2023届安徽省合肥市七中、合肥十中联考高三年级下册学习能力诊断物理试题

2023届安徽省合肥市七中、合肥十中联考高三下学期学习能力诊断物理试题

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）

填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处〃。

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦

干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。

3,非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先

划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。

4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法。下列四个选项中全部都应用了比值定义法的是

①加速度””②电场强度E=K乌③电容。=义④电流/=幺⑤导体电阻R=p-⑥磁感应强度B=—

Nr2UtSIL

A.①③⑤⑥B.②③⑤⑥C.②③©©D.①③④⑥

2、如图所示，金属棒两端由等长的轻质绝缘细线水平悬挂，处于垂直纸面水平向里的匀强磁场中，棒中通有由

M到N的恒定电流/,细线的拉力不为零，两细线竖直.现将匀强磁场磁感应强度3大小保持不变，方向缓慢地转过

X”X/XX

A.细线向纸面内偏转，其中的拉力一直增大

B,细线向纸面外偏转，其中的拉力一直增大

C.细线向纸面内偏转，其中的拉力先增大后减小

D.细线向纸面外偏转，其中的拉力先增大后减小

3、如图所示，其中电流表A的量程为0.6A,表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A；凡的阻值等于电流表

内阻的!：电的阻值等于电流表内阻的4倍。若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值，则下列分析正确

2

的是（）

A.将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.04A

B.将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.02A

C.将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.06A

D.将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.01A

4、如图所示，一条质量分布均匀的柔软细绳平放在水平地面上，捏住绳的一端用恒力尸竖直向上提起，直到全部离

开地面时，绳的速度为力重力势能为&（重力势能均取地面为参考平面）。若捏住绳的中点用恒力下竖直向上提起，

直到全部离开地面时，绳的速度和重力势能分别为（）

A.v,埒B.C.瓜，％D.—v,%

22222

5、如图所示为两条长直平行导线的横截面图，两导线中均通有垂直纸面向外、强度大小相等的电流，图中的水平虚线

为两导线连线的垂直平分线,A、8两点关于交点。对称，已知4点与其中一根导线的连线与垂直平分线的夹角为。=30。,

且其中任意一根导线在A点所产生的磁场的磁感应强度大小为瓦则下列说法正确的是（）

…无。一」..一

AIB

0

A.根据对称性可知A、B两点的磁感应强度方向相同

B.A、3两点磁感应强度大小均为68

C.A、〃两点磁感应强度大小均为5

D.在连线的中垂线上所有点的磁感应强度一定不为零

6、作为我国核电走向世界的“国家名片”，华龙一号是当前核电市场上接受度最高的三代核电机型之一，是我国核电创

新发展的重大标志性成果，其国内外示范工程按期成功的建设，对我国实现由核电大国向核电强国的跨越具有重要意

义。已知发电站的核能来源于空U的裂变，现有四种说法

①aU原子核中有92个质子，143个中子;

②嗡U的一种可能裂变是变成两个中等质量的原子核，反应方程为：+；：U+£Xe+2：n；

③2,U是天然放射性元素，常温下它的半衰期约为45亿年，升高温度半衰期缩短;

④一个裂变能放出200MeV的能量，合3.2xlO"Jo

以上说法中完全正确的是()

A.①②③B.②③④C.①③④D.①②④

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、某机车发动机的额定功率为尸=3.6xl()6w,该机车在水平轨道上行驶时所受的阻力为六h(A为常数)，已知机车的

质量为M=2.0xl()5kg,机车能达到的最大速度为ym=40m/s,重力加速度g=10m/s2。则下列说法正确的是()

