2023届山东临沂市卧龙中学招生全国统一考试高考仿真模拟信息卷

2023届山东临沂市卧龙中学招生全国统一考试高考仿真模拟信息卷&押题卷物理试题

（i六）

注意事项

1.考生要认真填写考场号和座位序号。

2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑

色字迹的签字笔作答。

3.考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、在光滑水平面上静止着物体A,物体B与一质量不计的弹簧相连并以一定速度与A相碰，如图所示，则弹簧被压

缩的过程中

①当弹簧处于最大压缩状态时，两物体速度相等

②只有A、B速度相等时，系统的动量才守恒

③作用过程中，系统的动量总是守恒的

④A、B速度相等时，系统动能最小

下列选项组，完整、正确的一组是（）

A.①②B.①③④C.①②④D.③④

2、2019年1月3日，嫦娥四号月球探测器平稳降落在月球背面南极——艾特肯盆地内的冯・卡门撞击坑内，震惊了全

世界。嫦娥四号展开的太阳能电池帆板在有光照时，可以将光能转化为电能，太阳能电池板作为电源，其路端电压与

干路电流的关系如图所示，则下列说法正确的是（）

A.该电池板的电动势为2.80V

B.随着外电路电阻增大，其内阻逐渐增大

C.外电路阻值为IkC时电源输出功率约为3.2W

D.外电路阻值为IkQ时电源效率约为36%

3、在人类对微观世界进行探索的过程中，许多科学家作出了不可磨灭的贡献，卢瑟福就是杰出代表之一。关于卢瑟福

在物理学上的成就，下列说法正确的是（）

A.a粒子散射实验的重要发现是电荷的量子化，并且发现了中子

B.卢瑟福用a粒子轰击氮核发现了质子，核反应方程为；He+；4Nf10+；H

C.卢瑟福根据a粒子散射实验的结果，提出了原子核的结构模型

D.卢瑟福根据a粒子散射实验的结果，发现原子核由质子和中子组成

4、如图所示，在竖直向下的匀强磁场中有两根水平放置的平行粗糙金属导轨Q9、EF,导轨上放有一金属棒现

从仁0时刻起，给金属棒通以图示方向的电流且电流I的大小与时间f成正比，即/=h,其中A为常量，不考虑电流对

匀强磁场的影响，金属棒与导轨始终垂直且接触良好.下列关于金属棒的加速度。、速度y随时间，变化的关系图象，

可能正确的是

5、如图，将a、力两小球以不同的初速度同时水平抛出，它们均落在水平地面上的P点，。球抛出时的高度较b球的

高，尸点到两球起抛点的水平距离相等，不计空气阻力.与b球相比，。球

a

b

P

A.初速度较大

速度变化率较大

落地时速度一定较大

落地时速度方向与其初速度方向的夹角较大

6、有一个变压器，当输入电压为220V时输出电压为12V,某同学在实验过程中发现此变压器副线圈烧坏了，于是

他从变压器上拆掉烧坏的副线圈，用绝缘导线在铁芯上新绕了5匝线圈作为副线圈（如图所示），然后将原线圈接到

110V交流电源上，将交流电流表与二二的固定电阻串联后接在新绕的5匝线圈两端，这时电流表的示数为5mA。该

同学按理想变压器分析，求出了该变压器副线圈的匝数。你认为该变压器原来的副线圈匝数应为（）

A.2200B.1100C.60D.30

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、关于固体、液体、气体和物态变化，下列说法中正确的是»

A.液体表面存在着张力是因为液体表面层分子间的距离大于液体内部分子间的距离

B.一定质量的某种理想气体状态改变时，内能必定改变

c.0°c的铁和0°c的冰，它们的分子平均动能相同

D.晶体一定具有规则形状，且有各向异性的特征

E.扩散现象在液体和固体中都能发生，且温度越高，扩散进行得越快

8、如图所示，在光滑绝缘水平面上，4、8和C为等边三角形48c的顶点，4、8固定正点电荷+。，C固定负点电荷

-Q,E是4、3连线上的两点，KAD=DE=EB.贝！|()

