2024届吉林省通化市外国语学校中考物理最后冲刺模拟试卷含解析

2024届吉林省通化市外国语学校中考物理最后冲刺模拟试卷注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单选题（本大题共10小题，共30分）1．在木棒的一端缠绕一些铜丝制成两个完全相同的简易密度计，现将它们分别放入盛有不同液体的两个烧杯中，如图所示，当它们竖直静止在液体中时，液面高度相同。从观察到的现象可以判断A．两个简易密度计所受浮力F甲＞F乙B．两杯液体的密度ρ甲＞ρ乙C．两个烧杯底部所受液体的压强p甲＝p乙D．两个简易密度计排开液体的重力G甲＝G乙2．北斗卫星导航系统是我国自主研制的全球卫星定位与通信系统，已经初步具备区域导航、定位和授时功能．完全建成后可在全球范围内全天候、全天时为用户提供高精度、高可靠定位、导航、授时服务，并具有短报文通信功能．下列关于北斗导航卫星系统说法正确的是（）A．北斗卫星导航系统传送信息的速度与光速相同B．北斗卫星导航系统的空间段采用光纤传送信息C．北斗卫星导航系统采用超声波为汽车导航D．北斗卫星导航系统现已全面建成3．关于力和运动的关系，下列说法正确的是A．同一轮船从长江驶入海洋，轮船所受的浮力增大B．如果物体的运动状态发生改变，它一定受到力的作用C．静止的物体，如果受到推力的作用，它的运动状态一定发生改变D．高速公路上之所以对汽车有最大限速，原因是速度越大惯性越大4．如图所示的工具中，正常使用时属于费力杠杆的是（）A．托盘天平 B．筷子C．核桃夹子 D．羊角锤5．静止在水平桌面上的铅笔受到的一对平衡力是A．铅笔受到的重力与桌子受到的重力B．铅笔受到的重力与铅笔对桌子的压力C．桌子对铅笔的支持力与铅笔对桌子的压力D．桌子对铅笔的支持力与铅笔受到的重力6．“歼－15”是我国第一代航母舰载机．下列能正确表示其在空中飞行时所受的重力方向的是()A． B． C． D．7．如图所示的液态金属，常温下是液体，拥有金属的特点，具有低熔点、熔融后塑形强、高硬度、耐腐蚀、高耐磨等特点，其导热和比热容远远高于水等传统导热剂，下列关于液态金属说法错误的是A．该材料可以制作电子元器件B．利用该金属可以做成各种形状的加热装置C．采用这种材料可以制造更加结实耐用的手机外壳D．一定质量该液态金属和水，吸收相等热量，该金属温度变化量较小8．如图所示电路中，电源电压保持不变．闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P向右移动，下列说法中正确的是A．电流表A2的示数不变B．电流表A1的示数变大C．电压表V的示数变小D．电流表A1和电流表A2的示数之差不变9．关于如图所示的四种情境，下列说法错误的是A．甲图中足球运动员踢球使球飞出去，说明力可以改变物体的运动状态B．乙图中跳远运动员助跑后起跳是为了增大惯性C．丙图中撑杆跳高运动员向上弹起时，竿对人弹力的大小等于人对竿拉力的大小D．丁图中运动员在单杠上静止不动时，单杠对他的拉力和他受到的重力是一对平衡力10．图甲是发电机原理的示意图，图乙中的“o”表示图甲中的导线ab（观察的视线沿导线由b往a看），当它在磁场中分别转动到1-4位置时，远动方向已用箭头标出．下列说法正确的是A．图甲的电路中没有电源B．在位置1时，电路中不会产生感应电流C．发电机产生的电流方向不变D．在位置2时，电路中不会产生感应电流二、多选题（本大题共3小题，共12分）11．天然气已走进千家万户，为百姓提供生活便利，但天然气使用不当造成的泄漏会严重威胁生命财产安全。小华同学针对这一问题设计了天然气泄露检测器，其原理如图甲所示。R1为“气敏传感器”，它的阻值R1与天然气浓度β的关系如图乙所示。R2为定值电阻，其阻值为15Ω，电源电压恒为6V．已知天然气浓度不高于1%时为安全浓度，超过1%时为危险浓度。闭合开关后，以下说法正确的是A．天然气浓度越高，电流表示数越大，电压表的示数越小B．电流表的示数为0.2A时，天然气浓度处于危险浓度C．当电压表的示数小于2.4V，天然气浓度超过1%D．电压表示数为3V时，R2消耗的电功率为1.2W12．