.只要物体振动，我们就能听到声音下列物态变化中，需要吸收热量的是（）A.雾凇形成

B.冰化成水

C.露珠形成

D.蒸笼旁的“白气”物理课上老师变了一个小魔术，起初茶碗看起来是空的，如图1所示；但当慢慢往茶碗中倒水时，就会发现碗中原来还藏着一枚硬币，如图2所示．在下列所示的光路图中，能够正确解释这一现象的是（）A. B.

C. D.在“探究凸透镜成像的规律”实验中，当蜡烛、凸透镜、光屏位于如图所示的位置时在光屏上呈现一个清晰的烛焰的像。下列说法正确的是（）

A.此时成倒立缩小的实像，与照相机原理相同

B.凸透镜的焦距可能是10cm

C.蜡烛燃烧一段时间后，光屏上的像会向下移

D.将一副近视眼镜靠近凸透镜左侧放置，向右移动光屏能在光屏上成清晰的实像如图是一种单轮自行车，它集交通工具、健身器和杂技道具为一体。下列有关该单轮自行车分析正确的是（）A.从静止到运动的过程中，自行车的惯性变大了

B.自行车受到的总重力和支持力是一对平衡力

C.人骑着自行车前行时，人相对于自行车是运动的

D.自行车匀速转弯时处于平衡状态

在学校开展119消防安全教育活动中，物理老师让同学们利用热敏电阻设计一种温度监测电路，要求：环境温度升髙时电路中的电表示数减小。所提供的热敏电阻的阻值是随环境温度的升高而减小的。如图同学们设计的几种电路中，符合设计要求的是（）A. B.

C. D.在综合实践活动中，实验小组同学尝试改用如图所示装置探究“物体动能大小与哪些因素有关”，小鹏同学经过思考设计了以下两个实验方案。方案一：用同一钢球将同一弹簧压缩至不同程度，撞击同一木块，比较木块被撞击的距离；方案二：用质量不同的钢球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，比较木块被撞击的距离。关于他的实验方案（）

A.只有方案一可行 B.只有方案二可行

C.两个方案均可行 D.两个方案均不可行如图所示的家庭电路，开始时各部分工作正常，将电饭煲的插头插入电源的三孔插座后，正在烧水的电热壶突然不能工作，但电灯仍正常发光。拔出电饭煲的插头，电热壶仍不能工作，把测电笔分别插入插座的左、右孔，氖管均能发光。则可以判断出电路的故障是（）

A.电热壶发生短路

B.电路的A、B两点间导线断路

C.电路的C、D两点间导线断路

D.电热壶所在电路的B、D两点间断路小珠利用下图探究“影响通电导体产生热量的因素”，下列说法正确的是（）

A.甲装置通电一段时间后，a容器内空气吸收热量多

B.乙装置通电一段时间后，d容器内空气吸收热量多

C.利用乙装置探究的是当电压、通电时间一定时，通电导体产生的热量与电流的关系

D.若将甲、乙装置同时串联在电路中，通电一段时间后，b容器内空气吸收热量最多如图甲所示，重6N的铁块吸附在竖直放置足够长的磁性平板上，在拉力F的作用下竖直向上运动。铁块运动过程中速度v的大小随时间t变化的图象如图乙所示。若铁块受到的摩擦力为4N．下列说法中（）

①在0-2s内拉力F=10N

②在2-6s内拉力F=10N

③在2-6s内铁块通过的路程等于12m

④在0-2s内铁块竖直向上匀速运动

A.只有①③正确 B.只有②③正确 C.只有①④正确 D.只有②④正确小字同学想通过实验测量某种液体的密度，他首先用量杯测量了部分液体的体积V，然后用天平测量了液体和量杯的总质量m，多次实验后，他通过得到的几组数据绘制了如图所示的m-V图象。下列说法（）

①量杯质量为20g

②该液体密度为1.25g/cm3

③该液体密度为2g/cm3

④65cm3的该液体质量为65gA.只有①②正确 B.只有②③正确 C.只有①④正确 D.只有③④正确利用如图所示的甲、乙、丙三个完全相同的装置比较液体比热容和燃料热值，已知燃料的质量、烧杯内液体质量相同。则下列说法中（）