4.+。

用\

•*

V\

BL................\C

+Q-Q

A.。点和E点的电场强度大小相等

B.。点和E点的电场强度方向相同

C.。点和E点的电势相等

D.将负电荷从。点移到E点，电势能增加

9、如图所示，空中飞椅在水平面内做匀速圆周运动，飞椅和人的质量为"?，运动半径为K,角速度大小为0,钢绳与

竖直方向的夹角为伍不计空气阻力，重力加速度为g。下列说法正确的是

A.运动周期为R

2万

B.线速度大小为。/?

C.钢绳拉力的大小为

D.角速度，与夹角的关系为

10、如图所示，正方形abed区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，甲、乙两带电粒子从a点沿与ab成30。角的方向

垂直射入磁场.甲粒子垂直于be边离开磁场，乙粒子从ad边的中点离开磁场.已知甲、乙两a带电粒子的电荷量之

比为1:2,质量之比为1:2,不计粒子重力.以下判断正确的是

A.甲粒子带负电，乙粒子带正电

B.甲粒子的动能是乙粒子动能的16倍

C.甲粒子所受洛伦兹力是乙粒子所受洛伦兹力的2百倍

D.甲粒子在磁场中的运动时间是乙粒子在磁场中运动时间的,倍

4

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.(6分)某同学为了测量一根铅笔芯的电阻率，设计了如图所示的电路测量该铅笔芯的电阻值.所用器材有电流表

A-A2,电阻箱飞、滑动变阻器&、待测铅笔芯尺.、电源E、开关S及导线等.操作步骤如下：调节滑动变阻器

和电阻箱的阻值达到最大；闭合开关，适当调节滑动变阻器和电阻箱的阻值：记录两个电流表A-A2的示数分别为

/］、，2，

请回答以下问题：

(D若电流的内阻可忽略.则电流表示数八=L时，电阻箱的阻值等于待测笔芯的电阻值.

(2)用螺旋测微器测量该笔芯的直径，螺旋测微器的示数如图所示，该笔芯的直径为mm.

(3)已测得该笔芯的长度L=20.00cm,电阻箱R1的读数为5.00Q,根据上面测量的数据可计算出笔芯的电阻率

P=Qm.(结果保留3位有效数字)

(4)若电流表A2的内阻不能忽略，仍利用(I)中方法，则笔芯电阻的测量值______真实值(填“大于”“小于”或“等

于

待测笔芯凡

12.（12分）如图甲所示装置，可以进行以下实验:

4“研究匀变速直线运动”

氏“验证牛顿第二定律”

C.“研究合外力做功和物体动能变化关系

（1）在A、B、C这三个实验中，需要平衡摩擦阻力.

（2）已知小车的质量为M,盘和祛码的总质量为且将，〃g视为细绳对小车的拉力；为此需要满足/〃<<M.前述A、

B、C三个实验中，不需要满足此要求.

（3）如果用此装置做“研究合外力做功和物体动能变化关系这个实验，由此可求得如图乙纸带上由0点到D点所对应的

运动过程中，盘和祛码受到的重力所做功的表达式卬=,该小车动能改变量的表达式/=.由于实验

中存在系统误差，所以W.出.（选填“小于”、“等于，，或“大于，，）.