A.机车的速度达到最大时所受的阻力大小为9x103

B.常数A=1.0xl()3kg/s

C.当机车以速度v=20m/s匀速行驶时，机车所受的阻力大小为1.6X1()4N

D.当机车以速u=20m/s匀速行驶时，机车发动机的输出功率为9x105W

8、如图甲所示，为测定物体冲上粗糙斜面能达到的最大位移x与斜面倾角。的关系，将某一物体每次以大小不变的初

速度沿足够长的斜面向上推出，调节斜面与水平方向的夹角实验测得x与斜面倾角。的关系如图乙所示，g取10

m/s2,根据图象可求出

A.物体的初速度%=6m/s

B.物体与斜面间的动摩擦因数〃=0.6

C.取不同的倾角6,物体在斜面上能达到的位移x的最小值/而=144加

D.当某次8=30°时，物体达到最大位移后将沿斜面下滑

9、在如图所示的电路中，电压表、电流表均为理想电表，电源电动势为E,内阻为广，电路中定值电阻R的阻值小

于电源内阻厂，则当滑动变阻器R的滑片由“端向〃端滑动的过程中，电流表A、A2,电压表V的示数变化量的绝对

值分别为△4、2>\U,下列说法正确的是()

A.两个电流表的示数均减小B.电压表的示数增大

C.A/,<A/2

10、在如图所示的含有理想变压器的电路中，变压器原、副线圈匝数比为20：1,图中电表均为理想交流电表，K为

光敏电阻(其阻值随光强增大而减小)，4和乙是两个完全相同的灯泡。原线圈接入如图乙所示的正弦交流电压u,

下列说法正确的是

2t/(X10Js)

-22Q42

A.交流电的频率为50Hz

B.电压表的示数为22V

C.当照射R的光强增大时，电流表的示数变大

D.若右的灯丝烧断后，电压表的示数会变大

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.(6分)某同学用如图甲所示的实验装置某测量木块与木板间动摩擦因数：

木冬督.纸带-------------------------------------------

BC

打点计时腓

9.5011.0012.5014.00(cm)

(1)从打出的若干纸带中选出了如图所示的一条，纸带上A、8、C、E这些点的间距如图中标示，其中每相邻两点

间还有4个计时点未画出。打点计时器的电源频率是50Hz,根据测量结果计算：则打C点时纸带的速度大小为

m/s；纸带运动的加速度大小为m/s2o(结果保留3位有效数字)

(2)通过(1)测得木块的加速度为a,还测得钩码和木块的质量分别为，〃和已知当地重力加速度为g,则动摩擦因数

12.(12分)用图甲所示的电路测量一电流表A1的内阻。图中A。是标准电流表，凡是滑动变阻器，与是电阻箱，S

和5分别是单刀双掷开关和单刀单掷开关，实验电路电源电动势为E。依据实验原理完成下列填空。

(D将S拨向接点1,闭合号，调节,使A1指针偏转到适当位置，记下此时标准电表A。的读数

(2)然后将S拨向接点2,调节_______至适当位置，使A。的读数仍为/,此时R的读数即为待测电表A1内阻的测

量值。

(3)若在某一次测量中q的示数如图乙所示，其电阻为该电阻箱可以提供的阻值范围为o

乙

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)如图所示，一单色细光束AB从真空中以入射角i=45。，入射到某透明球体的表面上3点，经研究发现光

束在过球心。的平面内，从5点折射进入球内后，又经球的内表面只反射一次，再经球表面上的C点折射后，以光线

CD射出球外，此单色光在球体内传播速度是逑xIO*1机/s,在真空中的光速为3x10'm/s。求：

2

(1)此单色细光束在透明球内的折射率；

(2)出射光线CD与入射光线AB方向改变的角度。

14.(16分)地心隧道是根据凡尔纳的《地心游记》所设想出的一条假想隧道，它是一条穿过地心的笔直隧道，如图

所示。假设地球的半径为R,质量分布均匀，地球表面的重力加速度为g。已知均匀球壳对壳内物体引力为零。

(i)不计阻力，若将物体从隧道口静止释放，试证明物体在地心隧道中的运动为简谐运动;