①通过甲、乙两装置可以比较不同液体的比热容

②通过甲、丙两装置可以比较不同液体的比热容

③通过甲、乙两装置可以比较不同燃料的热值

④通过乙、丙两装置可以比较不同燃料的热值A.只有①②正确 B.只有①④正确 C.只有②③正确 D.只有③④正确在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，向左移动滑动变阻器滑片P的过程中（）

①电压表V的示数将变大

②电流表A2的示数将变小

③电压表V示数与电流表A示数的乘积将变小

④电流表A示数的变化量与电流表A1示数的变化量的比值将不变A.只有①②正确

B.只有②④正确

C.只有①③正确

D.只有③④正确

用如图甲所示的滑轮组从水中提升物体M，已知被提升的物体M重力为760N，M的体积为3×10-3m3，在物体M未露出水面的过程中，绳子自由端的拉力F将物体M以0.5m/s的速度匀速提升了10m的高度，此过程中，拉力F做的功W随时间t的变化图象如图乙所示，不计绳重和摩擦力大小（g取10N/kg）。下面分析（）

①动滑轮的重力为70N

②当物体M没有露出水面的过程中，该滑轮组提升货物的机械效率为95%

③此过程中，绳子自由端的拉力F大小为400N

④当物体M没有露出水面时，动滑轮下端挂钩上绳子的拉力为730NA.只有①②正确 B.只有①③④正确

C.只有②③④正确 D.只有①③正确二、填空题（本大题共4小题，共4.0分）利用如图所示的装置探究“影响滑动摩擦力大小的因素”。首先在水平桌面上用弹簧测力计拉动木块做匀速直线运动。然后在木块上放一个钩码，再次拉动木块做匀速直线运动，以上实验操作的目的是：探究滑动摩擦力大小和______是否有关。

用两个相同的容器分别装了质量相同的甲、乙两种液体，在相同环境下，进行放热实验，并利用实验数据绘制了如图所示的图象。由图象可知，在放出相同热量时，甲所需的时间比乙所需的时间______（填“长”或“短”）。

同学们用闪光照相机探究纸锥竖直下落的运动情况，照相机每隔0.2s曝光一次。同学们拍下的照片如图所示，则纸锥通过AB这段路程的平均速度为______m/s。

三峡水电站共安装有34台水轮发电机组，如果机组全部满负荷运行，每一秒钟可发电约190度。某火力发电厂采用无烟煤发电，火力发电的效率是40%，三峡水电站一小时可以节约______t无烟煤（无烟煤的热值是3.6×107J/kg）。三、计算题（本大题共2小题，共17.0分）如图所示，将一个体积为1.0×10-3m3、重6N的木块用细线系在底面积为400cm2的圆柱形容器的底部。当容器中倒入足够的水使木块被浸没时，求：（g=10N/kg）

（1）木块浸没在水中受到的浮力；

（2）剪断细线后，木块处于静止时，木块露出水面的体积多大；

（3）木块露出水面处于静止后，容器底部所受水的压强减小了多少。

如图甲、乙所示，志诚同学设计了一个便携式水深测量仪，它主要由探头A和控制盒B构成，它们之间用有绝缘皮的细导线连接。测量头的测量面是一个涂有绝缘漆的面积为2cm2的压敏电阻R1，R1的阻值随水对它的压力F的变化关系如图丙所示。控制盒内定值电阻R0的阻值为10Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为100Ω，电源电压保持不变，导线电阻不计，电压表的量程为0-3V．该仪器在使用时，通过控制盒的最大功率和最小值功率的比值来测量水的深度。R1未放入水中时，闭合S，断开S1，将R2的滑片移至最上端，此时电压表示数达到最大值。（ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）

（1）电源电压是多少？

（2）当把测量头放到水下10m时，R1的电阻是多少？

（3）当把测量头放到水下10m时，控制盒的最大功率和最小功率的比值是多少？

四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）某次实验时，小明的眼睛在A处看到发光点S在玻璃板中的像S′位置如图所示。请作出发光点S的位置，并完成光路图。（保留作图痕迹）

