专题3.9 一元一次方程章末八大题型总结（拔尖篇）（人教版）（解析版）2023-2024学年七年级数学上册举一反三系列（人教版）

第第页专题3.9一元一次方程章末八大题型总结（拔尖篇）【人教版】TOC\o"1-3"\h\u【题型1解含参数的一元一次方程】 1【题型2换元法、整体代入法解一元一次方程】 3【题型3解含绝对值的一元一次方程】 5【题型4利用一元一次方程解决规律问题】 8【题型5一元一次方程中的动点问题】 13【题型6一元一次方程中的数形结合问题】 17【题型7一元一次方程的新定义问题】 24【题型8一元一次方程的应用】 30【题型1解含参数的一元一次方程】【例1】已知关于x的一元一次方程x2023+a=2023x的解是x=2022，关于y的一元一次方程b2023+2023c=−a的解是y=−2021（其中b和c是含有y的代数式），则下列结论符合条件的是（

）A．b=−y−1,c=y+1 B．b=1−y,c=y−1C．b=y+1,c=−y−1 D．b=y−1,c=1−y【答案】B【分析】根据x=2022，y=−2021得到x=1−y，得到1−y2023+2023y−1=−a的解为【详解】∵x=2022，y=−2021得到x=1−y，∴1−y2023+2023y−1∵方程b2023+2023c=−a的解是∴b=1−y,c=y−1，故选B．【点睛】本题考查了一元一次方程的解即使得方程左右两边相等的未知数的值，正确理解定义是解题的关键．【变式1-1】已知关于x的方程kx−2x=5的解为正整数，则整数k的值为．【答案】3或7．【分析】解方程用含有k的式子表示x，再根据5除以几得正整数，求出整数k．【详解】解：kx−2x=5，解得，x=5∵k为整数，关于x的方程kx−2x=5的解为正整数，∴k-2=1或k-2=5，解得，k=3或k=7，故答案为：3或7．【点睛】本题考查了一元一次方程的解，解题关键是根据方程的解为正整数，k为整数，确定未知数的系数的值．【变式1-2】已知a，b为定值，且无论k为何值，关于x的方程kx−a3=1−2x+bk2的解总是x【答案】−4【分析】根据一元一次方程的解法，去分母并把方程整理成关于a、b的形式，然后根据方程的解与k无关分别列出方程求解即可．【详解】解：方程两边都乘6，去分母得2（kx-a）=6-3（2x+bk），∴2kx-2a=6-6x-3bk，整理得（2x+3b）k+6x=2a+6，∵无论k为何值，方程的解总是2，∴2a+6=6×2，2×2+3b=0，解得a=3，b=−4∴ab=3×(−4故答案为：-4．【点睛】本题考查了一元一次方程的解，根据方程的解与k无关，则k的系数为0列出方程是解题的关键．【变式1-3】已知关于x的方程x−2−ax6=A．−23 B．23 C．−34 D．34【答案】C【分析】先根据解方程的一般步骤解方程，再根据非负数的定义将a的值算出，最后相加即可得出答案．【详解】解：x−去分母，得6x−去括号，得6x−2+ax=2x−12移项、合并同类项，得4+a将系数化为1，得x=−∵x=−10∴a=−5或−6，−9，−14时，x的解都是非负整数则−5+故选C．【点睛】本题考查了一元一次方程的解，熟练掌握解方程的一般步骤是解题的关键．【题型2整体代入法解一元一次方程】【例2】已知关于x的一元一次方程12020x+3=2x+b的解为x=2，那么关于的y一元一次方程12020【答案】y=3．【分析】将方程12020x+3=2x+b变形为12020(y−1)+3=2(y−1)+b，在根据方程12020【详解】解：将关于y的一元一次方程12020(y−1)=2y+b−5变形为即12020∵一元一次方程12020∴x=y−1，∵x=2，∴2=y−1，∴y=3．故答案为：y=3．【点睛】本题考查了换元法解一元一次方程，将关于y的一元一次方程12020(y−1)=2y+b−5变形为【变式2-1】在解一元一次方程时，巧妙利用整体法，可以达到简化计算的效果．例如，在解方程32x−1−3(2x−1)+3=5令a=2x−1，得：3a−(3a+3)去括号，得：3a−9a−9=5，合并同类项，得：−6a=14，系数化为1，得：a=−7故2x−1=−73，解得阅读以上材料，请用同样的方法解方程：4【答案】x=13【分析】把x+2看作一个整体，再按照解一元一次方程的方法求解即可．【详解】解：令a=x+2，则2a=2x+4，原方程得：42a−(去括号，得：4a-20=1，移项，得：4a=21，系数化为1，得：a=214故x+2=214解得x=134【点睛】本题考查了解一元一次方程，能正确换元是解此题的关键．【变式2-2】在解方程3x+1−13x−1=2x−1(1)7x+3(2)52x+3【答案】(1)x(2)x=−【分析】（1）将x+3看成一个整体，移项、合并同类项、系数化成1即可．（2）将2x+3、x−2分别看成一个整体，移项、合并同类项、系数化成1即可．