如图所示，在探究“凸透镜成像的规律”实验中，光屏的位置如图所示。将蜡烛放到光具座的20cm刻度处时，光屏上成一个清晰的像，下列说法正确的是（）A．该凸透镜的焦距为15～20cmB．将蜡烛移到30cm刻度处，照相机就是利用这一原理制成C．若将蜡烛远离透镜，同时将光屏靠近透镜，在光屏上能再次成一个清晰的像D．若保持蜡烛位置不变，为使光屏上成的像变小，可以换用焦距较小的凸透镜并将光屏靠近凸透镜13．下列有关磁现象的说法中，正确的是（）A．磁体具有吸引轻小物体的性质B．放入磁场中某点的小磁针静止时N极指向与该点磁场方向相同C．地磁场的北极在地理的南极附近D．导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中就会产生感应电流三、填空题（本大题共5小题，共10分）14．如图所示，小明设计的一种加热、照明装置的原理图，R1、R2是两个用来加热的电阻丝，L是标有“220V100W”的照明灯泡，开关S1、S2的通断只有两种状态：一种是同时断开，另一种是同时闭合．当两开关同时断开时，电流表的示数为5.5A，电阻R1的电功率为P1，电阻R2的电功率为P2，电路的总电功率为P；电源两端的电压U恒为220V，P1:P2=1:1．求：总电功率P；___________R1的阻值；___________若开关同时断开48min后再同时闭合10min，该装置共消耗电能_______kW·h．15．科技小组同学自己动手制作弹簧测力计．他们选用两根弹簧甲和乙进行测试：当在弹簧的下端挂相同的钩码时，两根弹簧的伸长不同，并绘出如图所示的图象，分析其中一根弹簧的实验图象得到结论是______．若他们要制作量程较大的弹簧测力计应选弹簧______；若要制作精确度较高的弹簧测力计应选弹簧______．（以上两空均选填“甲”或“乙”）16．长春市城区禁止燃放烟花焊竹，这一禁令得到了广大市民的支持和拥护，其中一方面原因是燃放时，会引起周围空气_____而产生噪声。不仅如此，还会增加PM2.5等颗粒物的危害，PM2.5是指大气中直径不大于2.5_____（选填“毫米”或“微米”）的颗粒物17．小明家空调的制冷功率为2500W，一个暑假（按50天计算），若空调每天平均制冷工作6h，一个暑假消耗的电能为_________kW·h，合_______J．18．将一小球水平抛出，图是小球弹跳的频闪照片，小球在A、B位置的高度一样．小球首次下落过程中，小球的__________能转化为__________．落地弹起后小球从A到B过程中机械能将__________（选填“增大”“不变”或“减小”）；当小球第二次弹起，到达最高点时，若外力全部消失，小球会处于__________状态．四、计算题（本大题共3小题，共29分）19．如图所示，有一薄壁柱形容器置于水平地面上，容器中装有水．现将一只质量为2千克的实心小球浸没在容器的水中，水不溢出，分别测出小球浸入前和浸没后水对容器底部的压强p水、小球浸入前和浸没后容器对水平地面的压强p地，如下表所示．求：浸入前浸没后p水（帕）19602352P地（帕）24503430①小球浸入前，容器中水的深度h水．②容器中水的重力G水．③实心球的密度ρ球．20．电饭锅是家中常用的用电器，下表是小宇家中一台电饭锅的铭牌，其内部结构简化如图所示，其中R1和R2都是电热丝（不考虑温度对电阻的影响）．额定电压220V频率50Hz额定功率加热880W保温44W（1）电饭锅正常工作时，在加热状态下的总电流是多少？（2）电阻R2的阻值是多少？（3）一天，小宇断开家中其它用电器，只接通电饭锅且处于加热状态，发现家中标有“220V10（20）A；3000r/kW•h”的电能表5min内转了200圈，求电饭锅此时的实际加热功率是多少？21．环保部门为了保持城市的清洁，定期使用洒水车对主干道洒水保洁．已知洒水车自身的质量为5t，满载时可以装水8t．某日清晨，洒水车满载时在马路上匀速行驶，8min内行驶了4800m，消耗燃油6kg（假设燃油完全燃烧），已知洒水车满载行驶时的牵引力大约是其总重的0.1倍，g=10N/kg，燃油的热值是3×107J/kg．