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，I、m区域（足够大）存在着垂直纸面向外的匀强磁场，虚线MN、尸。分别为磁场区域边界,

在n区域内存在着垂直纸面向里的半径为R的圆形匀强磁场区域，磁场边界恰好与边界MN、尸。相切，S、7为切点,

4、C为虚线MN上的两点，且AS=CS=GR,有一带正电的粒子以速度V沿与边界成30。角的方向从C点垂直磁场

进入I区域，随后从A点进入n区域，一段时间后粒子能回到出发点，并最终做周期性运动，已知n区域内磁场的磁

感应强度庆为I区域内磁场的磁感应强度助的6倍，m区域与I区域磁场的磁感应强度相等，不计粒子的重力。求:

(1)粒子第一次进入II区域后在n区域中转过的圆心角；

(2)粒子从开始运动到第一次回到出发点所经历的总时间。

14.(16分)某日清晨，中国海监船在执行东海定期维权巡航执法过程中，发现从事非法调查作业活动的某船只位于

图甲中的A处，预计在80秒的时间内将到达图甲的C处，我国海监执法人员立即调整好航向，沿直线8c从静止出

发恰好在运动了80秒时到达C处，而此时该非法船只也恰好到达C处，我国海监部门立即对非法船只进行了驱赶.非

法船只一直做匀速直线运动且AC与8c距离相等，我国海监船运动的v-t图象如图乙所示。

⑴求非法船只的速度大小；

(2)若海监船加速与减速过程的加速度大小不变，海监船从8处由静止开始若以最短时间准确停在C点，需要加速的时

间为多少？

15.(12分)从两个波源发出的两列振幅相同、频率均为5Hz的简谐横波，分别沿x轴正、负方向传播，在某一时刻

到达A、B点，如图中实线、虚线所示.两列波的波速均为10m/s.求

(i)质点P、O开始振动的时刻之差；

(ii)再经过半个周期后，两列波在x=lm和x=5m之间引起的合振动振幅极大和极小的质点的x坐标.

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1,B

【解析】

当弹簧接触A后，A做加速运动，B做减速运动，当两物体速度相等时弹簧处于最大压缩状态，则①正确；当AB相

互作用过程中，系统受合外力为零，则系统的动量守恒，则②错误，③正确；A、B速度相等时，弹簧弹性势能最大,

此时系统动能最小，则④正确；

A.①②，与结论不相符，选项A错误；

B.①③④，与结论相符，选项B正确；

C.①②④，与结论不相符，选项C错误；

D.③④，与结论不相符，选项D错误；

故选B。

2,A

【解析】

A.电源的路端电压与干路电流的关系图像中，图线与纵轴的交点表示电动势，所以由图可知该电池板的电动势为2.