【详解】（1）移项，得7x+3整体合并，得10x+3即x+3=2，解得x=（2）52x+3移项、合并同类项得112去分母，得222x+3去括号，得44x+66=11x−22，移项、合并同类项，得33x=−88，解得x=−8【点睛】本题考查了解一元一次方程的应用，解决本题的关键是要注意用了整体代入思想．【变式2-3】当x＝1时，式子ax3+bx+1的值是2，则方程ax+12【答案】x＝1【分析】把x＝1代入代数式，使其值为2，求出a+b的值，方程变形后代入计算即可求出解．【详解】解：把x＝1代入得：a+b+1＝2，即a+b＝1，方程去分母得：2ax+2+2bx﹣3＝x，整理得：（2a+2b﹣1）x＝1，即[2（a+b）﹣1]x＝1，把a+b＝1代入得：x＝1．故答案为：1．【点睛】本题主要考查了解一元一次方程，以及代数式求值，熟练掌握运算法则是解本题的关键．【题型3解含绝对值的一元一次方程】【例3】若关于x的方程x−2−1=a有三个整数解，则a的值是(A．0 B．1 C．2 D．3【答案】B【分析】根据绝对值的性质可得|x−2|−1=±a,然后讨论x≥2及x<2的情况下解的情况，再根据方程有三个整数解可得出a的值．【详解】解：①若|x−2|−1=a,当x≥2时，x−2−1=a,解得：x=a+3，a≥−1；当x<2时，2−x−1=a,解得：x=1−a；a>−1；②若|x−2|−1=−a,当x≥2时，x−2−1=−a,解得：x=−a+3，a≤1；当x<2时，2−x−1=−a,解得：x=a+1，a<1；又∵方程有三个整数解，∴可得：a=−1或1，根据绝对值的非负性可得：a≥0．即a只能取1．故选：B．【点睛】本题考查含绝对值的一元一次方程，难度较大，掌握绝对值的性质及不等式的解集的求法是关键．【变式3-1】方程x−3x+1=2的解为x=【答案】12或【分析】由绝对值的性质可得出3x+1=x±2，从而可分类讨论：①当3x+1=x−2时和②当3x+1=x+2时，再根据方程有意义可得出【详解】解：∵x−3x+1∴x−3x+1∴3x+1=x±2分类讨论：①当3x+1=x−2时∵方程有意义，∴x−2≥0，解得：x≥2，∴3x+1≥7，∴3x+1=x−2解得，x=−3②当3x+1=x+2时∵方程有意义，∴x+2≥0，解得：x≥−2，∴3x+1=±(x+2)，即3x+1=x+2或3x+1=−x−2，解得：x=12或故答案为：12或−【点睛】本题考查绝对值的性质，解一元一次方程．根据绝对值的性质去绝对值是解题关键．【变式3-2】设y1=2+x，y2=2−x，当【答案】−2≤x≤0【分析】根据题意，得到2+x=2−x，即【详解】解：∵y1=2+x，y∴2+x=2−x，即当x≤−2时，2+x<0,x<0，则−2+x−x=2，即2x=−4，解得当−2<x<0时，2+x>0,x<0，则2+x−x=2恒成立，即−2<x<0；当x≥0时，2+x>0,x≥0，则2+x+x=2，即2x=0，解得x=0；综上所述，当y1=y2时，故答案为：−2≤x≤0．【点睛】本题考查含绝对值方程的解法，熟记绝对值的代数意义去绝对值是解决问题的关键．【变式3-3】解方程：|3x+1|−|1−x|=2．【答案】−13⩽x<1时，x=1【分析】令3x+1=0，1−x=0，得x=−13，x=1，根据这两个数进行分段，去绝对值符号求【详解】解：①当x⩾1时，3x+1+1−x=2，x=0，不存在；②当−13⩽x<1时，3x+1+x−1=2③当x<−13时，−3x−1−1+x=2，∴|3x+1|−|1−x|=2的解是−13⩽x<1时，x=12【点睛】本题主要考查了含绝对值符号的一元一次方程的解法，解题的方法是令每个绝对值部分为0，将x的值分段去绝对值解方程．【题型4利用一元一次方程解决规律问题】【例4】如图，某链条每节长为2.8cm，每两节链条相连接部分重叠的圆的直径为1

(1)2节链条的总长度为______cm；3节链条的总长度为______cm；4节链条的总长度为______cm；(2)根据上述规律，n节链条的总长度为多少cm；（用含n的式子表示，不用说理）(3)一根链条的总长度能否为73cm【答案】(1)4.66.4；8.2(2)1.8n+1(3)能，由40节组成【分析】（1）结合图形计算即可；（2）根据（1）中规律求解即可；（3）利用（2）中结论列方程求解即可．【详解】（1）解：由题意得：1节链条的长度=2.8cm2节链条的总长度=[2.8+(2.8−1)]=4.6cm3节链条的总长度=[2.8+(2.8−1)×2]=6.4cm4节链条的总长度=[2.8+(2.8−1)×3]=8.2cm故答案为：4.6；6.4；8.2；（2）根据（1）可得，n节链条的总长度为2.8+2.8−1（3）一根链条的总长度可以为73cm设该链条由x节组成，根据题意得1.8x+1=73，解得x=40，∴总长度为73cm【点睛】本题考查了规律型：图形的变化类、解一元一次方程，从图形找规律是解题的关键．【变式4-1】观察下面有规律排列的三行数：