如图，将条形磁体放在水平桌面上的两个圆柱形铅笔上，条形磁体静止不动，S极正对电磁铁。闭合开关S，条形磁体因受磁力向左运动，请在图中括号内标出：

（1）电磁铁右端的极性

（2）电源左端的极性（用“+”或“-“表示）。

五、实验探究题（本大题共2小题，共15.0分）刘婧以一定速度将石子向斜上方抛出去，石子所做的运动叫斜抛运动．他想：怎样才能将石子抛得更远呢？于是她找来怡琳一起做如下探究：

他们用如图甲所示的装置来实验，保持容器水平，让喷嘴的位置不变，用开关控制水喷出的速度．

（1）首先让喷水嘴的方向不变（即抛射角不变），做了3次实验：第一次让水的喷出速度较小，这时水喷出后落在容器的A点；第二次，让水的喷出速度稍大，水喷出后落在容器的B点；第三次，让水的喷出速度最大，水喷出后落在容器的C点，如甲图所示，刘婧和怡琳经过分析得出如下结论：在______一定时，当物体抛出的______越大，抛出的距离就越远．

（2）然后控制开关，让水喷出的速度不变，让水沿不同方向喷出，如乙图所示，又做了几次实验，得到如下数据：喷嘴与水平方向的夹角15°30°45°60°75°落点到喷嘴的水平距离/cm5086.610086.650刘婧和怡琳对上述数据进行了归纳和分析，得出的结论是：在______一定时，随着物体抛出时与水平方向夹角的增大，抛出距离先______，后______，当夹角为______时，抛出距离最远．你能想到此条结论在体育课上的应用之一是______

（3）总结上述的探究过程，刘婧和怡琳成功地运用了______法．小明要测定标有“3.8V“字样小灯泡的额定功率，选择一些器材连接了如图甲电路（电源用四节新的干电池）

（1）同组的小芳发现小明电路连接有错误，如果此时闭合开关，小灯泡______（选增“发光”或“不发光”），电压表示数是______V．请你在接的那根导线上打“x”，并另画一根导线，使电路连接正确

（2）电路改接正确后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙，则小灯泡正的额定功率是______W。

（3）小明还测量了小灯泡在不同电压下的电流，并根据所测得数据绘制了小灯泡的I-U图象，如图丙，根据图象可知电流与电压并不成正比，原因是______在这个图象中，纵轴应该表示的是______（选填“电压”或“电流”）。

（4）完成上面实验后，小明同学又想利用现有实验器材，测量另一个标有“3.8V”字样小灯泡的额定功率，但发现电流表已经损坏，于是他和小组同学一起设计了如图的电路，他们又选择了已知阻值的定值电阻R4请你帮他们完成下面实验步骤：

①______（填写S、S1、S2的通断情况），调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为______V，使小灯泡L正常发光。