求上述过程中：（1）洒水车运动的速度；（2）牵引力对洒水车做的功；（3）牵引力对洒水车做功的功率；（4）汽车发动机的效率．（精确到1%）五、作图题（本大题共2小题，共4分）22．根据小磁针的指向，画出通电螺线管的绕法．（______）23．如图所示，通电直导线周围的磁场分布可用磁感线表示为以导线为圆心的同心圆圈，磁场方向可以运用如下方法判断：用右手握住直导线，让大拇指指向直导线中电流的方向，则弯曲的四指所指方向为磁场方向．请在图中标出静止在磁场中的小磁针的N极（____________）六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）24．某实验小组的同学用图甲所示器材测量小灯泡电功率，待测小灯泡L的额定电压为3.8V，额定功率小于1W，电源电压恒为6V，滑动变阻器R的规格为“20Ω1A”，图甲所示是该实验小组没有连接完整的电路．（1）请你用笔线代替导线，在图甲中把电路连接完整___________（2）正确连接完电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，小灯泡不亮，电流表无示数，电压表示数明显，仔细检查，连接无误，那么出现该状况的原因应该是_______（选填“A”、“B”、“C”或“D”）A．电流表内部断路了B．灯泡的灯丝断了C．灯座内部出现了短路D．滑动变阻器的电阻线断了（3）排出故障后，通过正确操作，当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，其值为_____A，小灯泡的额定功率为________W．（4）测出小灯泡的额定功率后，再测大于小灯泡额定功率的实际功率，应将滑动变阻器的滑片向_______（选填“左”或“右”）端滑动．（5）测量小灯泡的电功率________（选填“需要”或“不需要”）多次测量求平均值，原因是______________．（6）图丙是该实验小组的同学测量小灯泡电功率的电路图，测量后他们对测量结果进行了误差分析，考虑电表本身对电路的影响，该电路主要是由于所测___（选填“电压”或“电流”）值偏大引起小灯跑电功率偏大的．25．在“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，小英做了如图甲所示的三次实验，用到了一个弹簧测力计、一个木块、一个砝码、两个材料相同但表面粗糙程度不同的长木板．实验中第1次和第2次用相同的长木板，第3次用表面更加粗糙的长木板．（1）实验时用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平桌面上做_____，根据二力平衡知识，可知滑动摩擦力的大小_____（选填“大于”、“等于”或“小于”）拉力的大小．（2）比较1、2两次实验，得出结论：_____．（3）比较_____两次实验，是为了探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系．（4）刚开始小英做第1次实验时控制不好力度，拉力随时间变化的图象如图乙所示，木块的速度随时间变化的图象如图丙所示，则木块在第7s时的摩擦力为_____N．（5）小芳同学将实验方法进行了改进，实验装置如图丁所示：将弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块，木块下面是一长木板，实验时拉着长木板沿水平地面向右运动，此时木块受到的摩擦力方向_____，大小为_____N．这样改进的好处是_____．26．同学们在实验室里测某小金属块的密度，器材有天平、量筒、小金属块、细线、烧杯和水（1）请你写出实验步骤；_______（2）在调节天平时，发现指针位置如图所示，此时应将平衡螺母向________调（选填“左”或“右”）（3）用调节好的天平称小金属块的质量，天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图所示；量筒量出小金属块的体积如图所示，由此可知，小金属块的密度ρ=_______________kg/m3。