(1)第一行数中，第7个数是______，第8个数是______(2)观察第二行、第三行数与第一行数的关系，解决下列问题：①第二行数中，第7个数是______，第三行数中，第7个数是______；②取每行数的第2022个数，计算这三个数的和是______；③如图，在第二行、第三行数中，用两个长方形组成“阶梯形”方框，框住4个数，左右移动“阶梯形”方框，是否存在框住的4个数的和为−5118，若存在，求这四个数中最左边的数，若不存在，请说明理由．【答案】(1)−128，256(2)①−129，258；②1；③1023【分析】（1）根据已知数据都是前一个数乘2得到的，再利用第奇数个系数为负求解即可；（2）①根据第二行的数比第一行的数小1，第三行的数等于第二行的数乘以−2，即可求解；②根据第一行的第n个数为−2n，第二行的数为−2n−1，第三行的数为−2③设第二行最左边的数为x−1，则其第二个数为−2x−1，第三行第一个数为−2−2x−1=4x+2，第二个数为【详解】（1）解：由题意可得，第7个数是−128，第8个数是256，故答案为：−128，256；（2）解：①由题意可得，∵−128−1=−129，−129×−2∴第二行数中，第7个数是−129，第三行数中，第7个数是258，故答案为：−129，258；②∵第一行的第n个数为−2n，第二行的数为−2n−1∴第一行的第2022个数为−22022，第二行的第2022个数为−22022−1∴−2=−2=1，故答案为：1；③设第二行最左边的数为x−1，则其第二个数为−2x−1，第三行第一个数为−2−2x−1=4x+2，第二个数为∴x−1+解得x=1024，∴x−1=1023，答：这四个数中最左边的数为1023．【点睛】本题考查数字规律型、用字母表示数、解一元一次方程，观察数据的规律，弄清数量关系列方程是解题的关键．【变式4-2】如上表，方程①、方程②、方程③、方程④．．．．是按照一定规律排列的一列方程：序号方程方程的解①2x=−2②2x=0③2x=______④2x=_____………(1)将上表补充完整，(2)按上述方程所包含的某种规律写出方程⑤及其解；(3)写出表内这列方程中的第n（n为正整数）个方程和它的解．【答案】(1)2，4(2)x=6(3)x=2【分析】（1）求解方程③和④可得解；（2）按照方程根的规律列出方程即可；（3）先按照规律列出方程的第n个方程，再求解并检验．【详解】（1）解：第3个方程2x−2−x=−2，∴x=2，第4个方程2x−2−x=−4，∴x=4，故答案为：2，4（2）解：方程①2x−2−3x−1方程②2x−2−3x−2方程③2x−2−3x−3方程④2x−2−3x−4∴方程⑤为2x−2−3x−5（3）由上表可得每个方程的左边是2项的差，第一项是2x−2，第2项是−3x−n，右边是n，方程的解为∴第n（n为正整数）个方程为2x−2−3x−n【点睛】本题考查了解一元一次方程，熟练求解一元一次方程是解题的关键．【变式4-3】某旅游景区走廊的中间部分是用边长为1米的白色正方形地砖和彩色正方形（图中阴影部分）地砖铺成的，图案如图所示，根据图示排列规律，解答以下问题．

(1)第4个图案L4有白色地砖__________块地砖；第n个图案Ln有白色地砖__________块地砖（用含(2)已知L1的长度为3米，L2的长度为5米，…，Ln【答案】(1)15；3n+3(2)3036【分析】（1）由题意知，第1个图案L1有白色地砖3×2=6块地砖；第2个图案L2有白色地砖3×3=9块地砖；第3个图案L3有白色地砖3×4=12块地砖；第4个图案L4有白色地砖3×5=15块地砖；⋯⋯，可推导一般性规律为：第n个图案（2）由L1的长度为1+2=3米；L2的长度为2+3=5米；⋯⋯，可推导一般性规律：Ln的长度为n+n+1=2n+1米；∴令2n+1=2023，解得，n=1011【详解】（1）解：由题意知，第1个图案L1有白色地砖3×2=6第2个图案L2有白色地砖3×3=9第3个图案L3有白色地砖3×4=12第4个图案L4有白色地砖3×5=15⋯⋯∴可推导一般性规律为：第n个图案Ln有白色地砖3故答案为：15；3n+3；（2）解：∵L1的长度为1+2=3L2的长度为2+3=5⋯⋯，∴可推导一般性规律：Ln的长度为n+∴令2n+1=2023，解得，n=1011，∴L1011中白色正方形地砖有3n+3=3×1011+3=3036∴图案Ln【点睛】本题考查了图形的规律探究，一元一次方程的应用．解题的关键在于根据题意推导出一般性规律．【题型5一元一次方程中的动点问题】【例5】如图，△ABC中，∠C=90°，AC=8cm，BC=6cm，AB=10cm，若动点P从点C开始，按C→A→B→C的路径运动，且速度为每秒2