(ii)理论表明：做简谐运动的物体的周期7=2兀，其中，山为振子的质量，物体的回复力为尸=一入。求物体从隧道

一端静止释放后到达另一端需要的时间f(地球半径R=6400km,地球表面的重力加速为g=10m/s2

15.(12分)如图所示，内壁光滑的气缸水平放置，厚度不计的活塞与气缸底部之间封闭了一定质量的理想气体，气

体初始温度为Ti=300K,此时活塞与气缸底部之间的距离为由=24cm,在活塞的左侧cm处有固定的卡环，

大气压强po=l.OxlO5Pa»求：

(1)要使活塞能缓慢达到卡环位置，封闭气体的温度至少升高到多少？

(2)当封闭气体的温度缓慢升到7=450K时，封闭气体的压强为多少？

卡环

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

①加速度与速度的变化量无关，所以加速度“=孚属于比值定义法；②电场强度与场源电荷量成正比，与距离的平方

成反比，所以电场强度后=多不属于比值定义法；③电容是由电容器本身的性质决定，其大小与带电量以及两板间

r

的电压无关，所以电容。=怖属于比值定义法；④电流的大小由导体两端的电压和导体的电阻决定，单位时间内通过

导体横截面的电荷量叫电流强度，电流/=幺属于比值定义法；⑤电阻与导线长度、横截面积及电阻率有关，所以导

t

体的电阻R=P(不属于比值定义法；⑥磁感应强度与放入磁场中的电流元无关，所以B=(属于比值定义法；

DLLJ

A.①③⑤⑥与分析不符，故A错误；

B.②③⑤⑥与分析不符，故B错误;

C.②③④⑥与分析不符，故C错误；

D.①③④⑥与分析相符，故D正确。

2、A

【解析】

开始时，金属棒的重力和安培力大小相等.当磁场方向由垂直纸面向里缓慢地转过90。变为竖直向下，知安培力的大

小双=8〃不变，方向由竖直向上向里变为垂直纸面向里.根据共点力平衡知，细线向纸面内偏转，因为金属棒受重

力、拉力和安培力平衡，重力和安培力的合力于拉力大小等值方向，重力和安培力的大小不变，之间的夹角由180。变

为90。，知两个力的合力一直增大，所以拉力一直增大，故A正确，BCD错误.

3、C

【解析】

AB.由于电流表A的每个最小格表示0.02A,当将接线柱1、2接入电路时，电流表A与电阻距并联，当电流表中

通过0.02A的电流时，根据欧姆定律可知，流过用的电路为0.04A,故干路电流为0.06A,即此时每一小格表示0.06A,

故AB均错误；

CD.将接线柱1、3接入电路时，电流表与电阻R并联后再与电阻&串联，当电流表中通过0.02A的电流时，Ri

中的电流仍是0.04A,故干路电流就是0.06A,所以通过接线柱1的电流值就是0.06A,所以它表示每一小格表示0.06

A,选项C正确，D错误。

故选C.

