广东省东莞外国语学校2023-2024学年高二上学期11月期中考试物理试题（解析版）

东莞外国语学校2023-2024学年第一学期第二次段考高二物理试题本试卷满分100分，考试时间75分钟第Ⅰ卷（选择题）一、单项选择题（本题共6小题，每小题3分，共18分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1.下列说法正确的是（）A.运动员跳高时，在落地处垫上海绵垫子是为了减小冲量B.人从越高的地方跳下，落地时人受到的冲量越大C.动量相同的两个物体受相同的制动力作用，质量小的先停下来D.在电视机等物体包装箱里垫上泡沫垫或气泡垫，是为了减小物体在碰撞过程中受到的冲量【答案】B【解析】【详解】A．运动员跳高时，落地时的冲量等于动量的变化量，在地上垫上海绵垫子可以增加与地面接触的时间，由动量定理可知，从而减小与地面之间的相互作用力的大小，故A错误；B．人从越高地方跳下，落地时速度越大，动量越大，与地面接触时动量变化量越大，人受到的冲量越大，越危险，故B正确；C．由动量定理可知动量相同的两个物体，受相同的制动力作用，同时停下来，故C错误；D．在由动量定理可知，电视机等物体包装箱里垫上泡沫，可以使电视机与箱子撞击时的时间延长，从而是减小电视机在碰撞过程中受到的撞击力，故D错误。故选B。2.2023年9月21日，“天宫课堂”第四课正式开讲，这是中国航天员首次在梦天实验舱内进行授课（图甲）。宋代科学家沈括在《梦溪笔谈》中记载：“以磁石磨针锋，则能指南”。进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布示意图如图乙所示。以下关于磁场的说法正确的是（）A.图甲，从空间站向地面传输信息采用的电磁波是麦克斯韦预言并通过实验验证存在的更多课件教案等优质滋源请家威杏MXSJ663B.将中国古代的四大发明之一司南置于赤道，据乙图可知，磁勺尾（S极）静止时指向北方C.环形导线通电方向如图丙所示，小磁针最后静止时N极指向为垂直于纸面向外D.丁图中，放在通电螺线管外部（线圈外部）的小磁针，静止时N极水平向右【答案】C【解析】【详解】A．图甲，从空间站向地面传输信息采用的电磁波是麦克斯韦预言、赫兹通过实验验证存在的，故A错误；B．地磁的南极在地理的北极附近，地磁的北极在地理的南极附近，所以赤道出的磁场应指向北方，所以将司南置于赤道，磁勺尾（S极）静止时指向南方，故B错误；C．根据右手螺旋定则可知环形通电导线内部的磁场方向应垂直指向外，所以小磁针最后静止时N极指向为垂直于纸面向外，故C正确；D．根据右手螺旋定则可知，螺线管外部的磁感线应指向左，所以放在通电螺线管外部（线圈外部）的小磁针，静止时N极水平向左，故D错误。故选C。3.两点电荷形成电场的电场线分布如图所示，A、B是电场线上的两点，下列判断正确的是（）A.左边电荷带负电，右边电荷带正电B两电荷所带电荷量相等C.A、B两点的电场强度大小相等D.若将带负电的试探电荷放在A点，则A点的电场强度方向会反向【答案】A【解析】【详解】A．电场线从正电荷出发到负电荷终止，可知左边电荷带负电，右边电荷带正电，选项A正确；B．由电场线分布可知，两电荷所带电荷量不相等，选项B错误；C．因A点电场线较B点密集，可知A点的电场强度大于B点的电场强度，选项C错误；D．A点的电场强度方向由电场本身决定，与是否放入试探电荷无关，选项D错误。故选A。4.如图，电源电动势为E，内电阻为r，、为小灯泡（电阻均不变），R1为定值电阻，R2为光敏电阻，R2阻值的大小随照射光强度的增强而减小。闭合开关S后，将照射R2的光强度增强，则（）A.变亮B.变暗C.R1两端的电压将增大D.电路的路端电压将增大【答案】A【解析】【详解】将照射R2的光强度增强，则R2阻值减小，电路总电阻减小，总电流变大，路端电压减小，L1的电流变大，则L1变亮；因为则并联支路的电压减小，则R1两端的电压将减小，因则L2电流变大，即L2变亮。故选A。5.如图甲，先将开关S掷向1，给平行板电容器C充电，稳定后把S掷向2，电容器通过电阻R放电，电流传感器将电流信息导入计算机，屏幕上显示出电流I随时间t变化的图象如图乙所示．