(1)当点P在AB上时，t=______时，CP把△ABC的周长分成相等的两部分？(2)当点P在AB上时，t=______时，CP把△ABC的面积分成相等的两部分？(3)当点P在所有运动过程中，连接PC或PB，求当t为何值时，△BCP的面积为12？【答案】(1)6(2)6.5(3)t为2或6.5秒时，△BCP的面积为12【分析】（1）先求出△ABC的周长为24，所以当CP把△ABC的周长分成相等的两部分时，点P在AB上，此时CA+AP=BP+BC=12，再根据时间=路程÷速度即可求解；（2）根据中线的性质可知，点P在AB中点时，CP把△ABC的面积分成相等的两部分，进而求解即可；（3）分两种情况：①P在AC上；②P在AB上，根据三角形面积公式进行计算即可求解．【详解】（1）解：△ABC中，∵AC=8，BC=6，AB=10，∴△ABC的周长=8+6+10=24cm∴当CP把△ABC的周长分成相等的两部分时，点P在AB上，此时CA+AP=BP+BC=12cm∴2t=12，解得t=6．故答案为：6；（2）当点P在AB中点时，CP把△ABC的面积分成相等的两部分，此时CA+AP=8+5=13cm∴2t=13，解得t=6.5．故答案为：6.5；（3）解：分两种情况：①当P在AC上时，

∵△BCP的面积=12，∴12∴CP=4，∴2t=4，则t=2；②当P在AB上时，

∵△BCP的面积=12=△ABC面积的一半，∴P为AB中点，∴2t=13，则t=6.5．故t为2或6.5秒时，△BCP的面积为12．【点睛】本题考查了一元一次方程的应用，三角形的周长与面积，三角形的中线，利用分类讨论的思想是解（3）题的关键．【变式5-1】如图，在△ABC中，AB=20 cm，AC=12 cm，点P从点B出发以每秒3cm的速度向点A运动，点Q从点A同时出发以每秒2cm的速度向点C运动，其2中一个动点到达端点时，另一个动点也随之停止运动，当△APQ是以A为顶角的等腰三角形时，运动的时间是（

A．2.5秒 B．3秒 C．3.5秒 D．4秒【答案】D【分析】根据AP=AQ即可求解．【详解】解：设运动时间为t秒时，△APQ是以A为顶角的等腰三角形即AP=AQ∵AP=20−3t,AQ=2t∴20−3t=2t解得：t=4故选：D【点睛】本题考查了一元一次方程的简单应用．抓住AP=AQ是解题关键．【变式5-2】如图，在长方形ABCD中，AB=CD=4cm，AD=BC=3cm，点E是CD的中点，动点P从A点出发，点P以每秒1cm的速度沿长方形的边运动，方向为A→B→C最终到达点C停止，设点P运动的时间为

(1)试用含t的式子表示线段BP的长；(2)求出当t为何值时，三角形AEP的面积等于5cm2【答案】(1)当P在AB上时，BP=当P在BC上时，BP=(2)当t为103或5时，三角形AEP的面积等于【分析】（1）根据题意及线段的和差分两种情况求解即可得出答案；（2）分当P在AB上时及当P在BC上时两种情况分别画出图形，利用三角形的面积公式计算即可得出答案．【详解】（1）解：当P在AB上时，BP=当P在BC上时，BP=（2）解：①当P在AB上时，如图

∵△APE的面积等于5，∴1解得t=10②当P在BC上时，如图

∵△APE的面积等于5，∴S即4×3−1解得t=5．当t为103或5时，三角形AEP的面积等于5cm【点睛】本题考查了一元一次方程的应用及列代数式，熟记三角形的面积公式是解题的关键．【变式5-3】如图，在长方形ABCD中，AD=32cm，AB=15cm．动点P从点A出发，沿线段AB，BC向点C运动，速度为3cm/s；动点Q从点B出发，沿线段BC向点C运动，速度为2cms，当点P运动到点C时，点

(1)当点P在AB上运动时，用含t的代数式表示下列线段的长度AP=_________

BQ=_________PB=_________(2)当点P在AB上运动时，t为何值，能使PB=BQ？(3)点P能否追上点Q？如果能，求出t的值：如果不能，说明理由．【答案】(1)3t，2t，15−3t(2)3秒(3)能，15【分析】（1）由动点Q从点B出发，沿线段BC向点C运动，速度为2cms，得BQ=2t；由点P从点A出发在AB上运动，速度为3cm/（2）由点P在AB上运动，且BP=BQ，得15−3t=2t，解方程求出t的值即可；（3）先假设能够追上列方程，再解方程并检验即可．【详解】（1）解：根据题意得AP=3t，BQ=2t，AB=15cm，AD=BC=32当点P在AB上运动，则BP=15−3t（2）当BP=BQ时，则15−3t=2t，解得t=3，∴当t的值是3时，BP=BQ．（3）假设点P能追上点Q，则有3t−2t=15，解得t=15；当t=15时，3t=45<15+32=47，所以，当t=15，点P能追上点Q．【点睛】本题考查的是列代数式，一元一次方程的应用，理解题意，列出正确的代数式与方程是解本题的关键．【题型6一元一次方程中的数形结合问题】【例6】如图，已知数轴上A、B两定点对应的数是－20，40，动点M、N同时从点A出发向点B运动，到达点B后折返向点A继续运动，其中某点回到点A时，全部停止．（点M的速度为3个单位长度/秒，点N的速度为2个单位长度/秒）