②______（填写S、S1、S2的通电情况），保持滑动变阻器的滑片不动，此时电压表示数为U；

③小灯泡额定功率的表达式是______。

答案和解析1.【答案】C

【解析】解：A、正常情况下，人的脉搏1min跳动的次数在75次左右，跳动一次的时间接近1s。故A不符合实际；

B、物理课本的质量约200g=0.2kg，受到的重力为G=mg=0.2kg×10N/kg=2N．故B不符合实际；

C、铅笔的直径约0.7cm，中学生小拇指的宽度略大于此数值，在1cm左右。故C符合实际；

D、手机充电器的输出电压非常低，一般是3.7V或4.2V．故D不符合实际。

故选：C。

此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项。

物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。

2.【答案】B

【解析】解：

A、太空中没有空气，真空不能传声，因此不能采用回声测距的办法用超声波测量地球和月球之间的距离，故A错误；

B、不同的人说话的声音不同，是因为音色不同，声纹锁主要是依据声音的音色来辨别主人的，故B正确；

C、摩托车加消声器属于在声源处减弱噪声，故C错误；

D、人耳能听到的声音频率范围一般在20Hz～20000Hz范围内，在此范围以外的声波（超声波和次声波），人耳听不到，故D错误。

故选：B。

（1）声音的传播需要介质，真空不能够传声；

（2）音品也就是音色，反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关；

（3）防治噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；

（4）人耳听到声音的条件：①物体发生振动；②介质向外传声；③良好的听觉器官；④频率在人的听觉范围之内；⑤有足够的响度。

考查声音的综合利用，要求学生对声音及其特性、声音的传播及特征、减弱噪声的措施、声音的利用等知识点，应全面掌握。

3.【答案】B

【解析】解：A、雾凇是由水蒸气直接凝华而成的，凝华放热。故A错误；

B、冰化成水，是熔化现象，熔化吸热，故B正确；

C、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故C错误；

D、白气空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故D错误。

故选：B。

六种物态变化中，需要吸热的是：熔化、汽化和升华；需要放热的是：凝固、液化和凝华。

解决此类问题要会正确的判断物态变化，然后结合吸热和放热进行分析判断。

4.【答案】D

【解析】解：当水倒到一定高度后，看到了硬币．产生这种现象的原因是由于从硬币发出的漫反射光经水面折射，折射光线远离法线向下偏折，当光线射入人眼，人凭光直线传播的感觉，认为硬币在折射光线的反向延长线上，其实人看到的是硬币的虚像，比实际的位置要高．

故选D．

要解答本题需掌握：硬币本身不发光，我们能从不同的方向看到硬币，是因为它漫反射其它光源的光；以及光的折射规律．

本题主要考查学生对：漫反射以及光的折射规律的了解和掌握，是一道基础题．

5.【答案】D

【解析】解：A、由图可知，物距小于像距，成倒立、放大的实像，与投影仪原理相同，故A错误；

B、由图可知物距u=25cm，若凸透镜的焦距为10cm，物距大于2倍焦距，则像距应大于1倍焦距小于2倍焦距，即20cm＞v＞10cm，而图中像距为40cm＞2f，故B错误；

C、蜡烛变短后，烛焰的位置向下移动，根据光线过透镜的光心不改变方向，像的位置向上移动，故C错误；

D、近视眼是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，取一副近视镜放在凸透镜和蜡烛之间，使原来会聚的光线推迟会聚，向右移动光屏能在光屏上成清晰的实像，故D正确。

故选：D。

（1）凸透镜成像的规律：

当u＞2f时，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f；

当u=2f时，成倒立、等大的实像，v=2f；

当f＜u＜2f时，成倒立、放大的实像，v＞2f；

（2）根据光线过透镜的光心不改变方向，判断蜡烛变短后，像的移动方向。

（3）近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，能使会聚的光线推迟会聚。

本题考查了凸透镜成像规律及特点的应用，理解凸透镜成像的规律是关键。

6.【答案】B

【解析】解：A、惯性大小只跟物体的质量大小有关，自行车从静止到运动的过程中，车上的某部件质量不变，惯性变不变，故A错误；

B、自行车受到的总重力和支持力是作用在一个物体上的两个力，是一对平衡力，故B正确；

C、人骑着自行车前行时，人相对于自行车没有位置变化，是静止的，故C错误；

D、自行车匀速转弯时，速度的方向发生变化，处于非平衡状态，故D错误。

故选：B。

（1）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。

（2）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。

（3）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。

（4）平衡状态是指静止或匀速直线运动状态。

此题考查平衡力和相互作用力的区别、惯性、运动和静止的相对性、平衡状态的判断，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。

7.【答案】D

【解析】解：

AB、由图知，定值电阻R0与热敏电阻并联，

因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以温度变化时，通过R0的电流不变，两支路的电压等于电源电压不变，故B不符合要求；

由题知，热敏电阻的阻值是随环境温度的增大而减小的，所以当温度升高时，热敏电阻的阻值减小，

由I=可知，通过热敏电阻的电流增大，故A不符合要求；

CD、定值电阻R0与热敏电阻串联，

因为热敏电阻的阻值是随环境温度的增大而减小的，所以温度升高时，热敏电阻的阻值减小，电路中的总电阻减小，

由I=可知，电路中的电流增大，由U=IR可知，R0两端的电压增大，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以热敏电阻两端的电压减小，

则C选项中电压表并联在R0两端其示数增大，D选项中电压表并联在热敏电阻两端其示数减小，故C不符合题意、D符合题意。

故选：D。

（1）定值电阻R0与热敏电阻并联时，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知各支路两端电压不变，温度变化时通过R0的电流不变，根据热敏电阻与温度的关系得出阻值的变化，根据欧姆定律可知通过热敏电阻电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，然后分析电流表的位置进行判断；