80V,A正确。

B.随着外电路电阻增大，干路电流不断减小，由闭合电路欧姆定律七=。+〃可知内阻

E-U

如图所示,

A

5<

外电路电阻R|>&,阻的伏安特性曲线与原路端电压与干路电流的图线分别交于尸1、尸2,则

E-U1

指的是E与Pi的斜率,

指的是E与P2连线的斜率，可知弓〈弓，B错误。

C.在原图中作出阻值为IkC的电阻的伏安特性曲线，如下图所示

与原图交于(1.8V,1.8mA),此交点即表示电阻的实际状态，所以电源输出功率约为

1.78Vx1.78mA*3.2xIO-3W

故C错误。

D.此时电源的效率

故D错误。

故选Ao

3、B

【解析】

AC.卢瑟福根据C粒子散射实验的结果，提出了原子的核式结构模型，中子是查德威克发现的，故AC错误；

B.卢瑟福用a粒子轰击氮核，发现了质子，核反应方程为；He+；4Nf?O+：H,故B正确；

D.a粒子散射实验不能说明原子核内存在中子和质子，故D错误。

故选B。

4,D

【解析】

AB、由题，棒中通入的电流与时间成正比，I=kt,棒将受到安培力作用，当安培力大于最大静摩擦力时，棒才开始运

动，根据牛顿第二定律得：F-f=ma,而F=BIL,I=kt,得到BkL»t-f=ma,可见，a随t的变化均匀增大。当t=0时，

f=-ma,根据数学知识可知AB错误，故AB错误。

CD、速度图象的斜率等于加速度，a增大，则v-t图象的斜率增大。故C错误，D正确。

故选D。

5、D

【解析】

11

A.由/7=]g厂可得，高度越高，下落时间越大，由％=比可知，两球水平位移相同，但是8求运动时间短，故6球初

速度较大，A错误；

B.速度变化率即表示加速度，两球加速度相同，故速度变化率相同，B错误；

C.a球的水平速度小于b球，故落地时虽然竖直分速度大于分球，但是合速度不一定大于占球，C错误；

D.由tanO=8,a球落地时间f大，但是D小，故a球的tan。一定大于b球，即a球落地时速度方向与其初速度方

v

向的夹角较大，D正确；

故选D。

6、C

【解析】

由题意可知当新绕5匝线圈后，原线圈接到110V交流电源上，新绕线圈电流为5mA,则新绕线圈的电压为

口；=(3口==

根据原副线圈电压值比等于匝数比可知

口，口,

5r百

可得原线圈的匝数为

二.二L]=x,匝「匝

口，9J

又因为当副线圈没有损坏输入电压为220V时输出电压为12V,可得

可得该变压器原来的副线圈匝数应为

二广亭=三等匝一匝

故C正确，ABD错误。

故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、ACE

【解析】

A.由于液体表面分子间距大于内部分子间距，故表面处表现为引力，故A正确；

B.一定质量理想气体的内能由温度决定，状态变化时温度可能不变，内能也就可能不变，故B错误；

C.因为温度是分子平均动能的标志，温度相同，则分子平均动能相同，故C正确；

D.晶体分单晶体和多晶体，只有单晶体具有规则形状，某些性质表现出各向异性，而多晶体没有规则形状，表现出

各向同性，故D错误；

E.气体、液体和固体物质的分子都在做无规则运动，所以扩散现象在这三种状态的物质中都能够进行，且温度越高,

扩散进行得越快，故E正确。

故选ACE.

8、AC

【解析】

AB.。、E两点电场，是4、8两正点电荷的电场与C点的负点电荷的电场的叠加。A、8两正点电荷在。点和E点

的合场强大小相等，方向相反，C点的负点电荷在。点和E点的场强大小相等，方向不同，所以，。点和E点的合场

强大小相等，方向不同，A正确，B错误；

C.。点和E点在-Q的等势面上，同时关于两正点电荷对称，所以。点和E点的电势相等，C正确；

D.根据电势能的计算公式

Ep=q(p

可知负电荷在。点和E点的电势能相同，D错误。

故选AC。

9、BD

【解析】

A.运动的周期：

(D

A错误；

B.根据线速度和角速度的关系：

v-(oR

B正确；

CD.对飞椅和人受力分析：

T

根据力的合成可知绳子的拉力:

7=巨

COS。

根据牛顿第二定律：

mgtan0=mco~R

化解得：gtdt\0=arR,C错误，D正确。

故选BD«

10,CD

【解析】

根据粒子运动轨迹，应用左手定则可以判断出粒子的电性；粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根

据题意求出粒子轨道半径关系，然后应用牛顿第二定律求出粒子的速度然后分析答题；根据粒子做圆周运动的周期公

式与粒子转过的圆心角求出粒子的运动时间.

【详解】

由甲粒子垂直于be边离开磁场可知，甲粒子向上偏转，所以甲粒子带正电，由粒子从ad边的中点离开磁场可知，乙

粒子向下偏转，所以乙粒子带负电，故A错误；由几何关系可知，R甲=2L,乙粒子在磁场中偏转的弦切角为60。，弦

长为工，所以：—=2R2.8^60°,解得：Rz,=-^-L,由牛顿第二定律得：qvB=m—,动能：EK=,

226r22m

所以甲粒子的动能是乙粒子动能的24倍，故B错误；由牛顿第二定律得：qvB=mE,解得：v=迎,洛伦兹力：

rm

f=qvB=Q"，即4=2百，故C正确；由几何关系可知，甲粒子的圆心角为30。，由B分析可得，乙粒子的圆心

m7乙

a271m

角为120。，粒子在磁场中的运动时间：t=——T,粒子做圆周运动的周期：T-可知，甲粒子在磁场中的运动

27qB

时间是乙粒子在磁场中运动时间的1/4倍，故D正确..