(1)在点M到达B点前，①经过______秒M、N之间间隔6个单位长度：②经过______秒原点刚好位于M、N的最中间；③经过______秒点A到点N的距离刚好等于点B到点M的距离（即BM=AN）；(2)当动点M到达点B后，点N开始改变速度以a个单位长度/秒的速度继续运动，4秒后，M、N两点之间相距4个单位长度，求a的值．【答案】(1)①6；②8；③12(2)a=1或a=3或a=7或a=9．【分析】（1）设运动时间为t，依题意，点M表示的数为−20+3t，点N表示的数为−20+2t，①根据MN=6，列方程，即可求解；②根据MO=NO，列出一元一次方程，解方程，即可求解；③根据BM=AN，列出一元一次方程，解方程，即可求解；（2）分情况讨论，①当a<5时，点M返回时，4秒后M表示的数为40−4×3=28，点N表示的数为20+4a，②当a>5时，则N点到达B点时返回，点M继续运动，4秒后M表示的数为40−4×3=28，点N表示的数为20+40−4a【详解】（1）解：设运动时间为t，依题意，点M表示的数为−20+3t，点N表示的数为−20+2t，①∵−20+3t>−20+2t∴MN=6时，即−20+3t−解得t=6，故答案为：6．②当原点刚好位于M、N的最中间，即−20+3t=0−解得：t=8故答案为：8．③当BM=AN时，40−解得：t=12，故答案为12；（2）当动点M到达点B后，此时−20+3t=40解得：t=20此时点N表示的数为−20+2×20=20，

①当M返回时，4秒后M表示的数为40−4×3=28，点N表示的数为20+4a，当20+4a<40，即a<5，依题意，20+4a−28=4解得：a=1或a=3；②当a>5时，则N点到达B点时返回，点M继续运动，4秒后M表示的数为40−4×3=28，点N表示的数为20+依题意，60−4a−28=4解得：a=7或a=9；综上所述，a=1或a=3或a=7或a=9．【点睛】本题考查了数轴上两点距离，一元一次方程的应用，数形结合，分类讨论是解题的关键．【变式6-1】如图，已知数轴上点A表示的数为6，B是数轴上在A左侧的一点，且A，B两点间的距离为10．动点P从点A出发，以每秒6个单位长度的速度沿数轴向左匀速运动，设运动时间为t(t>0)秒．(1)数轴上点B表示的数是________，当t=2s时，点P(2)动点Q从点B出发，以每秒4个单位长度的速度沿数轴向左匀速运动，若点P、Q同时出发．求：①当点P运动多少秒时，点P与点Q相遇？②当点P运动多少秒时，点P与点Q间的距离为8个单位长度？【答案】(1)−4，−6(2)①当点P运动5秒时，点P与点Q相遇；②当点P运动1或9秒时，点P与点Q间的距离为8个单位长度【分析】（1）根据数轴上两点间的距离即可解答；（2）①根据数轴上两点间的距离结合行程问题的特点列出方程求解；②根据数轴上两点间的距离结合行程问题的特点列出方程求解．【详解】（1）解：∵数轴上点A表示的数为6，∴OA=6，则OB=AB−OA=4，∵点B在原点左边，∴数轴上点B所表示的数为−4；∵动点P从点A出发，以每秒6个单位长度的速度沿数轴向左匀速运动，∴点P运动t秒的长度为6t，∴P所表示的数为：6−6t当t=2s时，点P表示的数是6−6×2=−6故答案为：−4，−6；（2）解：①点P运动t秒时追上点Q，根据题意得6t=10+4t，解得t=5，答：当点P运动5秒时，点P与点Q相遇；②当P不超过Q时，则10+4t−6t=8，解得t=1；当P超过Q时，则10+4t+8=6t，解得t=9；答：当点P运动1或9秒时，点P与点Q间的距离为8个单位长度．【点睛】本题考查了数轴上两点间的距离和一元一次方程的应用，正确理解题意、灵活应用数形结合思想是解题的关键．【变式6-2】如图①，在数轴上，点O为坐标原点，点A、B、C、D表示的数分别是−8、3、9、13．动点P、Q同时出发，动点P从点B出发，沿数轴以每秒2个单位的速度向点C运动，当点P运动到点C后，立即按原来的速度返回．动点Q从点C出发，沿数轴以每秒1个単位的速度向终点D运动．当点Q到达点D时，点P也停止运动，设点P的运动时间为t