（2）定值电阻R0与热敏电阻串联时，据热敏电阻与温度的关系得出阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知热敏电阻两端的电压变化，然后分析电压表的位置进行判断。

本题考查了电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好“热敏电阻的阻值是随环境温度的增大而减小的”是关键。

8.【答案】A

【解析】解：方案一：质量相同的铁球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，撞击同一木块，将木块撞出一段距离进行比较。可以研究铁球的动能大小与速度的关系；

方案二：若用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故弹簧势能相同，转化出的动能相同，因此，木块最终移动的距离相同，这样是不能完成实验的。

故选：A。

结合控制变量法的要求，看是否合理的控制了相关变量，并改变了要研究的变量，这样才能知道是否符合实验要求。

本题考查了控制变量法在实验中的应用，属于中等题。

9.【答案】C

【解析】解：电灯仍正常工作，说明不是保险丝烧坏了，没有发生短路，而把测电笔分别插入插座的左、右插孔，氖管均能发光，说明火线有电，而零线开路了，且是在C、D之间开路，故ABD错误，C正确。

故选：C。

正在烧水的电热壶突然不能工作，但电灯仍正常工作，说明有地方开路了。

本题考查了家庭电路故障的检修。测电笔能亮，说明火线上有电，而零线上本该不亮，但也亮了，说明是零线开路了。

10.【答案】D

【解析】解：A、甲实验两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，闭合开关后，右侧电阻阻值大，由焦耳定律Q=I2Rt可知，右侧电阻产生热量多；则右侧容器内空气吸收的热量多，气体压强大，则右侧b管中液面上升得快，故A错误；

B、乙实验中，右侧2个5欧的电阻丝并联，再与左侧5欧的电阻丝串联，故左右密闭容器中电阻丝的电阻和通电时间相同，右侧两电阻并联后和左侧电阻串联，所以左侧容器中电阻丝的电流大于右侧容器中电阻丝的电流，由焦耳定律Q=I2Rt可知，左侧电阻产生热量多；则左侧容器内空气吸收的热量多，气体压强大，即左侧c管中液面上升得快，故B错误。

C、乙实验中，右侧2个5欧的电阻丝并联，再与左侧5欧的电阻丝并联，故左右密闭容器中电阻丝的电阻和通电时间相同，电压不同，但通过电阻的电流不同，即控制电阻、通电时间一定时，探究电热与电流的关系，故C错误；

D、若将甲、乙装置同时串联在电路中，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，密闭容器中电阻丝的阻值不相等，b的电阻最大，d的电流最小，根据Q=I2Rt可得，所以通电一段时间后，b容器内空气吸收热量最多，故D正确；

故选：D。

（1）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关。探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；探究电流产生热量跟通电时间关系时，控制电流和电阻不变；电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但气体温度的变化可以通过液面上升的快慢来反映，体现的是转换思想；