参考答案一、单选题（本大题共10小题，共30分）1、D【解题分析】

A、由图可知，密度计在两液体中均处于漂浮状态，根据物体浮沉条件可知，F浮＝G，两个密度计完全相同，则重力相同，所以密度计在两种液体中所受的浮力相等；即F甲＝F乙．故A错误；B、由图知，甲中密度计排开液体的体积大于乙中排开液体的体积，根据F浮＝ρgV排可知，甲液体的密度小于乙液体的密度，即ρ甲＜ρ乙．故B错误；C、因ρ甲＜ρ乙，液面高度相同，则根据p＝ρgh可知，两个烧杯底部所受液体的压强p甲＜p乙，故C错误；D、根据阿基米德原理可知，浸在液体中的物体，受到的浮力等于它排开液体的重力，F甲＝F乙，所以排开液体的重力G甲＝G乙．故D正确。2、A【解题分析】

AB．北斗卫星导航系统是利用电磁波传送信息的，电磁波的速度与光速相同，都是3.0×108m/s，故A正确，B错误．C．北斗卫星导航系统采用电磁波为汽车导航，故C错误；D．由题，北斗卫星导航系统已经初步具备区域导航、定位和授时功能．完全建成后可在全球范围内全天候、全天时为用户提供服务，因此北斗卫星导航系统还没有全面建成，故D错误．【题目点拨】本题考查学生对卫星通信的了解和掌握，了解北斗卫星导航系统，增强民族自豪感．3、B【解题分析】

A．同一艘轮船从长江驶入海洋，都处于漂浮状态，浮力和物体重力相等，重力不变，所以浮力大小不变，A错误；B．力是改变物体运动状态的原因，如果物体的运动状态发生改变，它一定受到力的作用，B正确；C．静止的物体，若受到的推力和摩擦力相等时，运动状态也可能不变，C错误；D．惯性的大小只取决于质量的大小，与物体的速度无关，D错误。4、B【解题分析】A.托盘天平是等臂杠杆的典型应用；B.筷子使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C.核桃夹使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D.羊角锤使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；故B为费力杠杆，符合题意．5、D【解题分析】

A.铅笔受到的重力与桌子受到的重力，二力的方向相同，大小不相等，作用在两个物体上，不是一对平衡力，故A错误。B.铅笔受到的重力与铅笔对桌面的压力，二力的方向相同、作用在两个物体上，不是一对平衡力，故B错误；C.铅笔对桌面的压力与桌面对铅笔的支持力，二力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，但作用在两个物体上，是一对相互作用力，故C错误；D.铅笔受到的重力与桌面对铅笔的支持力，二力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上，是一对平衡力，故D正确；6、C【解题分析】重力方向始终竖直向下．7、B【解题分析】

A、该材料拥有金属的特点，有较好的导电性，可以制作电子元器件，故A正确，不符合题意；B、该金属的熔点低，故低熔点不能做成各种形状的加热装置，故B错误，符合题意；C、该金属高硬度，故可以制造更加结实耐用的手机外壳，故C正确，不符合题意；D、该金属比热容大于水的比热容，故吸收相等热量，该金属温度变化量较小，故D正确，不符合题意。8、D【解题分析】

A.电路中，R1与R2并联，并联电压等于电源电压，电流表A2测通过R2的电流，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，R2变大，根据欧姆定律，通过R2的电流变小，电流表A2的示数变小，故A错误；B.电流表A1测总电流，因R1的电压始终为电源电压保持不变，根据欧姆定律，通过R1的电流不变，而通过R2的电流变小，根据并联电路特点，总电流变小，电流表A1的示数变小，故B错误；C.电压表测电源电压，故电压表示数不变，故C选项错误；D.因为通过R1的电流不变，根据并联电路电流的规律，电流表A1与电流表A2的示数之差即为通过R1的电流保持不变，D选项正确．9、B【解题分析】