(1)点A与原点O的距离是______．(2)点P从点B向点C运动过程中，点P与原点O的距离是______（用含t的代数式表示）．(3)点P从点B向点C运动过程中，当点P与原点O的距离恰好等于点P与点Q的距离时，求t的值．(4)在点P、Q的整个运动过程中，若将数轴在点O和点P处各折一下，使点Q与点A重合，如图②所示，当所构成的三角形OPQ中恰好有两条边相等时，直接写出t的值．【答案】(1)8(2)2t+3(3)t=1(4)1，52，【分析】（1）由点A表示的数是−8，得OA=|−8|=8，于是得到问题的答案；（2）由OB=|3|=3，BP=2t，得OP=BP+OB=2t+3，于是得到问题的答案；（3）当点P与点C重合时，则2t=9−3，求得t=3，当点P从点B向点C运动时，0≤t≤3，由OP=2t+3，PQ=9+t−(2t+3)=6−t，且OP=PQ，得2t+3=6−t，求得t=1；（4）当点Q与点D重合时，则t=13−9=4，所以0≤t≤4，当点P从点C按原来的速度返回时，点P表示的数是9−2(t−3)，即15−2t(3<t≤4)，所以OP=15−2t，PQ=9+t−(15−2t)=3t−6，可知三角形OPQ的三边长分别为OQ=OA=8，OP=2t+3，PQ=6−t，或OP=15−2t，PQ=3t−6，再按OP=OQ，OP=PQ，PQ=OQ分别列方程，求出符合题意的t值即可．【详解】（1）解：∵点A表示的数是−8，∴OA=|−8|=8，故答案为：8．（2）∵点B表示的数是3，∴OB=|3|=3，∵BP=2t，∴OP=BP+OB=2t+3，故答案为：2t+3．（3）当点P与点C重合时，则2t=9−3，解得t=3，∴当点P从点B向点C运动时，0≤t≤3，∵点P表示的数是2t+3，点Q表示的数是9+t，且点Q在点P右侧，∴PQ=9+t−(2t+3)=6−t，∵OP=2t+3，且OP=PQ，∴2t+3=6−t，解得t=1，∴t的值是1．（4）t的值是52或7当点Q与点D重合时，则t=13−9=4，∴0≤t≤4，∴当点P从点C按原来的速度返回时，点P表示的数是9−2(t−3)，即15−2t(3<t≤4)，∴OP=15−2t，PQ=9+t−(15−2t)=3t−6，∴三角形OPQ的三边长分别为OQ=OA=8，OP=2t+3，PQ=6−t，或OP=15−2t，PQ=3t−6，当OP=OQ时，则2t+3=8或15−2t=8，解得t=52或当OP=PQ且点P从点B向点C运动时，由（3）得t=1；当OP=PQ且点P从点C按原来的速度返回时，则15−2t=3t−6，解得t=21当PQ=OQ=8且点P从点B向点C运动时，则6−t=8，解得t=−2，不符合题意，舍去；当PQ=OQ=8且点P从点C按原来的速度返回时，则3t−6=8，解得t=14综上所述，t的值是52或7【点睛】此题重点考查一元一次方程的解法、列一元一次方程解应用题、数轴上的动点问题的求解、数形结合与分类讨论数学思想的运用等知识与方法，此题综合性强，难度较大，正确地用代数式表示点P和点Q对应的数是解题的关键．【变式6-3】将一条数轴在原点O和点B处各折一下，得到如图所示的“折线数轴”，图中点A表示−10，点B表示10，点C表示18．我们称点A和点C在数轴上的“友好距离”为28个单位长度．动点P从点A出发，以2单位长度/秒的速度沿着“折线数轴”向其正方向运动．当运动到点O与点B之间时速度变为原来的一半．经过点B后立刻恢复原速；同时，动点Q从点C出发，以1单位长度/秒的速度沿着“折线数轴”向其负方向运动，当运动到点B与点O之间时速度变为原来的两倍，经过O后也立刻恢复原速．设运动的时间为t秒．