将电容器C两板间的距离增大少许，其他条件不变，重新进行上述实验，得到的I-t图象可能是A. B.C. D.【答案】C【解析】【详解】将电容器间距变大，相当于增大了板间距，根据平行板电容器决定式：，可知电容变小，则充电电量：变小，但充电完成后，电容器两端电压仍与电源电压U相等，所以再次放电，初始时刻的电流不变，但电量变小，图面积代表电量，所以面积比图乙小，ABD错误C正确6.一多量程多用电表的简化电路如图所示，该多用电表由一个小量程的电流表与若干元件组成，当转动选择旋钮S时，可实现不同的功能。下列关于多用电表的说法，正确的是（）A.当S接通1或2时，为欧姆挡：当S接通3或4时，为电流挡，当S接通5或6时，为电压挡，接5时量程较大B.测电阻时，指针偏转至靠近刻度盘最右端，需要将倍率调换到更低倍率挡C.电阻刻度上的零刻度线与直流电流最大刻度线相对应，电阻的刻度线是均匀的D.用多用电表测电流时，红表笔接电源负极一侧，黑表笔接电源正极一侧【答案】B【解析】分析】【详解】A．当S接通1或2时，此时灵敏电流计与电阻并联，为电流挡，当S接通3或4时，电路中有电源，为欧姆挡，当S接通5或6时，为电压挡，总电压越大量程越大，接5时，整个电路的电阻比接6的时候要小，因此接5时量程较小，故A错误；B．测电阻时，指针偏转至靠近刻度盘最右端，电阻越小，所以应换更低倍率挡，故B正确；C．电阻刻度上的零刻度线与直流电流最大刻度线相对应，电阻的刻度是左密右疏，左大右小，故C错误；D．用多用电表测电流时，红表笔为电流流入端，红表笔接电源正极一侧，黑表笔为电流流出端，黑表笔接电源负极一侧，故D错误。故选B。二、多项选择题（本题共8小题，每小题4分，共32分在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）7.在“测定金属的电阻率”的实验中，以下操作中错误的是（）A.用米尺测量金属丝的全长，且测量三次，算出其平均值，然后再将金属丝接入电路中B.用伏安法测电阻时，采用电流表内接法，多次测量后算出平均值C.用螺旋测微器在金属丝三个不同部位各测量一次直径，算出其平均值D.实验中电流不能太大，以免电阻率发生变化【答案】AB【解析】【详解】A．先将金属丝接入电路，然后用米尺测量接入电路中的金属丝的全长，且测量三次，算出其平均值，A说法错误，符合题意；B．用伏安法测电阻时，因为待测电阻较小，故采用电流表外接法，B说法错误，符合题意；C．用螺旋测微器在金属丝三个不同部位各测量一次直径，算出其平均值，C说法正确，不符合题意；D．金属丝的电阻率随温度的改变而改变，为保持电阻率不变，实验中电流不能太大，以免电阻率发生变化，D说法正确，不符合题意。故选AB。8.如图所示，在带电体C的右侧有两个原来不带电的、相互接触的金属导体A和B，A、B、C均放在绝缘支座上。由于静电感应，导体A、B均带电。下列说法正确的是（）A.如图所示状态中，导体A带负电，B带正电B.在图示状态下移走带电体C，导体A带负电、B带正电C.无论是移走带电体C还是将导体A、B分开，导体A、B上的总电荷量始终为零D.在图示状态下将导体A、B分开，分开后A、B仍带电，该过程创造了电荷【答案】AC【解析】【详解】A．导体A左端感应出负电荷，导体B的右端感应出等量的正电荷，故A正确；B．若先移走C，此时导体A和B中的电荷又发生中和，不再带电，故B错误；C．根据电荷守恒定律，可知无论是移走带电体C还是将导体A、B分开，导体A、B上的总电荷始终为零，故C正确；D．在图示状态下将导体A、B分开，分开后A、B仍带电，该过程不是创造了电荷，是电荷的重新分布，故D错误。故选AC。9.如图所示，a、b是两个可视为质点的带有同种电荷的小球，用绝缘细线悬挂于同一点；两球静止时，它们连线水平，绳与竖直方向的夹角分别为α，β（α<β）。则（）A.a球电量可能等于b球电量B.a球电量一定大于b球电量C.a球质量可能等于b球质量D.a球质量一定大于b球质量【答案】AD【解析】【详解】AB．由库仑定律可知，不能判断出二者带电量的关系，故A正确，B错误；CD．