（1）力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。（2）任何物体在任何情况下都具有惯性，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质。物体的惯性只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大。（3）物体间力的作用是相互的，一对相互作用力的大小相等。（4）物体受到平衡力作用时，其运动状态不变，即处于静止状态或匀速直线运动状态。【题目详解】A、甲图中足球运动员踢球使球飞出去，足球由静止变为运动；说明力可以改变物体的运动状态；故A正确,不合题意。B、物体的惯性只与物体的质量有关，助跑后不能增大惯性；故B错误，符合题意。C、撑杆跳高运动员向上弹起时，由于物体间力的作用是相互的，且其大小相等；故竿对人弹力的大小等于人对竿拉力；故C正确，不合题意。D、动员在单杠上静止不动时，受到平衡力作用；故单杠对他的拉力和他受到的重力是一对平衡力；故D正确，不合题意。故选B。10、B【解题分析】

A.发电机的原理是电磁感应现象，将机械能转化为电能，线圈就相当于电源，故A错误；BD、小圆圈“◯”表示垂直于纸面、绕垂直纸面的轴转动的一根导线，它是闭合电路的一部分，图中磁感线方向水平向右，1的运动方向与磁感线方向平行，不切割磁感线，不能产生感应电流；2、3、4的运动方向切割磁感线，能产生感应电流．故B正确，D错误；C.发电机线圈中产生的感应电流的大小和方向都随时间作周期性的变化，故C错误．二、多选题（本大题共3小题，共12分）11、AC【解题分析】

由图甲可知，两电阻串联，电压表测R1两端电压，电流表测电路中电流，A、由图乙可知，R1的阻值随天然气浓度的增大而减小，当天然气浓度越高时，电阻R1的阻值越小，电路的总电阻越小，电源电压恒定，由欧姆定律可知，电路中电流越大，即电流表示数越大，再由串联电路的分压原理知，R1分得电压减小，即电压表示数越小，故A正确；B、当电流表的示数为0.2A时，电路中的总电阻R＝＝＝30Ω，则R1的阻值R1＝R﹣R2＝30Ω﹣15Ω＝15Ω，由图乙可知，此时天然气的浓度为0.75%，未超过1%，此时处于安全浓度，故B错误；C、由图乙可知，天然气的浓度超过1%时，R1的阻值R1′＜10Ω，此时电路中的电流I′＞＝＝0.24A，由欧姆定律可得，此时电阻R2两端的电压U2＞I′R2＝0.24A×15Ω＝3.6V，根据串联电路的总电压等于各个电阻两端的电压之和可知：U1＜U﹣U2＝6V﹣3.6V＝2.4V，即电压表的示数小2.4V，故C正确；D、当电压表示数为3V时，定值电阻R2两端的电压U2＝U﹣U1＝6V﹣3V＝3V，此时R2消耗的电功率P2＝＝＝0.6W，故D错误。12、ACD【解题分析】

A．由题，将蜡烛放到光具座的20cm刻度处时，物距u=50cm-20cm=30cm，像距v=90cm-50cm=40cm,u＜v,成倒立放大的实像，f＜u=30cm＜2f，v=40cm＞2f，解得15cm＜f＜20cm，故A正确。B．将蜡烛移到30cm刻度处，物距u=50cm-30cm=20cm，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立放大的实像，投影仪是利用这一原理制成，故B错误。C．根据折射光路是可逆的，若将蜡烛远离透镜，同时将光屏靠近透镜，在光屏上能再次成一个清晰的像，故C正确。D．若保持蜡烛位置不变，换用焦距较小的凸透镜，相当于增大了物距，根据凸透镜成实像时“物远像近像变小”，将光屏靠近凸透镜，可以使光屏上成的像变小，故D正确。13、BC【解题分析】