【点睛】

题考查带电粒子在匀强磁场中的运动，要掌握住半径公式、周期公式，画出粒子的运动轨迹后，利用洛伦兹力提供向

心力，结合几何关系进行求解；运用粒子在磁场中转过的圆心角，结合周期公式，求解粒子在磁场中运动的时间.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、-1.0001.96x10-7小于

2

【解析】

若电阻箱的阻值等于待测笔芯的电阻值，则两条支路的电流相等，所以：

(2)[2]主尺上的刻度为0.5mm,副尺上的刻度为50格，所以读数为:

d=0.5inm+0.01mmx50=l.(XX)rnm

⑶⑶铅笔芯的横截面积：

R=R、

带入电阻定律R擀得:

RS%Rd?

带入数据得：

p=1.96x107Q»m

(4)⑷若电流表A2的内阻不能忽略，则笔芯电阻的测量值为4,真实值为4+R%，则笔芯电阻的测量值小于真实值.

12、BCAmgs."G?)2大于

8T2

【解析】

根据实验原理与实验注意事项分析答题.由匀变速直线运动的推论求出打D点的速度，然后根据重力势能与动能的计

算公式分析答题.

【详解】

:(1)在A、B、C这三个实验中，“验证牛顿第二定律”、“研究合外力做功和物体动能变化关系，都需要平衡摩擦阻

力；

故选BC.

(2)已知小车的质量为M,盘和祛码的总质量为且将”电视为细绳对小车的拉力.为此需要满足加.前述4、

6、C三个实验中，实验A只需要小车做匀加速运动即可，不需要满足此要求；

故选A.

（3）纸带上由0点到D点所对应的运动过程中，盘和祛码受到的重力所做功的表达式：W=mgs,；

打。点时的速度：匕＞=9萨，

则小车动能的改变量：E,='加（上匚包）2=乂0-：了.

k22T8T2

由于实验中存在系统误差，所以盘和祛码受到的重力所做功W大于小车动能的增量Ek.

故答案为（1）BC（2）A（3）加目4；丝，2；大于

【点睛】

此题涉及到三个高中物理的重要实验，基本装置都相同，只是实验的原理及目的不同；关键是弄清每个实验的原理及

操作的方法、注意事项等问题，做到融会贯通不混淆.

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、（l）120°（2）T=处后述+如

9vv

【解析】

⑴粒子的运动轨迹如图所示，由几何关系得NQCS=60°,

半径

R=3二2限

1cos60

粒子转过的圆心角为

4=300

粒子从A点进入II区域，先做匀速直线运动，且速度延长线刚好过n区域圆形磁场的圆心。，接着在磁场中做圆周运

动，离开时速度方向的反向延长线仍然过圆心。

设轨迹半径为由牛顿运动定律知

V

qvB)=m—

与

得

凡=叱

■咨

故

&_曳

KB2

即

RR

-3

连接Q。，得

%

---1\

tanZO2OA---

得

N。20A=30°

故此粒子第一次进入II区域后在II区域转过的圆心角为

02=(90°-ZO2OA)X2=120°

⑵粒子进入ID区域时，速度方向仍与边界PQ成30。角，故此粒子的轨迹图左右对称，上下对称，粒子在一个周期内,

在I、ni区域总共要经历两次圆周运动过程，每次转过的圆心角均为q=300°

所用总时间为

20岳R

%=2x------Lx

v360°3v

在n区域要经历两次圆周运动过程，每次转过的圆心角均为“=120,所用时间