（2）根据串并联电路的电流、电压、电阻关系和焦耳定律Q放=I2Rt解答。

本题考查了学生对焦耳定律、串联电路的电流关系以及控制变量法和转化法的了解和掌握，突出运用知识解决实际问题的能力，综合性强。

11.【答案】B

【解析】解：

①②、在向上拉力F的作用下铁块竖直向上运动，铁块在竖直方向上受竖直向上的拉力与竖直向下的重力（6N）和摩擦力（4N）的作用；向下的合力；

F下=G+f=6N+4N=10N；

由图乙知，在0-2s内物体向上做加速运动，拉力F＞F下=10N；故①错误；

由图乙知，在2-6s内物体向上做匀速运动，根据二力平衡，拉力F=F下=10N；故②正确；

③在2-6s内铁块上做匀速运动，2s-6s通过的路程：s=vt=3m/s×（6s-2s）=12m，故③正确；

④由图乙知0-2s铁块做加速运动，故④错误；

综合分析：②③正确。

故选：B。

（1）分析在向上拉力F的作用下铁块向上运动时在竖直方向的受力情况，结合图示知铁块先做加速运动，后做匀速直线运动，根据力与运动的关系确定拉力大小与向下的合力关系；

（2）在2-6s内铁块上做匀速运动，所受合力为0；

（3）0-2s铁块做加速运动，2s-6s做匀速直线运动，根据s=vt求出2s-6s通过的路程分析回答。

本题考查力与运动的关系及速度公式的运用及合力的知识，综合性较强。关键是从图中正确判断物体的运动状态。

12.【答案】C

【解析】解：

（1）设量杯的质量为m杯，液体的密度为ρ，

读图可知，当液体体积为V1=20cm3时，液体和杯的总质量m总1=m1+m杯=40g

可得：ρ×20cm3+m杯=40g，①

当液体体积为V1=80cm3时，液体和杯的总质量m总2=m2+m杯=100g

可得：ρ×80cm3+m杯=100g，②

①-②得：

液体的密度ρ=1g/cm3，代入①得m杯=20g，故①正确，②③错误；

（2）当液体的体积V3=65cm3，液体质量：

m3=ρ×V3=1g/cm3×65cm3=65g，故④正确。

故选：C。

（1）设量杯的质量为m杯，液体的密度为ρ，读图可知，当液体体积为V1=20cm3时，液体和杯的总质量m总1；当液体体积为V1=80cm3时，液体和杯的总质量m总2，列方程组求出液体密度和量杯质量；

（2）当液体的体积V3=65cm3，利用m=ρV求液体质量。

读取图象获取信息，进一步进行分析和计算，是本题的一大特点，形式较为新颖，即考查了密度的相关计算，同时更考查了对图象的认识，值得我们关注，这也是我们应该锻炼的实验能力。

13.【答案】C

【解析】解：

①②、为了比较不同液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同，通过比较加热时间，进而判断两种液体比热容的大小关系，应选择甲和丙两装置进行实验，故②正确，①错误；

③④、为了比较不同燃料的热值，要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少（可得出燃料燃烧放热的多少），进而判断热值大小，应选择甲和乙两装置进行实验，故③正确，④错误；

综上可知，只有②③正确。

故选：C。

（1）燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小；

（2）为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量相同，温度计的示数变化相同时，通过比较加热时间比较吸热多少，进而判断两种比热容的大小关系。

本题考查了学生对热值概念、比热容概念、转换法和控制变量法的了解与掌握，分析时利用好控制变量法是解决本题的关键。

14.【答案】D

【解析】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测R2支路的电流之和。

因电源电压保持不变，

所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，故①错误；

因并联电路中各支路独立工作、互不影响，

所以，滑片移动时，通过R2的电流不变，即电流表A2的示数不变，故②错误；

向左移动滑动变阻器滑片P的过程中，接入电路中的电阻变大，

由I=可知，通过R1的电流变小，即电流表A1的示数变小，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，干路电流变小，即电流表A的示数变小，

则电压表V示数与电流表A示数的乘积将变小，故③正确；

因电流表A示数的变化量等于电流表A1示数的变化量，

所以，电流表A示数的变化量与电流表A1示数的变化量的比值将不变，故④正确。

综上可知，只有③④正确。

故选：D。

由电路图可知，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测R2支路的电流之和，根据电源的电压判断滑片移动时电压表V的示数变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响判断滑片移动时通过R2的电流变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R1的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，然后得出电压表V示数与电流表A示数的乘积变化、电流表A示数的变化量与电流表A1示数的变化量的比值变化。

本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意干路电流的变化量等于通过变阻器电流的变化量。

15.【答案】B

【解析】解：

（1）由v=得物体运动的时间：

t===20s，

根据图乙可知，此过程中绳子自由端拉力F做的总功是8000J，

由图甲可知，滑轮组由2段绳子承担物重，则拉力端移动距离s=2h=2×10m=20m，

由W总=Fs得拉力：

F===400N，故③正确；

（2）当物体M没有露出水面时，物体受到的浮力：

F浮=ρ水gV排=ρ水gV=1×103kg/m3×10N/kg×3×10-3m3=30N，

不计绳重和摩擦力大小，绳子自由端的拉力F=（G-F浮+G动），

则动滑轮的重力：G动=2F-G+F浮=2×400N-760N+30N=70N，故①正确；

（3）当物体M没有露出水面时，动滑轮下端挂钩上绳子的拉力：

F拉=G-F浮=760N-30N=730N，故④正确；

（4）当物体M没有露出水面时，滑轮组的机械效率：

η=====×100%=91.25%，故②错误。

故选：B。

（1）利用v=求物体运动的时间，根据图乙可知，此过程中绳子自由端拉力F做的总功是8000J，由图知，滑轮组由2段绳子承担物重，拉力端移动距离s=2h，利用W=Fs求拉力F；