A．磁铁只能吸引铁磁性物质（铁、钴、镍），与物体大小无关，故A错误；B．磁场方向的规定：磁场中某点的磁场方向与放在该处的小磁针静止时N极指向相同，故B正确；C．根据地磁场的规定：地磁场的北极在地理的南极附近，故C正确；D．闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中才会产生感应电流，故D错误．三、填空题（本大题共5小题，共10分）14、1210W10Ω1.418【解题分析】

（1）当两开关同时断开时，R1、R2串联，电流表测电路中的电流，根据P=UI求出电路的总功率；

（2）当两开关同时断开时，R1、R2串联，电流表测电路中的电流，利用串联电路的电流特点和P=I2R结合P1：P2=1：1求出R1与R2的阻值之比，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出电阻R1的阻值；

（1）根据W=Pt求出开关同时断开48min消耗的电能，由电路图可知，开关S1、S2同时闭合时，灯泡L与R1并联，根据并联电路的电压特点和求出电路的总功率，利用W=Pt求出同时闭合10min消耗的电能，然后求出该装置共消耗的电能．【题目详解】（1）当两开关同时断开时，R1、R2串联，电流表测电路中的电流，

则电路的总功率：P=UI=220V×5.5A=1210W；（2）当两开关同时断开时，R1、R2串联，电流表测电路中的电流，

因串联电路中各处的电流相等，且P1：P2=1：1，所以，由P=I2R可得，R1与R2的阻值之比：

，即R2=1R1，

由可得，电路中的总电阻：因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，R=R1+R2=R1+1R1=4R1=40Ω，

解得：R1=10Ω，R2=10Ω；

（1）由可得，开关同时断开48min消耗的电能：当两开关同时闭合时，灯泡L与R1并联，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，此时电路的总功率：同时闭合10min消耗的电能：所以，该装置共消耗电能：

W=0.968kW•h+2.47kW•h=1.418kW•h．【题目点拨】本题考查了串、并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的灵活应用，分清两种状态下电路的连接方式是关键．15、弹性限度内，弹簧的伸长与拉力成正比；乙；甲【解题分析】

（1）从图象B可以看出，钩码的重力每增加2N，弹簧伸长1cm，而当拉力超过8N后，弹簧的伸长与拉力不再成正比，说明此时超过了弹簧的弹性限度，因此可以得出：在弹性限度内，弹簧的伸长与拉力成正比；（2）读图象可知，在拉力相同时，弹簧甲的伸长更明显，因此它适合制作精确度较高的测力计，弹簧乙的伸长更不明显，而且能承受较大的拉力，因此它适合制作量程较大的测力计．【题目点拨】自制弹簧测力计一定要找准拉力与弹簧伸长量的关系，这样才能准确标出刻度，同时测定出弹簧测力计的量程也很重要，这样才能保证在使用时不会损坏弹簧测力计．16、振动微米【解题分析】

燃放烟花爆竹时，会引起周围空气的振动，从而产生噪声；PM2.5也叫可吸入颗粒物，它的直径很小，一般直径不大于2.5微米。17、7502.7×109【解题分析】

空调一个暑假消耗的电能：W=Pt=50×2500×10−3kW×6h=750kW·h=750×3.6×106J=2.7×109J18、重力势动能和内能减小匀速直线运动【解题分析】

小球首次下落过程中，高度减小，重力势能增大，速度变大，动能增大，小球的重力势能转化为动能，还有一部分重力势能克服空气摩擦阻力转化为内能；落地弹起后小球从A到B过程中克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，故机械能将减小；当小球第二次弹起，到达最高点时，向上速度为0，而水平速度不为0，此时若一切外力都消失，根据牛顿第一定律可知，小球将做水平方向的匀速直线运动．四、计算题（本大题共3小题，共29分）19、0.2米；19.2牛；2.5×101千克/米1【解题分析】