设ab小球的质量分别为和，对两球受力分析如图两个小球之间的库仑力作用是一对作用力与反作用力，则对a对b由于，可知故C错误，D正确。故选AD。10.电子墨水是一种无光源显示技术，它利用电场调控带电颜料微粒的分布，使之在自然光的照射下呈现出不同颜色．透明面板下有一层胶囊，其中每个胶囊都是一个像素．如图所示，胶囊中有带正电的白色微粒和带负电的黑色微粒．当胶囊下方的电极极性由负变正时，微粒在胶囊内迁移（每个微粒电量保持不变），像素由黑色变成白色．下列说法正确的有（）A.像素呈黑色时，黑色微粒所在区域的电势高于白色微粒所在区域的电势B.像素呈白色时，黑色微粒所在区域的电势低于白色微粒所在区域的电势C.像素由黑变白的过程中，电场力对白色微粒做正功D.像素由白变黑的过程中，电场力对黑色微粒做负功【答案】AC【解析】【详解】A．像素呈黑色时，当胶囊下方的电极带负电，像素胶囊里电场线方向向下，所以黑色微粒所在的区域的电势高于白色微粒所在区域的电势，故A正确；B．像素呈白色时，当胶囊下方的电极带正电，像素胶囊里电场线方向向上，所以黑色微粒所在的区域的电势高于白色微粒所在区域的电势，故B错误；C．像素由黑变白的过程中，白色微粒受到的电场力向上，位移向上，电场力对白色微粒做正功，故C正确；D．像素由白变黑的过程中，黑色微粒受到的电场力向下，位移向下，电场力对黑色微粒做正功，故D错误。故选AC。11.如图所示，一匀强电场的电场线平行于xOy平面，电场强度大小为E，xOy平面上有一椭圆，椭圆的长轴在x轴上，E、F两点为椭圆的两个焦点，AB是椭圆的短轴，椭圆的一端过O点，则下列说法正确的是（）A.在椭圆上，O、C两点间电势差一定最大B.在椭圆上，A、B两点间电势差一定最大C.一个点电荷从E点运动到椭圆上任意一点再运动到F点，电场力做功可能为零D.一个点电荷从O点运动到A点与从B点运动到C点，电场力做功一定相同【答案】CD【解析】【详解】AB．由于匀强电场方向平行于坐标平面，当电场方向平行于y轴时，O、C间的电势差为零；当电场方向平行于x轴时，A、B间的电势差为零，AB错误；C．如果电场方向平行于y轴，则E、F两点电势相等，则一个点电荷从E点运动到椭圆上任意一点再运动到F点，电场力做功为零，C正确；D．由于O、A连线平行于B、C连线，且长度相等，因此在匀强电场中，O、A间的电势差和B、C间的电势差相等，一个点电荷从O点运动到A点与从B点运动到C点，电场力做功一定相同，D正确。故选CD。12.如图所示，在某大学航天科普节活动中，某同学将静置在地面上的质量为M（含水）的自制“水火箭”释放升空，在极短的时间内，质量为m的水以相对地面为的速度竖直向下喷出。已知重力加速度为g，空气阻力不计，下列说法正确的是（）A.火箭的推力来源于火箭外的空气对它的反作用力B.水喷出的过程中，火箭和水机械能守恒C.火箭的上升的最大高度为D.火箭上升的时间【答案】CD【解析】【详解】A．根据牛顿第三定律可知，火箭的推力来源于向下喷出的水对火箭的反作用力，故A错误；B．水喷出的过程中，火箭内的水做功，火箭及水的机械能不守恒，故B错误；C．火箭发射过程系统内力远大于外力，系统动量守恒，以喷出水的速度方向为正方向，由动量守恒定律得解得火箭的速度大小方向与v0的方向相反，竖直向上。火箭做竖直上抛运动，上升的最大高度故C正确；D．火箭上升的时间故D正确。故选CD。13.电解槽内有一价离子的电解溶液，溶液中插有两根碳棒A、B作为电极，将它们接在直流电源上，溶液中就有电流通过，假设时间t内通过溶液内横截面S的正离子数是，负离子数是，设元电荷的电量为e，以下解释正确的是（）A.溶液内正负离子沿相反方向运动，电流相互抵消B.负离子定向移动的方向是从A到BC.溶液内电流方向从B到A，电流D.溶液内电流方向从B到A，电流【答案】BD【解析】【详解】AB．电流的方向与正离子定向移动方向相同，与负离子定向移动方向相反。所以正离子定向移动形成电流，方向从B到A，负离子定向移动形成电流方向也从B到A，不会相互抵消，选项A错误，选项B正确；CD．溶液内电流方向从B到A。