4、D

【解析】

重力势能均取地面为参考平面，第一次，根据动能定理有

.I12

rI-mg—=—mv

.I

Ep^mg-

第二次，根据动能定理有

l/1,2

Fr——ms—=—mv

242

L，I

EP=mg-

BE

联立解得丫=注丫，E：=J,故D正确，ABC错误。

2/2

故选

5、B

【解析】

A.根据安培定则判断得知，两根通电导线产生的磁场方向均沿逆时针方向，由于对称，两根通电导线在A、5两点产

生的磁感应强度大小相等，根据平行四边形进行合成得到，A、8两点的磁感应强度大小相等，A点磁场向下，B点磁

场向上，方向相反，A错误；

BC.两根导线在A点产生的磁感应强度的方向如图所示

根据平行四边形定则进行合成，得到4点的磁感应强度大小为

28cos300=68

同理，8点的磁感应强度大小也为

23cos300=加

B正确、C错误；

D.只有当两根通电导线在同一点产生的磁感应强度大小相等、方向相反时，合磁感应强度才为零，则知。点的磁感

应强度为零，D错误。

故选B。

6、D

【解析】

由aU的质量数和电荷数关系可知，22U原子核中有92个质子，143个中子，①正确；由核反应方程中电荷数守恒

和质量数守恒知②正确；半衰期不受外界因素影响，故③错误；通过计算知：200MeV=200xl09xL6xl0」9j=3.2xl0Fj。

④正确。

故选D。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AD

【解析】

A.机车的速度达到最大时所受的阻力

P

/=F=—=9X104N

故A项正确；

B.据阻力为户即可得

fQin4

k=L=---x-----kg/s=2250kg/s

v40

故B项错误；

CD.机车以速度20m/s匀速行驶时，则有

4

f2=kv2=2250x20N=4.5xlON

机车以速度20m/s匀速行驶时，机车发动机的输出功率

45

=/^v2=^v2=4.5X10X20W=9X10W

故C项错误，D项正确。

8、AC

【解析】

AB.物体在粗糙斜面上向上运动，根据牛顿第二定律

mgsin0+/amgcos0=nia

得加速度为

a=gsin夕+4gcos0

由运动学公式当6=90。时，v；=2gx,可得％=/诟=6叱，当。=0时，v；=2〃gx,可得〃=二"=1,故A

八2gx4

项正确，B项错误；

C.根据运动学公式得物体能达到的位移

X=-------------------------

2(gsinO+Mgcos6)

由辅助角公式

片=2Jl+[Jgsin(6+a)x

可得位移x的最小值

%而=F==l-44m

2g，l+〃2

故C项正确；

D.由于〃>rane,所以当物体在斜面上停止后，不会下滑，故D项错误。

9、BD

【解析】

B.滑动变阻器R的滑片由。端向人端滑动的过程中，滑动变阻器R接入电路的电阻变大，电路中总电阻变大，总电

流变小，电流表4的示数变小，内电压减小，外电压增大，电压表的示数增大，选项B正确;

A.飞两端的电压增大，电流表4的示数增大，选项A错误：

C.因

△U_-AU

有，

设Ri两端电压变化量大小为aq，

因为△U<Aq,r>&,所以选项C错误；

D.由于E=U+U,.,因此电源内电压变化量的绝对值

△U,.=

因此

△

___u—_\__u__r—Y

MA/2

选项D正确。

故选BD„

10、AC

【解析】

A.原线圈接入如图乙所示，T=0.02s,所以频率为：

/=1=50HZ,

故A正确；

B.原线圈接入电压的最大值是220后V，所以原线圈接入电压的有效值是220V,理想变压器原、副线圈匝数比为20:1,

所以副线圈电压是UV,所以V的示数为UV,故B错误；

C.R阻值随光强增大而减小，根据：

R

知副线圈电流增加，副线圈输出功率增加，根据能量守恒定律，所以原线圈输入功率也增加，原线圈电流增加，所以

A的示数变大，故C正确；

D.当小的灯丝烧断后，变压器的输入电压不变，根据变压比公式，输出电压也不变，故电压表读数不变，故D错误。

故选：AC,

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

me-(m+M)a

11»1.18m/s1.50m/s2〃=---------------------

Mg

【解析】

(1)[1][2].因纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.10s,设si=9.50cm、S2=11.00cm>S3=12.5cm、S4=14.00cm,打C

点时纸带的速度大小为

s2+s3

vc=---------

2T

代入数值得

vc=1.18m/s

加速度

_aA+a2_(54+53)-(5|+5,)

~2~4T2

代入数值得

fr=1.50m/s2

⑵[3].对木块、祛码盘和硅码组成的系统，由牛顿第二定律得

解得

mg+M)a

〃=--------------

Mg

12、RoR15009999

【解析】

(1)[1].将S拨向接点1,接通S-调节R。使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时标准电流表A