（2）当物体M没有露出水面时，物体排开水的体积等于物体的体积，利用阿基米德原理求受到的浮力，拉力F=（G-F浮+G动），据此求动滑轮的重力；

（3）当物体M没有露出水面时，动滑轮下端挂钩上绳子的拉力F拉=G-F浮；

（4）当物体M没有露出水面时，滑轮组的机械效率η====

本题考查了重力、滑轮组绳子拉力、有用功、总功、机械效率的计算，关键是从图象中找到有用数据，利用好关系式：当物体M没有露出水面时，滑轮组的机械效率η====。

16.【答案】压力

【解析】解：在木块上放一个钩码，增加了压力大小而接触面的粗糙程度不变，使木块水平匀速直线运动，目的是探究滑动摩擦力大小与压力大小是否有关。

故答案为：压力。

影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变

本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，体现了对过程和方法的考查。

17.【答案】长

【解析】解：时间相等时，两种液体放出的热量相等，由图示可以看出，乙液体的温度降低的快，甲液体温度降低慢，所以在放出相同热量时，甲所需的时间比乙所需的时间长。

故答案为：长。

选同样的加热时间，甲和乙放热相同，根据温度变化的多少判断，温度变化多的比热容小，温度变化少的比热容大。

本题考查了学生对放热能力比较方法的掌握和运用，能从温度-时间图象得出相关信息是本题的关键。

18.【答案】0.4

【解析】解：由图示可知，AB间的实际距离为s=36.00cm-20.00cm=16.00cm=0.16m，

运动时间t=0.2s×2=0.4s，

纸锥的速度v===0.4m/s。

故答案为：0.4。

从照片中可知AB这段路程，应用速度公式计算速度的大小。

本题考查速度公式的简单计算，以及如何解决实验中遇到的现实问题等，对我们的能力是一个很好的锻炼。

19.【答案】171

【解析】解：由题知，三峡水电站一秒钟可发电约190度，

则三峡水电站一小时可以发电：W电=190×3600kW•h=6.84×105kW•h=2.4624×1012J；

火力发电的效率是40%，根据η=知，无烟煤燃烧放出的热量：

Q放===6.156×1012J，

根据Q=mq得，三峡水电站一小时可以节约无烟煤的质量：

m===1.71×105kg=171t。

故答案为：171。

（1）1kW•h=3.6×106J；

（2）因为η=算出无烟煤燃烧放出的热量，根据Q=mq算出节约煤的质量。

本题考查了电能单位的换算、热机效率以及热量公式的应用，学生利用所学知识分析解释实际现象的能力，涉及到节能问题，要求灵活选用公式进行计算。

20.【答案】解：（1）木块浸没在水中时受到的浮力：F浮=ρ液gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1.0×10-3m3=10N；

（2）因为木块浸没在水中时的浮力大于木块的重力，所以剪断细线后，木块会上浮直至漂浮在水面上，

由于漂浮，所以F浮=G=6N，

由F浮=ρ液gV排得：V排===6×10-4m3，

则V露=V-V排=1.0×10-3m3-6×10-4m3=4×10-4m3；

（3）木块露出水面处于静止后，水面下降的高度：h减===0.01m，

则容器底部所受水的压强减小了：P=ρ液gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.01m=100Pa。

答：（1）木块浸没在水中受到的浮力为10N。

（2）剪断细线后，木块处于静止时，木块露出水面的体积为4×10-4m3。

（3）木块露出水面处于静止后，容器底部所受水的压强减小了100Pa。

【解析】（1）已知木块的体积，则就可以知道它浸没时排开水的体积，那么知道了V排和水的密度，则可以根据阿基米德原理公式就可以算出木块浸没在水中时受到的浮力；

（2）由题意可知，剪断细线后，木块时漂浮在水面上的，则F浮=G，知道了木块受到的浮力大小，就可以根据阿基米德原理公式的变形式算出此时木块在水中的V排，最后用木块的体积减去V排就算出了木块露出水面的体积；