(1)动点P从点A运动至点C需要秒，动点Q从点C运动至点A需要秒；(2)P，Q两点相遇时，求出相遇点M在“折线数轴”上所对应的数；(3)是否存在t值，使得点P和点Q任“折线数轴”上的“友好距离”等于点A和点B在“折线数轴”上的“友好距离”？若存在，求出t的值；若不存在，请说明理由．【答案】(1)19，23(2)16(3)存在；t的值为83秒或53【分析】（1）先求出AC、QC的长度，再根据路程除以速度等于时间即可解答；（2）根据相遇时，点P和点Q所用的时间相等，列方程即可解答；（3）由路程、速度、时间三者关系，根据PQ=AB列方程求解即可．【详解】（1）解：根据题意可得，动点P从点A运动至点C需要的时间是：10÷2+10÷1+8÷2=19（秒），动点Q从点C运动至点A需要的时间是：10÷1+10÷2+8÷1=23（秒）；（2）解：根据题意可知，P、Q两点在OB上相遇于M点，设OM=x,则10÷2+x÷1=8÷1+10−x解得x=16即点M在“折线数轴”上所对应的数是163（3）解：设存在t使得点P和点Q任“折线数轴”上的“友好距离”等于点A和点B在“折线数轴”上的“友好距离”，即PQ=AB，当点P在AO，点Q在BC上运动时，依题意得：10−2t+10+8−t=20，解得t=8当点P、Q两点都在OB上运动时，PQ<AB，不符合题意；当P在BC上，Q在OA上运动时，依题意得：t−18−10−10÷2+10+2∴存在，t的值为83秒或53【点睛】本题主要考查了数轴与有理数的关系、一元一次方程在数轴上的应用以及路程、速度、时间三者的关系等相关知识点，掌握一元一次方程的应用是解答本题的关键．【题型7一元一次方程的新定义问题】【例7】已知x＝m与x＝n分别是关于x的方程ax+b＝0（a≠0）与cx+d＝0（c≠0）的解．（1）若关于x的方程ax+b＝0（a≠0）的解与方程6x-7＝4x-5的解相同，求m的值；（2）当n＝1时，求代数式3c2+cd+2c-2（12cd+32（3）若|m-n|=12，则称关于x的方程ax+b＝0（a≠0）与cx+d＝0（c≠0）为“差半点方程”．试判断关于x的方程4042x【答案】（1）m＝1；（2）0；（3）是“差半点方程”，理由见解析．【分析】（1）解方程6x-7＝4x-5，结合题意，即可求出m的值；（2）根据方程解的定义求得c+d＝0，然后化简代数式，把c+d＝0代入即可求得代数式的值；（3）分别解出两个一元一次方程的解（都用t的式子来表示），求出两个解的差绝对值即可．【详解】（1）6x-7＝4x-5解得：x＝1∵关于x的方程ax+b＝0（a≠0）的解与方程6x-7＝4x-5的解相同，∴m＝1；（2）∵x＝1是关于x的方程cx+d＝0（c≠0）的解∴c+d＝0则3c2+cd+2c-2（12cd+32＝3c2+cd+2c-cd-3c2+2d＝2c+2d＝2（c+d）＝0；（3）4042x−9解得：x=4040x+4＝8×2021-2020t-x解得：x=∵9×2020−2020t+====∴关于x的方程4042x−9【点睛】本题考查了一元一次方程、绝对值、有理数混合运算、整式加减的知识；准确把握题意和熟知解一元一次方程的知识是解决本题的关键．【变式7-1】定义：若整数k的值使关于x的方程x+42+1=kx的解为整数，则称(1)判断当k=1时是否为方程x+42(2)方程x+42【答案】(1)1(2)有限个，分别为1，0，2，-1【分析】（1）把k=1代入x+42+1=kx，解方程得（2）解关于x方程x+42+1=kx得x=62k−1，得到当2k−1=±1，2k−1=±2，2k−1=±3，2k−1=±6时，满足方程的解x为整数，求出k的值为：1，0，32，−12【详解】（1）解：当k=1时，原方程化为：x+42整理得：x+6=2x，解得：x=6，即当k=1时，方程的解为整数．根据新定义可得：k=1是方程x+42（2）解：x+42去分母得：x+4+2=2kx，整理得：2k−1x=6方程的解为：x=6当2k−1=±1，2k−1=±2，2k−1=±3，2k−1=±6时，满足方程的解x为整数，此时k的值为：1，0，32，−12，2，-1，7经检验，取上述k的值，2k−1均不为0，其中k为整数才称为“友好系数”，所以k的值为：1，0，2，-1．所以方程x+42分别为1，0，2，-1．【点睛】本题为新定义问题，考查了一元一次方程的解法，理解新定义“友好系数”，正确解出含有字母系数的一元一次方程是解题关键，注意当x=62k−1时，若x为整数，则【变式7-2】我们规定：若关于x的一元一次方程ax=b的解为x=b+a，则称该方程为“和解方程”．例如：方程2x=−4的解为x=−2，而−2=−4+2，则方程2x=−4为“和解方程”．请根据上述规定解答下列问题：(1)下列关于x的一元一次方程是“和解方程”的有．①12x=−12；②(2)已知关于x的一元一次方程2x+2=−m是“和解方程”，求(3)若关于x的一元一次方程3x=mn+m和−3x=mn+n都是“和解方程”，求代数式5−4m+4n的值．【答案】(1)②(2)m=0(3)32【分析】（1）求出方程的解，再根据和解方程的意义得出即可；（2）先解方程得出方程的解，再根据和解方程的含义建立方程即可求得答案；（3）根据和解方程得出方程的解与m−n=−9【详解】（1）解：①12x＝−1∵−1≠1∴①不是“和解方程”；②−3x=94的解是∵−3∴②是“和解方程”；③5x=−2的解是x=−2∵−2∴③不是“和解方程”；故答案为：②．（2）∵2x+2∴x+2=−m∴x=−m∵2x+2=−m即∴2−4−m=−m∴m=0；（3）∵3x=mn+m，∴x=1而3x=mn+m是“和解方程”，∴3+mn+m=1∴mn+m=−9∵−3x=mn+n，∴x=−1而−3x=mn+n是“和解方程”，∴−3+mn+n=−1∴mn+n=9由①-②得：m−n=−9∴5−4m+4n=5−4m−n=5−4×−=5+27=32．【点睛】本题考查了一元一次方程的解的应用，新定义运算，求解代数式的值，正确理解新定义再建立新的方程求解是解题的关键．【变式7-3】在学习一元一次方程后，我们给一个定义：若x0是关于x的一元一次方程ax+b=0a≠0的解，y0是关于y的方程的所有解的其中一个解，且x0，y0满足x0+y0=99，则称关于y的方程为关于x的一元一次方程的“久久方程”．例如：一元一次方程3x−2x−98=0的解是x0=98，方程y+1=2(1)已知关于y的方程：①2y−2=4，②y=2，其中哪个方程是一元一次方程3(2)若关于y的方程2y−2+2=4是关于x的一元一次方程x−3x−2a4(3)若关于y的方程ay−49+a+b=ay+650是关于x【答案】(1)②(2)a=48或47(3)11【分析】（1）分别求出三个方程的解，再验证即可；（2）先解方程2y−2+2=4，求得y=0或y=2，再求出关于x的方程的解，根据题意可分别求得a（3）由ax+50b=55a及x+y=99，可求得y=44+50ba，代入ay−49+a+b=a【详解】（1）解：解2y−2=4得：y=3；解y=2得，y=±2；解3x−1=2x+98得：x=101，而101+(−2)=99，所以y故答案为：②；（2）解：∵2y−2+2=4∴2y−2=2即2y−2=2或2y−2=−2，解得：y=0或y=2；对于x−3x−2a4=a+去括号、移项、合并同类项得：x=2a+3；由题意，当y=0时，2a+3+0=99，解得：a=48；当y=2时，2a+3+2=99，解得：a=47；