①有液体压强公式p=gh可得，1960=1.0kg/h得，h=0.2m.②小球浸入前和浸没后容器对水平地面的压强差：

△p地=p地2-p地1=1410Pa-2450Pa=980Pa

由p=可得受力面积（容器底面积）：S====0.02m2，

因为容器是柱形容器，所以水的重力：G水=F水1=p水1S=1960Pa×0.02m2=19.2N；

（1）小球浸入前和浸没后水对容器底的压强差：△p水=p水2-p水1=2152Pa-1960Pa=192Pa，

由p=ρgh可知容器中水的深度变化：△h水==0.04m；因为小球浸没，所以小球的体积：V球=V排=S×△h水=0.02m2×0.04m=8×10-4m1，小球的密度：ρ球===2.5×101kg/m1．20、（1）4A（2）1100Ω（3）800W【解题分析】

（1）知道电饭锅正常工作时在加热状态下功率，利用P＝UI求电路总电流；（2）分析S、S0闭合和S闭合、S0断开时的电路组成、电阻大小关系，据P＝可知，什么情况为保温档，再利用P＝求R2的阻值；（3）3000r/kW•h表示电饭锅每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r，据此求电能表转盘转200r消耗的电能，再利用P＝求电饭锅此时的实际加热功率．【题目详解】（1）由题知，电饭锅正常工作时，在加热状态下功率P＝880W，由P＝UI可得总电流：I＝＝4A；（2）当S、S0闭合时，R1和R2并联，当S闭合、S0断开时，电路中只有R2，因并联电路总电阻小于支路电阻，因此当S闭合、S0断开时，电路总电阻较大；由P＝可知，此时电功率较小，为保温档；P保温＝44W，由P＝可得：R2＝＝1100Ω；（3）3000r/kW•h表示电饭锅每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r，则电能表转盘转200r消耗的电能：W＝kW•h＝kW•h，电饭锅此时的实际加热功率：P实＝＝0.8kW＝800W．21、（1）10m/s；（2）6.24107J；（3）1.3×105W；（4）35%．【解题分析】

（1）洒水车运动的速度：；（2）牵引力F=0.1(m车+m水)g=0.1(51000kg+81000kg)10N/kg=13000N，牵引力对洒水车做的功：W=Fs=13000N4800m=6.24107J；（3）牵引力对洒水车做功的功率：；（4）燃油完全燃烧产生的热量：Q=mq=6kg3×107J/kg=1.8×108J，则汽车发动机的效率：．答：（1）洒水车运动的速度：10m/s；（2）牵引力对洒水车做的功：6.24107J；（3）牵引力对洒水车做功的功率：1.3×105W；（4）则汽车发动机的效率：35%．五、作图题（本大题共2小题，共4分）22、如下图所示【解题分析】试题分析：根据磁极间的相互作用可知，与磁针N极靠近的右端是螺线管的S极，螺线管的左端是N极，由安培定则可确定出螺线管的绕线如上图所示．考点：通电螺线管23、【解题分析】

由题知：用右手握住直导线，让大拇指指向直导线中电流的方向，则弯曲的四指所指方向为磁场方向．由图根据以上方法可判断出通电直导线周围的磁感线方向是逆时针方向的，因为小磁针静止时，北极的指向为磁场方向，则小磁针的N极如图所示：．六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）24、B0.20.76右不需要灯在不同电压下的功率不同电流【解题分析】（1）因为灯的额定电压是3.8V，所以电压表选用大量程且与灯并联，将变阻器的最大电阻连入电路中与灯和电流表串联，因为小灯泡L的额定电压为3.8V，额定功率小于1W，由P=UI知道，灯泡的额定功率约是P=1W/3.8V=0.26A，所以电流表选用小量程，电路连接如下图：（2）因为是电流表与灯和变阻器是串联，若电流表内部断路了，则整个电路断路，两表都没有示数，故A不符合题意；B．若灯泡的灯丝断了，则灯不会亮，电流表也没有示数，此时电压表串联在电路中，电压表测电源电压，所以会有示数，故B符合题意；若灯座内部出现了短路，则电压表没有示数，电流表有示数，故C不符合题意；若滑动变阻器的电阻线断了，则整个电路断路，两表都没有示数，故D不符合题意，综上所述应选B；（3）由图乙知道，当灯泡正常发光时，由于电流表选用小量程