（3）液体压强公式是P=ρ液gh，要算容器底部所受水的压强减小了多少，就需要先算出液面高度下降了多少，而液面下降的高度取决于木块露出水面的体积，所以用木块露出水面的体积除以容器的底面积，就可以算出水面减小的高度，从而就可以算出减小的压强。

本题考查了阿基米德原理、物体的浮沉条件及其应用、液体压强公式的计算，本题中的第（2）问要把握漂浮时，物体受到的浮力等于重力，本题中的第（3）问要把握V排的变化会引起h的变化。

21.【答案】解：（1）当R1未放入水中时，由图丙可知R1=30Ω；

当闭合S，断开S1，R2的滑片移至最上端时，电压表示数达到最大值3V。

此时电路中的电流：I=I0===0.3A，

根据串联电路的特点和欧姆定律可得电源电压：

U=I（R0+R1）=0.3A×（10Ω+30Ω）=12V；

（2）当把测量头放到水下深度h=10m时，R1受到的压强：

p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×10m=1×105Pa；

根据p=可得R1受到的压力：

F=pS=1×105Pa×2×10-4m2=20N；

由图象丙知，此时压敏电阻R1的阻值为R1=10Ω；

（3）当闭合S，断开S1，控制盒能达到的最大功率：P最大=UI=12V×0.3A=3.6W，

此时压敏电阻R1的阻值为R1=10Ω；

当变阻器R2连入阻值最大时，控制电路的总电阻最大为R控最大=R0+R2大=10Ω+100Ω=110Ω，整个电路最大电阻为R最大=R2最大+R1=110Ω+10Ω=120Ω；

则I最小===0.1A，

P最大=I最小2R2最大=（01A）×110Ω=1.1W；

最大功率与最小功率的比值为：P最大：P控最小=3.6W：1.1W=36：1。

答：（1）电源电压是12V；

（2）当把测量头放到水下10m时，R1的电阻是10Ω；

（3）当把测量头放到水下10m时，控制盒的最大功率和最小功率的比值是36：1。

【解析】（1）当R1未放入水中时，由图丙可知R1的阻值，当闭合S，断开S1，R2的滑片移至最上端时，电压表示数达到最大值，根据串联电路的特点和欧姆定律求出电源电压。

（2）当把测量头放到水下10m时，根据p=ρ水gh求探头底部受到压强，根据F=pS求探头的压力；由图可知对应的R1电阻大小；

（3）当把测量头放到水下10m时，根据P=UI求出控制盒能达到的最大功率；

当变阻器R2连入阻值最大时，控制电路的总电阻最大，电流最小，功率最小，根据串联电路的特点和欧姆定律求出最小电流，根据P=I2R求出最小功率，最后即可求出最大功率与最小功率的比值。

本题考查了液体压强公式和阿基米德原理、压强公式以及欧姆定律的应用，从图象中读出压力对应的电阻值是关键。

22.【答案】解：

作出像点S′的物点S，连接AS′，与镜面的交点为入射点O，再连接SO，画上箭头即为入射光线，OA为反射光线，如下图所示：

【解析】根据平面镜成像的特点可知，物与像关于镜面对称，首先作出像点S′的物点S，连接AS′，与镜面的交点为入射点，再分别画出入射光线和反射光线；

注意平面镜成像的基本特点是物像关于平面镜的轴对称；所有的反射光线的反向延长线都要过像点。

23.【答案】解：

（1）闭合开关S，条形磁体因受磁力向左运动，说明条形磁体受到了一个向左的排斥力，已知条形磁体左端为N极、右端为S极，根据同名磁极相互排斥可确定通电螺线管的左端是S极、右端为N极；

（2）根据安培定则，大拇指指向通电螺线管的N极，则电流从电磁铁左侧流入，所以电源的左端为正极，如图所示：

【解析】（1）根据条形磁体向做运动，根据磁极间的相互作用（同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引）判断出电磁铁的NS极；

（2）利用安培定则（用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就