所以a=48或47；（3）解：由题意，x+y=99，即ax+ay=99a由ax+50b=55a得：ax=55a−50b，所以55a−50b+ay=99a，则y=44+50b把上式代入ay−49+a+b=a即a50b−5a∴50b−5a=0，∴a=10b，∴a+bb【点睛】本题是新定义题，考查了解一元一次方程及含绝对值的方程，求代数式的值等知识，有一定的综合性，理解题中新定义，会解含有参量的一元一次方程是解题的关键．【题型8一元一次方程的应用】【例8】篝火晚会，学年统一为各班准备了发光手环，每名同学一个，1班有50人，2班有48人，考虑到发光手环易坏，学年又额外给1班、2班共18个手环．(1)要使1班、2班的手环数一样多，请问应额外给1班多少个手环？(2)为营造氛围，各班还需要集体购买发光头饰．姜经理看到商机，准备寻找进货途径．他在甲、乙两个批发商处，发现了同款高端发光头饰，均标价20元甲说：“如果你在我这里买，一律九折”，乙说：“如果你在我这里买，超出40个，则超出部分一律八折”（每次只能在一个批发商处进货）．①请问购进多少个发光头饰，去两个批发商处的进货价一样多？②姜经理第一次购进60个发光头饰，正好全部售出．第二次购进的数量比第一次的3倍还多20个．两次均以最优惠的方式购进．如果第一次的总售价为1150元，且两批发光头饰全部售完后，总利润恰好为总进价的25%【答案】(1)8(2)①80，②22【分析】（1）先设出应额外给1班x个手环，然后根据题意列出一元一次方程求解即可；（2）①设未知数，根据题意列出一元一次方程进行求解即可；②由①可得当进购数量少于80时，选择甲进货商，当进购数量多于80时，选择乙进货商，再根据两批发光头饰全部售完后，总利润恰好为总进价的25%【详解】（1）解：设应额外给1班x个手环，则额外给2班18−x个手环，∵要使1班、2班的手环数一样多，∴50+x=48+18−x解得：x=8，所以应额外给1班8个手环；（2）解：①设购进y个发光头饰，去两个批发商处的进货价一样多，对于甲批发商处进货价为：20y×0.9元，对于乙批发商处进货价为：40×20+y−40∵去两个批发商处的进货价一样多，∴20y×0.9=40×20+y−40解得：y=80，所以购进80个发光头饰时，去两个批发商处的进货价一样多；②设第二次每个发光头饰的售价为z元时两批发光头饰全部售完后，总利润恰好为总进价的25%由①可得当进购数量少于80时，选择甲进货商，当进购数量多于80时，选择乙进货商，第一次进购60个，所以第一次进价为：60×20×0.9=1080元，∵第二次购进的数量比第一次的3倍还多20个，∴第二次进购了200个，第二次进价为：40×20+200−40∵两批发光头饰全部售完后，总利润恰好为总进价的25%∴1150+200z−解得：z=22，所以第二次每个发光头饰的售价为22元时两批发光头饰全部售完后，总利润恰好为总进价的25%【点睛】本题考查了实际问题与一元一次方程，根据题意列出一元一次方程是解题的关键．【变式8-1】轮船沿江从A港顺流行驶到B港，比从B港返回A港少用3ℎ，若静水时船速