t时间内通过溶液截面S的电荷量则根据电流的定义式有选项C错误，选项D正确。故选BD。14.如图所示，一直流电动机与阻值的电阻串联在电源上，电源电动势V，内阻，用理想电压表测出电动机两端电压V，已知电动机线圈电阻，则下列说法中正确的是（）A.电源的总功率为60W B.通过电动机的电流为AC.电源的路端电压为28V D.电动机的输出功率为18W【答案】AC【解析】【详解】B．根据闭合电路欧姆定律，有解得故B错误；A．电源的总功率为故A正确；C．电源的路端电压为故C正确；D．电动机的输入功率电动机的热功率电动机的输出功率故D错误。故选AC。第Ⅱ卷（非选择题）三、非选择题（本题共3小题，共50分。考生根据要求作答）15.用螺旋测微器测量某圆柱体的直径，用游标卡尺测量其长度，由图读得圆柱体的直径为______mm，长度为______cm。【答案】①.1.843##1.844##1.845##1.846②.4.240【解析】【详解】[1]根据螺旋测微器的读数规律，该读数为[2]根据游标卡尺的读数规律，该读数为16.某实验小组选用以下器材测定电池组的电动势和内阻、电压表（量程0—3V，内阻约为3kΩ），电流表（量程0—0.6A，内阻约为0.2Ω）滑动变阻器（0—20Ω，额定电流1A），定值电阻R0=2Ω待测电池组（电动势约为3V）开关、导线若干（1）电路连接如图所示，在闭合关前，滑动变阻器的滑片P应置于滑动变阻器的_________端；填（“a”或者“b”）（2）电路中定值电阻R0的作用为__________（单选）A.起到限流作用，避免电池组放电电流过大B.为了解决实验中电流表示数变化明显，而电压表示数变化不明显的问题C.改装电压表，扩大量程（3）采集到了几组电压表读数U和对应的电流读数I，并作出U—I图像，如图所示。根据图像可知，电池组的内阻为____________Ω。（结果保留两位有效字）（4）利用这种电路，测得电池组的电动势比实际电动势________填（“偏大”、“相等”、“偏小”）【答案】①.a②.A③.3.0④.偏小【解析】【详解】（1）[1]由图示实物电路图可知，滑动变阻器采用限流接法，为保护电路，闭合开关前滑片要置于滑动变阻器的a端。（2）[2]电路中定值电阻R0与滑动变阻器串联的作用为起到限流作用，避免电池组放电电流过大，故A正确，BC错误。故选A。（3）[3]由闭合电路欧姆定律可得解得所以U—I图像斜率的绝对值表示电池组的内阻（4）[4]利用这种电路，由于电压表的分流影响，测得的电流比通过电池的电流小，所以测得电池组的电动势比实际电动势偏小。17.在“验证动量守恒定律”的实验中，某同学用如图a所示的装置进行了如下的操作：①先调整斜槽轨道，使其末端的切线水平，在一块平木板表面先后钉上白纸和复写纸，并将该木板竖直立于靠近槽口处，使小球a从斜槽轨道上菜固定点处由静止释放，撞到木板并在白纸上留下痕迹O；②将木板向右平移适当的距离，再使小球a从原固定点由静止释放，撞在木板上并在白纸上留下痕迹B；③把半径相同的小球b静止放在斜槽轨道水平段的最右端让小球a仍从原固定点由静止释放，和小球b相碰后，两球撞在木板上并在白纸上留下痕迹A和C；④用刻度尺测量白纸上O点到A、B、C三点的距离分别为y₁、y₂和y3，。（1）两小球的质量关系：ma________mb（填“>”“<”或“=”）。（2）碰撞后，小球b落点的痕迹是_______（填“A”、“B”、“C”）（3）上述实验除需测量白纸上O点到A、B、C三点的距离外，还需要测量的物理量有_______。A.木板向右移动的距离LB.小球a和小球b的质量ma、mbC.A、B两点间的高度差△tD.小球a和小球b的半径r（4）用本实验中所测得的量来验证两小球碰撞过程动量守恒，其表达式为_______【答案】①.>②.A③.B④.【解析】【详解】（1）[1]为防止两球碰撞后入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量，即ma＞mb（2）[2]根据题意可知，碰后小球b速度最大，根据，可知，小球b下落距离最小，所以落点为A。（3）[3]根据（2）分析，可知则碰撞前